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文档简介
第=page11页,共=sectionpages11页2023年天津市七校联考高考数学质检试卷(一)一、单选题(本大题共9小题,共45.0分。在每小题列出的选项中,选出符合题目的一项)1.集合A={x|−1<A.{−2,−1,4} 2.若x,y∈R,则“x2>y2A.充分而不必要条件 B.必要而不充分条件
C.充要条件 D.既不充分也不必要条件3.设函数f(x)=xlA. B.
C. D.4.某滑冰馆统计了某小区居民在该滑冰馆一个月的锻炼天数,得到如图所示的频率分布直方图(将频率视为概率),则下列说法正确的是(
)A.该小区居民在该滑冰馆的锻炼天数在区间(25,30]内的最少
B.估计该小区居民在该滑冰馆的锻炼天数超过15天的概率为0.465
C.估计该小区居民在该滑冰馆的锻炼天数的中位数为165.已知a=log32,b=60.03,c=4−A.c<b<a B.b<c6.已知4x=3y=m,且A.2 B.4 C.6 D.97.攒尖是古代中国建筑中屋顶的一种结构形式,常见的有圆形攒尖、三角攒尖、四角攒尖、六角攒尖等,多见于亭阁式建筑.某园林建筑为四角攒尖,它主要部分的轮廓可近似看作一个正四棱锥,若这个正四棱锥的棱长均为2,则该正四棱锥的体积为(
)
A.233 B.23 8.已知双曲线C1:x2a2−y2b2=1(a>0,b>A.3 B.62 C.9.若函数f(x)=sin(ωx+π6)(ω>0)在区间(π,2π)内没有最值,有下面四个说法(
)
①函数f(x)的最小正周期可能为3π;
②A.l B.2 C.3 D.4二、填空题(本大题共6小题,共30.0分)10.若复数z满足(1+2i)z−i11.已知(x2−ax)6的展开式中x312.已知圆C1:x2+y2=4与圆C2:13.为了组建一支志愿者队伍,欲从3名男志愿者,3名女志愿者中随机抽取3人聘为志愿者队的队长,则在“抽取的3人至少有一名男志愿者”的前提下“抽取的3人中全是男志愿者”的概率是______,若用X表示抽取的三人中女志愿者的人数,则E(X)=14.在△ABC中,AB=AC=3,AD=4BD,2CE15.已知函数y=f(x)是定义域为R的偶函数,当x≥0时,f(x)=54三、解答题(本大题共5小题,共75.0分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤)16.(本小题15.0分)
在△ABC中,角A,B,C的对边分别为a,b,c(a>c),已知bcosC=(3a−c)cos17.(本小题15.0分)
如图,梯形ABCD所在的平面与等腰梯形ABEF所在的平面互相垂直,AB//CD//EF,AB⊥AD,CD=DA=AF=FE=18.(本小题15.0分)
已知数列{an}是首项为1的等差数列,数列{bn}是公比不为1的等比数列,且满足a1+a2=b2,a2+a3=b3,a4+a5=b4.
(19.(本小题15.0分)
已知椭圆C:x2a2+y2b2=1(a>b>0),若椭圆的短轴长为23且经过点(−1,32),过点T(3,020.(本小题15.0分)
已知函数f(x)=ex−ax−a,a∈R.
(1)讨论f(x)的单调区间;
(2)当a=1时,令g答案和解析1.【答案】A
【解析】解:∵集合A={x|−1<x<3},∴∁RA={x|x2.【答案】D
【解析】解:若x,y∈R,则“x2>y2”推不出“x>y”,如:x=−3,y=2,
若“x>y”也推不出“x2>y2”,如:3.【答案】C
【解析】解:函数f(x)=xln1+x1−x的定义域为(−1,1),
由f(−x)=−4.【答案】B
【解析】解:该小区居民在该滑冰馆的锻炼天数在区间(20,25]内的最少,A错误;
估计该小区居民在该滑冰馆的锻炼天数超过15天的概率为(0.06+0.013+0.02)×5=0.465,B正确;
(0.02+0.04)×5=0.3,(0.02+0.04+0.047)×5=0.535,∴中位数落在区间[10,155.【答案】D
【解析】解:因为12=log33<a=log32<log6.【答案】C
【解析】解:因为4x=3y=m,
则x=log4m,y=log3m,
所以1x+2y=1log4m+2l7.【答案】C
【解析】解:如图,底面正方形ABCD的对角线相交于点O,则OP⊥平面ABCD,
易知,AO=12AC=28.【答案】A
【解析】解:抛物线C2:y2=4cx的准线方程为x=−c,
∵抛物线C2:y2=4cx的准线与C1交于M,N两点,
∴|MN|为双曲线的通径,通径长|MN|=2b29.【答案】B
【解析】解:当x∈(π,2π)时,ωx+π6∈(ωπ+π6,2ωπ+π6),
因为f(x)在区间(π,2π)内没有最值,
所以T≥2π,所以0<ω≤1,
所以ωx+π6∈(π6,7π6],
所以f(x)在区间(0,π)内最多有一个最值,
所以π6<ωπ+10.【答案】2【解析】解:∵(1+2i)z−i=3,
∴z=11.【答案】2
【解析】解:展开式的通项公式为Tr+1=C6r(x2)6−r(−ax)r=C6r⋅(−a)r12.【答案】34【解析】解:根据题意,圆C1:x2+y2=4,其圆心C1(0,0),半径r=2,
圆C2:x2+y2−8x+6y+m=0,即(x−4)2+(y+3)2=25−m,必有m<25,其圆心C2(4,−313.【答案】119
3【解析】解:设“抽取的3人至少有一名男志愿者”为事件A,“抽取的3人中全是男志愿者”为事件B,
则P(A)=1−C33C63=1920,P(AB)=C33C14.【答案】12
−【解析】解:由已知有D在AB延长线上,且BD=1,CE//AD,且CE=2,
AE⋅CD=(AC+12DA)⋅(CA+AD)=−AC2−12AD2+32AC⋅AD,
由已知有AE15.【答案】(1【解析】解:作出函数f(x)的图象如图:
则f(x)在(−∞,−1)和(0,1)上递增,在(−1,0)和(1,+∞)上递减,
当x=±1时,函数取得极大值f(1)=54;
当x=0时,取得极小值0.
要使关于x的方程[f(x)]2−af(x)+b=0,a,b∈R有且只有6个不同实数根,
设t=f(x),则当t<0,方程t=f(x),有0个根,
当t=0,方程t=f(x),有1个根,
当016.【答案】解:(1)由正弦定理及bcosC=(3a−c)cosB知,sinBcosC=(3sinA−sinC)cosB,
所以3sinAcosB=sinBcosC+cosBsinC=【解析】(1)利用正弦定理化边为角,并结合两角和的正弦公式,得解
(2)由cosB=13,可得sinB的值,再结合三角形的面积公式与余弦定理,得关于a和c17.【答案】(Ⅰ)证明:因为CD//EF,且CD=EF,
所以四边形CDFE为平行四边形,
所以DF//CE,
因为DF⊄平面BCE,CE⊂平面BCE,
所以DF//平面BCE;
(Ⅱ)解:在平面ABEF内,过A作Az⊥AB,
因为平面ABCD⊥平面ABEF,平面ABCD∩平面ABEF=AB,
又Az⊂平面ABEF,Az⊥AB,
所以Az⊥平面ABCD,
所以AD⊥AB,AD⊥Az,Az⊥AB,
如图建立空间直角坐标系A−xyz.
由题意得,A(0,0,0),B(0,4,0),C(2,2,0),E(0,3,【解析】(1)先证明四边形CDFE为平行四边形,从而得到DF//CE,再利用线面平行的判定定理证明即可;
(2)在平面ABEF内,过A作Az⊥AB,证明A18.【答案】(1)解:设数列{an}的公差为d,
因为数列{bn}是等比数列,
所以b32=b2b4,
所以(a2+a3)2=(a1+a2)(a4+a5),
所以(2+3d)2=(2+d)(2+7d),解得d=2或0,
当d=0时,数列{an},{bn}均是常数列,与数列{bn}的公比不为1相矛盾,
所以d=2,
所以an=1+【解析】(1)结合等差数列的通项公式与等比中项性质,求得数列{an}的公差d,进而得an与bn;
(2)结合错位相减法与分组求和法,即可得解;
(319.【答案】解:(1)由题意得2b=23,解得b=3,
将(−1,32)代入椭圆方程,得到1a2+94b2=1,故a2=4,
故椭圆方程为x24+y23=1;
(2)当直线PQ的斜率为0时,此时O,P,Q三点共线,不合要求,舍去;
当直线PQ的斜率不为0时,设直线PQ的方程为x=ty+3,
与椭圆方程x24+y23=1联立,得(3t2+4)y2+63ty−3=0,
设P(x【解析】(1)由短轴长求出b=3,将(−1,32)代入椭圆方程求出a2=4,得到答案;
(2)直线PQ的斜率为0时,此时O,P,Q三点共线,舍去,当直线PQ的斜率不为0时,设出直线PQ20.【答案】解:(1)函数f(x)=ex−ax−a定义域为R,求导得f′(x)=ex−a,
当a≤0时,f′(x)>0恒成立,即f(x)在(−∞,+∞)上单调递增,
当a
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