2023年贵州省六盘山育才中学物理高一第二学期期中调研试题含解析

2023年贵州省六盘山育才中学物理高一第二学期期中调研试题注意事项1．考生要认真填写考场号和座位序号。2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、如图所示，实线为某电场中三条电场线，电场方向未知，a、b两带电粒子从电场中的O点以相同的初速度飞出．仅在电场力作用下，两粒子的运动轨迹如图中虚线所示，则（）A．a一定带负电，b一定带正电 B．a加速度减小，b加速度增大C．a电势能减小，b电势能增大 D．a的动能增加，b的动能减小2、如图所示，以15m/s的水平初速度抛出的物体，飞行一段时间后，垂直地撞在倾角为θ＝37°的斜面上，g取10m/s2，这段飞行所用的时间为()A．2s B．4sC．23s D．23、质量m=1kg的物体在光滑水平面上由静止开始沿直线运动，所受水平外力F与运动距离x的关系如图所示．对图示的全过程进行研究，下列叙述正确的是（）A．外力做的功为28JB．物体的运动时间为5sC．外力做功的平均功率约为5.7WD．物体运动到x=5m处时，外力做功的瞬时功率为25W4、关于惯性，下列说法正确的是（）A．只有在不受外力作用时物体才有惯性B．只有运动的物体才具有惯性C．惯性是指物体具有的保持原来静止或匀速直线运动状态的性质D．两个物体只要速度相同，惯性就一定相同5、点电荷Q周围的电场线如图所示，A、B、C是电场中的三点，虚线是以点电荷Q为圆心的圆周．以下判断正确的是（）A．Q是正电荷，A点的电场强度等于B点的电场强度B．Q是正电荷，A点的电势等于B点的电势C．Q是负电荷，A点的电势高于C点的电势D．Q是负电荷，A点的电势低于C点的电势6、质量为2kg的物体置于水平面上，在运动方向上受到水平拉力F的作用，沿水平方向做匀变速运动，拉力F作用2s后撤去，物体运动的速度图象如图所示，则下列说法正确的是(取g＝10m/s2)()A．拉力F做功350JB．拉力F做功150JC．物体克服摩擦力做功100JD．物体克服摩擦力做功175J7、对于热量、功和内能三者的下列说法中正确的是：________．A．三者单位相同，物理意义相同B．热量和功是内能的量度C．热量和功由过程决定，而内能由物体状态决定D．系统内能增加了100J，可能是外界采用绝热方式对系统做功100J，也可能是外界单纯地对系统传热100J8、质量为m的物体在水平力F的作用下由静止开始在光滑地面上运动，前进一段距离之后速度大小为v，再前进一段距离使物体的速度增大为2v，则()A．第二过程的速度增量等于第一过程的速度增量B．第二过程的动能增量是第一过程动能增量的3倍C．第二过程合外力做的功等于第一过程合外力做的功D．第二过程合外力做的功等于第一过程合外力做功的2倍9、关于竖直上抛运动，下列说法正确的是A．以初速度v0竖直上抛的物体升高的最大高度为h=B．竖直上抛运动的物体从某点到最高点和从最高点回到该点的时间不相等C．竖直上抛运动先后两次经过同一点时速度相同D．竖直上抛运动可看成匀速直线运动与自由落体运动的合运动10、如图所示，轻放在竖直轻弹簧上端的小球A，在竖直向下的恒力F的作用下，弹簧被压缩到B点．现突然撤去力F，小球将在竖直方向上开始运动，若不计空气阻力，则下列中说法正确的是()A．撤去F后小球、地球、弹簧构成的系统机械能守恒B．小球在上升过程中，动能先增大后减小C．小球在上升过程中，弹性势能先减小后增大D．小球在上升过程中，弹簧的形变量恢复到最初(指撤去力F的瞬间)的一半时，小球的动能最大二、实验题11、（4分）在“验证机械能守恒定律”的实验中，打点计时器所用电源频率为50Hz，当地重力加速度的值为9.80m/s2，测得所用重物的质量为1.00kg。按实验要求正确地选出纸带进行测量，量得连续三点A、B、C到第一个点O的距离如图所示（相邻计数点时间间隔为0.02s），那么（结果均保留两位有效数字）：(1)打点计时器打下计数点B时，重物的速度vB=____________；(2)在从起点O到打下计数点B的过程中重物重力势能的减少量是△Ep=___________，此过程中重物动能的增加量是△Ek=____________；(3)实验的结论是________________。12、（10分）在做“研究平抛物体的运动”的实验中，为了确定小球在不同时刻所通过的位置，实验时用如图所示的装置，先将斜槽轨道的末端调整水平，在一块平木板表面钉上复写纸和白纸，并将该木板竖直立于槽口附近处，使小球从斜槽上紧靠挡板处由静止释放，小球撞到木板并在白纸上留下痕迹A；将木板向远离槽口平移距离x，再使小球从斜槽上紧靠挡板处由静止释放，小球撞在木板上得到痕迹B；又将木板再向远离槽口平移距离x，小球再从斜槽上紧靠挡板处由静止释放，再得到痕迹C．若测得木板每次移动距离x=10.00cm，A、B间距离y1=4.78cm，B、C间距离y2=14.58cm。（g取9.80m/s2）①根据以上直接测量的物理量得小球初速度为v0=______（用题中所给字母表示）②小球初速度的测量值为______m/s。（保留两位有效数字）三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位13、（9分）如图所示，装置BO′O可绕竖直轴O′O转动，可视为质点的小球A与两细线连接后分别系于B、C两点，装置静止时细线AB水平，细线AC与坚直方向的夹角θ＝37°.已知小球的质量m，细线AC长为l，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，重力加速度g，求(1)当细线AB拉力的大小等于小球重力的一半时，该装置绕OO′转动的角速度的大小.(2)当细线AB的拉力为零时，该装置绕OO′轴转动的角速度的最小值.14、（14分）如图所示，在竖直面内有一矩形区ABCD，水平边AB=Ekm=54mgLL，竖直边BC=L，O为矩形对角线的交点。将一质量为m的小球以一定的初动能自O点水平向右抛出，小球经过BC边时的速度方向与BC夹角为600。使此小球带电，电荷量为q(q>0)，同时加一平行与矩形ABCD的匀强电场，。现从O点以同样的初动能沿各个方向抛出此带电小球，小球从矩形边界的不同位置射出，其中经过C点的小球的动能为初动能的23，经过E点（(1)小球的初动能；(2）取电场中O点的电势为零，求C、E两点的电势；(3）带电小球经过矩形边界的哪个位置动能最大？最大动能是多少？15、（13分）在1.8m高处以8m/s的初速度水平抛出—个质量为12kg的物体，空气阻力不计，g取10m/s2，试求：(1)物体落地的时间；(2)物体从抛出到落地发生的水平位移；(3)物体落地时其速度大小.

参考答案一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、B【解析】

由于电场线方向未知，所以a、b电性不能确定，故A错误；电场线的疏密表示场强的大小，由图可知，b所处的电场线变密，电场强度变强，所受的电场力在增大，加速度在增大；a所处的电场线变疏，电场强度变弱，所受的电场力在减小，加速度在减小，故B正确；根据图知a、b两粒子的电场力、速度的夹角为锐角，电场力对电荷都做正功，电势能减小，故C错误；根据图知a、b两粒子的电场力、速度的夹角为锐角，电场力对电荷做正功，电势能减小，动能增加，故D错误．所以B正确，ACD错误．2、A【解析】

物体做平抛运动，当垂直地撞在倾角为37°的斜面上时，把物体的速度分解如图所示，

由图可知，此时物体的竖直方向上的速度的大小为：vy=v0cot37°=20m/s。由vy=gt可得，运动的时间为：t=vyg=3、C【解析】

（1）可利用F-x图像的面积的物理意义表示功，来计算某过程中外力做的功；（2）根据动能定理可计算出处和处物体运动的瞬时速度，进而可根据匀变速直线运动速度和时间的关系，计算运动时间；（3）根据功率来计算平均功率；（4）根据计算瞬时功率．【详解】A、通过计算F-x图像的面积可知，图示的全过程中外力做的功，故A错误；B、由动能定理，计算得到处的速度为；处的速度为．由牛顿第二定律可知，物体匀加速过程的加速度大小为，匀减速过程的加速度大小为；设匀加速和匀减速的所用的时间分别为和，则，解得；，解得，故物体运动的总时间为，B错误；C、全过程中外力做功的平均功率为，C正确；D、物体运动到x=5m处时，外力做功的瞬时功率为，D错误．故本题选C．【点睛】本题关键是分析物体的受力情况和运动情况，考查F-x图像的物理意义和动能定理，会根据运动学公式计算时间，会计算平均功率和瞬时功率．4、C【解析】

牛顿第一定律，物体总保持静止或匀速直线运动状态，直到有外力迫使它改变这种状态，牛顿第一定律又叫惯性定律。表征物体保持原来运动状态本领的就是质量，所以惯性只与质量有关，与其他状态无关，C正确，ABD错误。5、B【解析】

AD.电场线是从正电荷出发止于无穷远．所以Q是正电荷．根据点电荷的场强公式得知：A点的电场强度大小等于B点的电场强度大小，但方向不同．故AD错误；BC.Q是正电荷，根据顺着电场线方向电势逐渐降低，等势面与电场线垂直，可知A的电势等于B的电势，B的电势大于C的电势，故A的电势高于C的电势故B正确；C错误故选B6、BD【解析】

速度图象的斜率等于物体的加速度，则前2秒的加速度2～6秒的加速度大小对于两段运动过程，由牛顿第二定律得：F-Ff=ma1，Ff=ma2解得：F=10

N，Ff=-5N，负号表示与选定的正方向相反前2秒位移：2秒～6秒位移：拉力做功为

WF=Fx1=150

J，整个过程中摩擦力做功为WFf=-Ff（x1+x2）=-175

J，故AC错误，BD正确。7、CD【解析】

A、热量、功和内能的国际单位都是焦耳，但热量、功、内能三个量的物理意义是不同的，热量和功是过程量，内能是状态量，故A错误；B、热量和功二者可作为物体内能改变的量度，而不是内能大小的量度，故B错误；C、热量和功由过程决定，而内能由物体状态决定，热量和功是内能变化的量度，故C正确；D、对一个绝热过程，对一个单纯热传递过程，故D正确；故选CD．【点睛】热量是热传递过程中转移的能量，是一个过程量；功是能量转换的量度，也是一个过程量．8、AB【解析】

由动能定理可得：，，可知第二过程的动能增量是第一过程动能增量的3倍，第二过程合外力做功是第一过程的3倍，故B正确，CD错误．第一段过程速度为增量为，第二段过程速度得增量为，因此A正确9、AD【解析】

由匀变速位移公式可知．竖直上抛时间具有对称性，上升与下降时间相等，．竖直上抛速度具有对称性，先后两次经过同一点时速度大小相等，方向相反；由运动的分解与合成思想可知，，可知竖直上抛运动可看成匀速直线运动与自由落体运动的合运动．综上分析，AD正确，BC错误；故选AD．10、AB【解析】

A．撤去F后小球、地球、弹簧构成的系统只有重力和弹力做功，故系统的机械能守恒，选项A正确；BD．小球在上升过程中，弹力先大于重力，物体加速上升；当重力等于弹力时，加速度为零，此时速度最大，由于重力和弹力数值未知，故此位置与开始压缩的量的关系不能确定；然后弹力小于重力，加速度向下做减速运动，故动能先增大后减小，选项B正确，D错误；C．小球在上升过程中，弹性势能一直减小到零，选项C错误；故选AB.二、实验题11、0.98m/s0.49J0.48J在实验误差允许范围内，重物的机械能守恒【解析】

(1)[1]利用匀变速直线运动的推论(2)[2][3]重物由B点运动到C点时，重物的重力势能的减少量△Ep=mgh=1.00×9.8×0.0501J≈0.49J动能的增加量是(3)[4]由上数据可知，在实验误差范围内，△EP=△Ek，机械能守恒。12、x1.0【解析】

①[1]竖直方向：小球做匀加速直线运动，根据推论△x=aT2得y2-y1=gT2得：T=水平方向：小球做匀速直线运动x=v0T，则有v0==x②[2]x=10.00cm=0.1m，A、B间距离y1=4.78cm，B、C间距离y2=14.58cm；将数据代入公式：v0=x=0.1×m/s=1.0m/s解得v0=1.0m/s三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位13、(1)；(2)【解析】

(1)根据牛顿第二定律得：解得：；(2)由题意，当ω最小时，绳AC与竖直方向的夹角受力分析，如图，则有解得：．14、(1)Ek0=34mgL；(2)【解析】（1）没加电场时。由平抛运动知识：水平方向32竖直方向：vy联立解得：小球的初动能E