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文档简介
第1章质点运动学
一、选择题
题1.1:
答案:[B]
提示:明确Ar与的区别
题1.2:
答案:[A]
题1.3:
答案:[D]
提示:A与规定的正方向相反的加速运动,B切向加速度,
C明确标、矢量的关系,加速度是包
dt
题1.4:
答案:[C]
提示:kr=r「r\,ry=Rj,r2=-Ri,AV=V2-V,,v,=-vi,v2=-vj
题1.5:
答案:[D]
提示:t=0时,x=5;t=3时,x=2得位移为-3m;
仅从式x=t?-4t+5=(52)2+1,抛物线的对称轴为2,质点
有往返
题1.6:
答案:[D]
2
提示:a=2t=—,v=\ltdt=t-^,x-x0=\vdt,即可得D项
出i2
题1.7:
答案:[D]
提示:雁2=2%:1'理清V绝=v相对+v牵的关系
二、填空题
题1.8:
答案:匀速(直线),匀速率
题1.9:
答案:9/-15/,0.6
提示:v=—=9r-15r2,t=0.6时,V=0
题1.10:
答案:(1)y=19-^x2
(2)2i-4rj-4j
(3)4i+llj2i-6j3S
提示:⑴联立厂=2’消去t得:y=]9」J,v2i+女
y=19-2t2'2dtdt
(2)t=lS时,v=2i-4fj,a=—=^4j
dt
(3)t=2s时,代入r=xi+yj=2fi+(19-2『)j中得4i+llj
t=ls到t=2s,同样代入r=r(f)可求得△-=2i-6j,
r和v垂直,即r.v=O,得t=3s
题1.11:
答案:12mls1
提示:a=^=^^=2v=4x=12(加/S2)
dtdt
题1.12:
答案:Im/s2V2
7t
2
提示:V=v0+jdt=t,v
o、L
四=瓜=逑
71
题1.13:
答案:-5fi+(%f-;g『)j
提示:先对r=(v(/-g产/2)j求导得,v,=(%-gf)j与v=5i合成得
2
「合=jv合dt=_5ri+(v(/-1gt)j
v合=-5i+(v0-g/)j
o2
题1.14:
答案:8,64/
2
提示:匕=/?四=8心,凡=8/?=8,a=R二64J
dtn
三、计算题
题1.15:
Vt
解:(1)at=—=3t「•Jdu=J3r力・“力
dt002
T7ds32
v=———t4dt:.S=-t3
dt22
(2)又,:S=R8/.^=—=-?
R6
(3)当a与半径成45。角时,an=aT
\-t4=3t:.t=^4S
〃R44
题1.16:
解:⑴In—=-kt(*)
dt岭
I17.In2
当时,In-=—kt,••t
2~T
kt
(2)由(*)式:y=vQe~
ktkt
牛=vQe~,jdx=^vQe~dt
由00
第2章质点动力学
一、选择题
题2.1:
答案:[C]
提示:A.错误,如:圆周运动
B.错误,p=〃?v,力与速度方向不一1定相同
D.后半句错误,如:匀速圆周运动
题2.2:
答案:[B]
提示:y方向上做匀速运动:s,=Vyt=2t
X方向上做匀加速运动(初速度为0),a=上
m
,12户
=^adt=2r,=Jvrf/=—
o()v3
2t2
S=-i+2^j
题2.3:
答案:网
提示:受力如图
设猫给杆子的力为F,由于相对于地面猫的高度不变
F'=mgF=F'杆受力F{^Mg+F^(M+m)g
_Fj__(M+m)g
d——=------------
MM
题2.4:
答案:[D]
提示:
mg-T=maA
4
得a
2T=maBA
a.
aH=—
B2
(玛=今,通过分析滑轮,由于A向下走过S,B走过。)
22
•・•c八i—_—孙
BR2
题2.5:
答案:[C]
提示:由题意,水平方向上动量守恒,故
mm
历(%360°)=(历+〃小共
丫共=A
22
题2.6:
答案:[C]
提示:
由图可知8s
分析条件得,只有在h高度时,向心力与重力分量相等
所以有――=tngcos^=>v2=g(〃-R)
R
由机械能守恒得(以地面为零势能面)
1,2
=—mv+mgh=%二12gh+g(/?-R)
2哂
题2.7:
答案:网
提示:运用动量守恒与能量转化
题2.8:
答案:[D]
由机械能守恒得=g"I%?nv=12gh
vv=v0sin0
•,.PG=mgvy=mgsin0y/2gh
题2.9:
答案:[C]
题2.10:
答案:[B]
提不:受力如图
T
由功能关系可知,设位移为x(以原长时为原点)
X
2(F-〃mg)
Fx-jL/mgx=^kxdx=>x=
ok
弹性势能弓三小=丝彳生鱼
二、填空题
题2.11:
答案:2mb
提示:v=x'=2bta=v'=2bF-ma-2mb
题2.12:
答案:2kg4m/s2
提示:
y■■
8N-
u4Nx
2
由题意,ax=2m/sF*=4N
F=8Nm=—=2kg
ya
F,
4m/s2
题2.13:
答案:-,-
510
27
提示:由题意,.=£=■+,)=>v=^adt--mls
m105o5
当t=2时,a=U
题2.14:
答案:180kg
提示:由动量守恒,以S人小船小相对-S人)nm船=180kg
题2.15:
答案:斗+打
44
提示:各方向动量守恒
题2.16:
答案:mv(i+j),0,-mgR
提取:由冲量定义得1=?^-Pw=mv\-(-/nvj)=znv(i+j)
由动能定律得^Ek=W=>AEk=0,所以W合=0
W^=-mgR
题2.17:
答案:-12
_3
提示:w=^Fdx=l2J
-I
题2.18:
答案:mgh,;收,-G—h=0,x=0,r=8相对值
题2.19:
答案:2mg
勺,2mg,<
题2.20:
答案:
£A外力+Z非保守力=°
三、计算题
题2.21:
解:(1)f=(L-x)B'g
l—iL
(2)4,(/一/)=3(1+4"_"
mL
fVLIo~
(3)a=vy-9卜八=(菅(1+4),一〃g,v="Lg(2一〃)
3
题2.22:
解:(1)以摆车为系统,水平方向不受力,动量守恒。设摆
车速度v(对地)、小车的速度为V(对地)。
mv-MV=0v=-----
Kxm
卜必=J(丝设Ax〕=^vxdt,AX2=JV力
oomoo
则〃42=欣”|,根据位移公式:也=△?;©+Ar。”
73/
(/—^―)=Axj+AX9=(M+根)Ax?/m
73/
Xm(l-
A2=F)/(M+m)
(2)mv-MV=0
mgl=—mv2+—MV2
22
摆球速度v=j2Mg//(M+〃?)
V+〃?)]
题2.23
解:K=Mg/x。,油灰碰撞前v=正
动量守怛有:mv-{m+M)V
机械能守恒有(m,M,弹簧,地球为系统):
—■k{xo+Ax)~=—(/??+M)V~H—kx<;+(机+M)gAx
则联+怒豫
第3章刚体的定轴转动
一、选择题
题3.1:
答案:网
提示:A错,M=rxF,合外力矩不等于合外力的力矩
C错,I=mr-,r是相对参考点的距禺,
2
D错,动能E=f1A”鸿%2=-/6>,
i=i22
题3.2:
答案:[A]
提示:若绳的张力为T,77?=〃
若物体的加速度为a,
TR2=10R=la,mg-T=ma
a=----^―-—,h=—at2
,12
g+标
1
题3.3:
答案:[D]
提不:系统角动量守恒加%/=/tw,/=!就?
3
由于完全弹性碰撞,。%2,/苏,故D正确
22
题3.4:
答案:[C]
提不:射入点沿轮切向动量守怛,故〃2%sing=(m+〃?)v,
。=上,C正确
R
题3.5:
答案:回
提示:M=rxF,r和F在同一方向上,力矩为0,故角动量
守恒
由定义知其动量和动能将改变
二、填空题
题3.6:
2
答案:^-M+m\R,mMR供)
[2)M+2mM+2m
提示:人走到边沿时,系统的转动惯量为盘的转动惯量和人
的转动惯量之和
根据角动量守恒定律
22
=l(o,/0=+m)R,I+m^R
转台受冲量矩等于转盘角动量的增量,即3用叱(所卬
题3.7:
生安17n3gCOS。1..°
口z31mgeosd,———9—Imgsinu,—Imgsin。
提示:力矩/二;/根gsinfy-ImgcosO
根据转动定律M=IB=>IV,故然逸|产
根据定轴转动的动能定理,力矩做的功等于动能的增
量,力矩的功为j,g/cos如。
题3.8:
答案:2兀RF,2d兀RFI
提示:根据定轴转动的动能定理「MdO--lay-0lar=2兀RF
为2
角动量的增量为
题3.9:
答案:5>外=。
题3.10:
答案:mvL=—Ml3co+—mvL
32
提示:系统角动量守怛,加也=加也,0为角速度
2
三、计算题
题3.11:
解:J=^MR2=0.675^.//J2
mg—T=ma,TR=邛'a=R/3
:.a=mgR2/(ml?2+J)=5.06m/?
因此(1)下落距离h=^ar=63.3m(2)张力
2
T=m(g—a)=37.9N
题3.12:
解:下落过程细杆机械能守恒(系统:杆与地球)。选m静
止处水平面为零势点
I113
++-Mg-I
一.细杆碰前瞬间角速度为:
碰撞过程角动量守恒:q,M/2=(M+m)l%(系统杆与小球)
/.a)=MJ3g/2Z
M+my
第4章狭义相对论
一、选择题
题4.1:
答案:[D]见概念
题4.2:
答案:网
提示:运动质量"下》=7»=也,外力做功
V1-0.360.8
2
W=Me-moc
wc2(l——)=0.25mc
°n0.8
题4.3:
答案:网
提示:在K系中X轴方向上,正方形边长为a,K,系观察K系
X轴方向正方形边长优=)2a=0.6a,则从K,
系测得面积为0.6axa=0.6/
题4.4:
答案:[A]
提示:选飞船为一参考系,因为真空中光速C对任何惯性参
考系都是常数,由于飞船匀速运动,是惯性系。则
飞船固有长度为必,
题4.5:
答案:[A]
2222,2,互=^1=2
提不:Ek=me-moc=3HIOC-moc=2/M0(
E静mQc
题4.6:
答案:[C]
提示:由时间的相对性,加=-,-=3.48x10%,长度为
0.998X3X108X3.48X10-5/72=1.04X104/M
题4.7:
答案:[D]
提示:,」=在之得“=二^=
2
MwHF
题4.8:
答案:[D]
提示:"相=J:,/=%=2xl0m/s:,故〃相=2.77xl()86
]+T
题4.9:
答案:[A]
2m
提示:Ek=(m-m0')c;m=,°;“%=I°叫卬4=4"eV;故
v=0.27c
二、填空题
题4.10:
答案:L=
提示:设痕迹之间距离为小由公式4=—=«为静长度)。
1/、2
则车上观察者测得长2
题4.11:
6
答案:(1)——C,
2⑵*
提不:(1)相对论质量和相对论动量:m=-,
2,得v邛
非相对论卜,《=mov,—=-----------
P\
/*>\2?〃%r~1i2/1八2
VZ7Ek=me"=moc,m=.——,Ek=moc(.-1)=
i,,
--------1=1=>V=V3
Y)2T
c
题4.12:
答案:4
2Eme2-mc2
22rko
提示:Ek=me=mncE窗=moc,—=-----—=3n机=4mo
七静加O,
题4.13:
答案:冬
2
提不:L=^l-(-)L(},L=Im,4=05",解得v=
题4.14:
2
答案:("-l)m0c
222
Ek=me-m^c=(n-l)moc
题4.15:
答案:3.73m
8
提小:L=J9LQ—5〃z,v=2xl0m»5
575
m=3.73机
-3-
题4.16:
答案:6.7X108W
提示:Ar'=四=>/=3即,=3=>M=,Arz=uAt=V5c
l,”、23
题4.17:
三、计算题
题4.18:
解:(1)航程工2-玉=1(X2-xJ)+〃(f2'-:')]=吆3-(1+2=1.2x10号
0.6v
(2)时间«2f)+=(工2玉)=5xl03
_cJ0.6vc
(3)航速〃'=4=^^=2.4x108机/s
Az5xIO,
第5章机械振动
一、选择题
题5.1
答案:B
题5.2
答案:C
题5.3
答案:C
二、填空题
题5.4
答案:2小
题5.5:
答案:0.02m
题5.6:
答案:Acos(—f--n)
T3
三、计算题
5.7一物体沿x轴做简谐振动,振幅A=0.12m,周期丁=
2s.当t=0时,物体的位移x=0.06m,且向x轴正向运动.求:
(1)此简谐振动的表达式;
(2)加时物体的位置、速度和加速度;
(3)物体从x=-0.06m,向x轴负方向运动第一次回到平
衡位置所需的时间.
[解答](1)设物体的简谐振动方程为x=Acos(3t+w),其
中A=0.12m,角频率3=2TI/T=R.
当t=0时,x=0.06m,所以cos0=O.5,因止匕卬=±兀肘.
物体的速度为v=dx/dt=-coAsm(oiJt+<p).
当t=0时,i/=-gAsing由于v>0,所以singvO,因止匕:(p
=-K/3.
简谐振动的表达式为:x=0.12cos(nt-n^).
(2)当t=TA时物体的位置为;x=0.12cos(n/2-兀⑶=
0.12cosn/6=0.104(m).
速度为;v=-TL4sin(n/2-R/3)=-0.12nsinn^=-0.188(m・s').
力口速度为:a=dv/dt=~(JJ2Acos(u)t+(p)=-n2/Acos(nt-TI/3)=
-0.12n2cosn/6=-1.03(m-s-2).
(3)方法一:求时间差.当x=-0.06m时,可得cos(nti-
兀3)=-0.5,
因止匕nti-n/3=±2TI/3.
由于物体向x轴负方向运动,即i/<0,所以sin(nti-兀⑶>0,
因此叫-n/3=2K/3,得ti=Is.
当物体从x=-0.06m处第一次回到平衡位置时,x=0,v>
0,因此C0S(Tlt2-兀方)=0,
可得-兀3=-n/2或3n/2等.由于匕>0,所以-兀3
=3n/2,
可得t2=ll/6=1.83(s).
所需要的时间为:Atr-h=0.83(s).
方法二:反向运动.物体从x=-0.06m,向x轴负方向运
动第一次回到平衡位置所需的时间就是它从x=0.06m,即从
起点向x轴正方向运动第一次回到平衡位置所需的时间.在
平衡位置时,x=0,i/<0,因此cosg-兀⑶=0,可得nt
-n/3=-n./2,解得t=5/6=0.83(s).
[注意]根据振动方程x=Acos(cdt+s),当t=0时,可得3=
±arccos(Xo/4),(-n<cp<=n),
初位相的取值由速度决定.
由于v=dx/dt=-3Asin(3t+(p),当t=0时,v=-a)As'm(p,
当i/>0时,sin(p<0,因此
(P=-arccos(xoZA);
当v<0时,sin(p>0,因此s=arccos(XoZ4)R/3.
可见:当速度大于零时,初位相取负值;当速度小于零时,
初位相取正值.如果速度等于零,当初位置x0=A时,(p=0;
当初位置Xo=-/A时,(p=n.
5.8质量为10xl03kg的小球与轻弹簧组成的系统,按
2万
X=0.1COS(8R+号)的规律作振动,式中t以秒⑸计,X以米(m)
计.求:
(1)振动的圆频率、周期、振幅、初位相;
(2)振动的速度、加速度的最大值;
(3)最大回复力、振动能量、平均
动能和平均势能;
(4)画出这振动的旋转矢量图,并
在图上指明t为1,2,10s等各时刻的矢
量位置.
[解答](1)比较简谐振动的标准方程:x=Acos(万+0,
可知圆频率为:(J=8n,周期T=2n/6J=lA=O.25(s),振幅A=
0.1(m),初位相0=2n/3.
1
(2)速度的最大值为:vm=u)A=0.8n=2.51(m-s);
题5.8解答图
加速度的最大值为:dm=3%=6.4n2=63.2(m-s-2).
(3)弹簧的倔强系数为:k=md,最大回复力为:/=依=
m^=0,632(N);
振动能量为:E=kT/2=mu)2A2/2=3.16xlO'2(J),
平均动能和平均势能为:瓦二"=kNR=mu)2A2/^=
1.58X10-2(J).
(4)如图所示,当t为1,2,10s等时刻时,旋转矢量
的位置是相同的.
修5.9如图所示,质量为10g的子弹以速
mv"k
o->翦柳州神卜?度v=103m.『水平射入木块,并陷入木块
7777777777777777777777777777777777777^..
图5.9中,使弹簧压缩而作简谐振动.设弹簧的
倔强系数
/c=8xlO3N-m1,木块的质量为4.99kg,不计桌面摩擦,试求:
(1)振动的振幅;
(2)振动方程.
[解答](1)子弹射入木块时,由于时间很短,木块还来
不及运动,弹簧没有被压缩,它们的动量守恒,即:mv=(m
+M)VQ.
1
解得子弹射入后的速度为:|/0=mv/(m+M)=2(m-s),这也
是它们振动的初速度.
子弹和木块压缩弹簧的过程机械能守恒,可得:(m+M)
v^/2=kA2/2,
所以振幅为:A="栏瓦=5xl0-2(m).
(2)振动的圆频率为:①4m+M=40(rad.s").
取木块静止的位置为原点、向右的方向为位移x的正方向,
振动方程可设为:x=Acos(a)t+cp).
当t=0时,x=0,可得:(p=±TI/2;
由于速度为正,所以取负的初位相,因此振动方程为:x=
5xl02cos(40t-n/2).
5.10—匀质细圆环质量为m,半径为R,绕通过环上一点
而与环平面垂直的水平光滑轴在铅垂面内小
幅度摆动,求摆动的周期.
[解答]通过质心垂直环面有一个轴,环绕轴
的转动惯量为:/c=mR2.
根据平行轴定理,环绕过O点的平行轴的动
惯量为
22
l=lc+mR=2mR.
当环偏离平衡位置时,重力的力矩为:M=mgRsi^,
方向与角度。增加的方向相反.
根据转动定理得:=
,d26>D.ZJC
即/#+〃zgRsme=O,
题5.10解答图
由于环做小幅度摆动,所以sin。g9,可得微分方程:
叫叫=0
dt21.
加g-
摆动的圆频率为:
F2兀cIIC瓯
周期为:丁QB黄.
5.11质量为0.25kg的物体,在弹性力作用下作简谐振动,
倔强系数k=25N,m;,如果开始振动时具有势能0.6J,和动
能。2J,求:(1)振幅;(2)位移多大时,动能恰等于势能?
(3)经过平衡位置时的速度.
[解答]物体的总能量为:E=Ek+Ep=0.8。).
(1)根据能量公式E=依2/2,得振幅为:A==
0.253(m).
(2)当动能等于势能时,即&=£p,由于E=&+Ep,可
得:E=2EP,
即2姑2乂,解得:x=±V2A/2=±0.179(m).
(3)再根据能量公式£=办//在,得物体经过平衡位置的
速度为:
匕”=±d2E/m=+2.53(m-s1).
5.12两个频率和振幅都相同的简谐振动的x-t曲线如图所
不,求:
(1)两个简谐振动的位相差;
fx/cm(2)两个简谐振动的合成振动的振
5
b<Ax/动方程.
[\\/14t2[解答](1)两个简谐振动的振幅为:
°\2V/A=5(cm),
局:7«图周期为:丁=4(s),圆频率为:co=2n/T=
n/2,
它们的振动方程分别为:
Xi=Acosu)t=5cosnt/2,
x2=Asmivt=5sinnt/2=5cos(n/2-nt/2)
即x2=5cos(nt/2-TI/2).
位相差为:^(p=(p2-(Pi=-n/2.
(2)由于x=xi+X2=5cosnt/2+5sirmt/2
=5(cosnt/2-cosn/4+5sinnt/2-sinn/4)/sinn/4
合振动方程为:X&c。畤T)(cm).
3
5.13已知两个同方向简谐振动如下:/=°・05cos(10/+丁)
X2=0.06COS(10Z+1^)
(1)求它们的合成振动的振幅和初位相;
(2)另有一同方向简谐振动X3=0.07cos(10t+w),问W
为何值时,Xi+X3的振幅为最大?(P为何值时,X2+X3的振幅
为最小?
(3)用旋转矢量图示法表示(1)和(2)两种情况下的
结果.x以米计,t以秒计.
[解答](1)根据公式,合振动的振幅为:
A=J看+6+244cosQ-劭)=8.92xl0-2(m).
Asin(p、+Asin(p
(P=arctan22
初位相为:4cos^i+A2COS^2=68.22°.
(2)要使X]+X3的振幅最大,贝lj:COS(0-0i)=1,因此
(P-<Pi=0,所以:(p=(pi=0.6n.
要使X2+X3的振幅最小,则C0S((p-(p2)=-1»因此9-02
=n,所以0=R+S2=L2TI.
5.14将频率为384Hz的标准音叉振动和一待测频率的音
心।I.叉振动合成,测得拍频为3.0Hz,在待测音叉
|乜㈡1/1的一端加上一小块物体,则拍频将减小,求
"2%”待测音叉的固有频率.
[解答]标准音叉的频率为v0=384(Hz),
拍频为A”3.0(Hz),
待测音叉的固有频率可能是v1=1/o-Ai/=381(Hz),
也可能是I/2=I/O+A/=387(HZ).
在待测音叉上加一小块物体时,相当于弹簧振子增加了
质量,由于d=k/m,可知其频率将减小.如果待测音叉的
固有频率力,加一小块物体后,其频率吟将更低,与标准
音叉的拍频将增加;实际上拍频是减小的,所以待测音叉的
固有频率力,即387Hz.
5.15三个同方向、同频率的简谐振动为
%=0.08cos(314r+-)x=0.08cos(314r+-)
6,22,
54
x=0.08cos(314r+—)
36.
求:(1)合振动的圆频率、振幅、初相及振动表达式;
(2)合振动由初始位置运动到所需最短时间"
为合振动振幅).
[解答]合振动的圆频率为:(J=314=100n(rad.s1).
设4=0.08,根据公式得:
Ax=4cosSi+A2cosS2+A3cosg=0,
Ay=Aisinwi+A2sin(p2+A3sir}(p3=2A0=0.16(m),
振幅为:A==O.i6(m),初位相为:ip=arctan(/4y//Ax)
=n/2.
合振动的方程为:x=0.16cos(100nt+n/2).
(2)当x=VL4/2时,可得:COS(100R+乃/2)=0/2,
解得:lOOnt+n/2=H/4或7n/4-
由于t>0,所以只能取第二个解,可得所需最短时间为t=
0.0125s.
第6章机械波
一、选择题
题6.1
答案:D
题6.2
答案:A
题6.3
答案:A
题6.4
答案:C
二、填空题
题6.5
答案:相同,相同,2兀B.
题6.6
答案:兀M,X=0.02COS(M+^4)(SI).
题6.7
答案:芈,2加A〃g产.
三、计算题
6.8已知一波的波动方程为y=5、10飞.(104一0.6川(m).
(1)求波长、频率、波速及传播方向;
(2)说明x=0时波动方程的意义,并作图表示.
[解答](1)与标准波动方程
村/cm27TX
5A、片"改协一工)比较得:2s=0.6,
-一X—(\产因此波长为:A=10.47(m);圆频
°3率为:=
频率为:V=3/2TI=5(HZ);波速为:
u=A/T=Av=52.36(m-s^1).
且传播方顿胡阖轴正方向.
(2)当x=0时波动方程就成为该处质点的振动方程:
y=5xl0'2sinl0nt=5xl0-2cos(10nt-n/2),
振动曲线如图.
6.9有一沿x轴正向传播的平面波,其波速为u=
波长入=0.04m,振幅A=0.03m.若以坐标原点恰在平衡位
置而向负方向运动时作为开始时刻,试求:
(1)此平面波的波动方程;
(2)与波源相距x=0.01m处质点的振动方程,该点初相
是多少?
[解答](1)设原点的振动方程为:yo=Acos(3t+w),其中
A=0.03m.
由于u=所以质点振动的周期为:T=A/u=0.04(s),
圆频率为:(j=2n/T=50n.
当t=0时,yo=O,因此coss=0;由于质点速度小于零,
所以°=兀/2.
原点的振动方程为:yo=0.03cos(50nt+n/2),
平面波的波动方程为:
X7T
y=0.03cos[50^(z——)H——]八cc「lc/、人、
u2=0.03cos[50n(t-x)+Tif2).
(2)与波源相距x=0.01m处质点的振动方程为:
y=0.03cos50nt.
该点初相卬=0.
6.10如图所示为一列沿x负向传播的平面谐波在t=%
时的波形图,振幅小波长久以及周期丁均已知.
(1)方出该波的波动方程;
(2)画出x=/l〃处质点的振动
曲线;
(3)图中波线上。和b两点的
位相差仇-为多少?
[解答](1)设此波的波动方程
为:
tX
y=Acos[2^(—+-)+^J
IA>,
当t=TA时的波形方程为:
X7TX
y=Acos(2万一+夕+—)=-Asin(2;r—+夕)
A2Z
在x=0处y=0,因止匕得sins=0,
解得9=0或it.
而在x=〃2处y=-A,所以s=。.
因此波动方程为:y="c°s2呜+》
(2)在x=A/2处质点的振动方程为:
曲线如图所示.
(3)x0=AA处的质点的振动
方程为
小兀、
=Acos(2^I-+-)
T2;
Xb=/l处的质点的振动方程为
y=4cos(2万——F2乃)
hT・
波线上。和b两点的位相差
题6.10图
(Pa-(Pb=
6.11在波的传播路程上有A和8两点,都做简谐振动,B
点的位相比4点落后n/6,已知A和8之间的距离为2.0cm,
振动周期为2.0s.求波速u和波长上
fX
[解答]设波动方程为:>"3叱(厂元)+叫
那么A和B两点的振动方程分别为:
力=Acos[2"(j一4)+例
I/I,
fx
%=4cos[2万(不--+
1X.
两点之间的位相差为:一24一T吟)=-?,
由于XB—XA=0.02m,所以波长为:A=0.24(m).
波速为:u=A/T=0.12(m-s-1).
6.12一平面波在介质中以速度u=20mgi沿x轴负方向传
播.已知在传播路径上的某点A的振动方程为y=3cos4nt.
k8m丁卜5m,卜9m:(1)如以4点为坐标原点,
7-----B―;------D―T写出波动方程;
题612图⑵如以距A点5m处的B
点为坐标原点,写出波动方程;
(3)写出传播方向上8,C,。点的振动方程.
[解答](1)以八点为坐标原点,波动方程为
X7TX
y=3cos4万。+—)=3COS(4RH---)
u5.
(2)以8点为坐标原点,波动方程为
y=3cos4万。+-―—)=3cos(4加+卫一万)
u5.
(3)以A点为坐标原点,则xB=-5m、xc=-13m、xD=9m,
各点的振动方程为
>B=3cos4万。+—)=3COS(4G—兀)
u,
y=3cos+—)=3cos(4加———)
cu5,
y=3cos44Q+)=3co$(4m+—)
Du5.
[注意]以B点为坐标原点,求出各点坐标,也能求出各点
的振动方程.
6.13设空气中声速为330m芍口.一列火车以30m的速
度行驶,机车上汽笛的频率为600Hz.一静止的观察者在机
车的正前方和机车驶过其身后所听到的频率分别是多少?
如果观察者以速度lOmC1与这列火车相向运动,在上述两个
位置,他听到的声音频率分别是多少?
[解答]取声速的方向为正,多谱勒频率公式可统一表示为
其中为表示声源的频率,u表示声速,如表示观察者的速度,
t/s表示声源的速度,如表示观察者接收的频率.
(1)当观察者静止时,如=0,火车驶来时其速度方向与
1
声速方向相同,us=30m-s,观察者听到的频率为
330
vB=—^―vs=600
u-us330-30=660(Hz).
火车驶去时其速度方向与声速方向相反,Us=-30mgi,观
察者听到的频率为
u330
600
s
Bu-u330+30
s=550(Hz).
(2)当观察者与火车靠近时,观察者的速度方向与声速
1
相反,uB=-lOm-s;火车速度方向与声速方向相同,us=
30ms;,观察者听到的频率为
u—u330+10
------5Rs600
u—us330-30=680(Hz).
当观察者与火车远离时,观察者的速度方向与声速相同,
1
uB=10m-sS火车速度方向与声速方向相反,us=-SOm-s,
观察者听到的频率为
u-u8当包600
唳Vs
u—us330+30=533(Hz).
[注意]这类题目涉及声速、声源的速度和观察者的速度,
规定方向之后将公式统一起来,很容易判别速度方向,给计
算带来了方便.
6.14Si与S2为两相干波源,相距找个波长,Si比S2的
位相超前兀/2.问工、S2连线上在工外侧各点的合成波的振
幅如何?在52外侧各点的振幅如何?
卜x:一小xH[解答]如图所不,设Si在其左
一侧产生的波的波动方程为
——;yA;----------~~r
IX
题6.14图为=43[2%+/明
那么S2在工左侧产生的波的波动方程为
万('+x-A/4TTtX
y2-Acos[2)+夕——]=Acos[2^(—+
2TA
由于两波源在任意点X产生振动反相,所以合振幅为零.
S1在S2右侧产生的波的波动方程为
tX
X=Acos[2%(不一下)+刎
1A1,
那么S2在其右侧产生的波的波动方程为
,re/X-4/4、兀、,—/X、
y2=Acos[2万(不------)+9—彳]-Acos[2乃(了-彳)+夕]
由于两波源在任意点X产生振动同相,所以合振幅为单一振
动的两倍.
6.15设入射波的表达式为
fX
=Acos2^-(-+-)
1/ty
在x=0处发生反射,反射点为一自由端,求:
(1)反射波的表达式;
(2)合成驻波的表达式.
[解答](1)由于反射点为自由端,所以没有半波损失,
反射波的波动方程为
tX
J=ACOS2^-(---)
2I/t・
(2)合成波为丫=丫1+力,将三角函数展开得
c,2兀2兀
J=2^C0STXC0ST\这是驻波的方程.
第7章气体动理论
一、选择题
题7.1
答案:B
解:根据理想气体的状态方程。=〃仃,有
题7.2
答案:A
解:根据理想气体的内能定义,有
E—n—kT(1)
2
根据理想气体的状态方程,有
P=nkT(2)
由(1)、(2)得:
E=n-kT=-p
22
因为七=3,4=5,0<%,所以
题7.3
答案:C
解:根据平均速率的定义,有
『Nvf(v)dv£vf(t>)dv
*j^Nf(v)dv
题7.4
答案:B
解:根据最概然速率公式
知,当温度升高时,%增大,由于要保持速率分布曲线
下面所围的面积恒等于1,所以曲线将变得平坦些,故而/0)
将减小.所以%>VpB,f(VpA)<f(vpB).
题7.5
答案:D
题7.6
答案:A
解:根据三个统计平均速率的公式
知,当最概然速率相等时,平均速率和方均根速率必然
相等.
二、填空题
题7.7
答案:
(1)温度为T的平衡态下,一个分子每个自由度上分配的
平均能量
(2)温度为T的平衡态下,理想气体分子的平均平动动能
(3)温度为T的平衡态下,理想气体分子的平均能量
(4)温度为T的平衡态下,Imol理想气体的内能
(5)温度为T的平衡态下,imol理想气体的内能
(6)速率在“附近单位速率区间内的分子数与总分子数的比
(7)速率在〃附近dv速率区间内的分子数与总分子数的比
(8)速率在幼〜%区间内的分子数与总分子数的比
(9)速率在0〜8区间内的分子数与总分子数的比,它恒等
于1,是速率分布函数的归一化条件
(10)速率在4〜4区间内的分子数
(11)分子的平均速率
(12)分子速率平方的平均值
说明:欲正确解答本题必须要准确理解能均分定理和速率
分布函数/⑼的定义式及定义式中的各量的含义.另外,也
应将上面各式与速率分布曲线联系起来进行理解,使我们能
更好地“看懂”速率分布曲线.
题7.8
答案:5:3;10:3
解:根据理想气体的内能定义,有
单位体积的内能E『gkT(1)
单位质量的内能E2=^LRT(2)
M2
根据理想气体的状态方程,有
P=nkT(3)
由(1)〜(3)得:
E,=n—kT=p
'22
£=--RT
2M2
由于i-3,町=2,崂=4,所以单位体积的内能之
比为5:3;单位质量的内能之比为10:3
题7.9
答案:210K;240K
解:根据理想气体的状态方程习题7.9
PV=—RT,有图
M
^_PVM%TOi-TN2_MOi30_4
m'RTnMnTnMnTn32
所以%=240(K),TN2=210(K)
三、计算题
题7.10
解:根据理想气体的状态方程,混合前有:
PV=v曲(1)
PV=V2RT2(2)
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