2023年宁夏中卫市一中物理高一下期中复习检测试题含解析VIP

2023年宁夏中卫市一中物理高一下期中复习检测试题注意事项1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、在倾角为θ的光滑斜面上放一球，球被竖直板挡住，如图所示，在拿开挡板后，小球的加速度为()A．gsinθ，沿斜面向下B．gcosθ，沿斜面向下C．gtanθ，水平向左D．，水平向左2、一小船欲渡过一条河宽为100m的河，已知水流的速度为3m/s，船在静水中的速度为5m/s，则下列说法中正确的是()A．小船不能垂直过河B．小船过河的最短时间为25sC．小船以最短位移过河时，所需要的时间为20sD．若小船的船头始终正对河岸过河，水流速度变大，但小船过河的时间不变3、已知甲、乙两颗卫星绕某一半径为R的行星作匀速圆周运动，他们距离星球表面的高度分别为R和2R，则有（）A．甲、乙两颗卫星的线速度之比为：1B．甲、乙两颗卫星的线速度之比为1：C．甲、乙两颗卫星的向心加速度之比为9∶4D．甲、乙两颗卫星的向心加速度之比为4∶14、在水平地面上，关于平抛物体的运动，下列说法正确的是（）A．由知，物体平抛的初速度越大，飞行时间越短B．由知，物体下落的高度越大，飞行时间越长C．任意连续相等时间内，物体下落高度之比为1：3：5…D．任意连续相等时间内，物体运动速度改变量增加5、对于给定的电容器，下图中描述其电量Q，电压U和电容C之间关系正确的是（）A．B．C．D．6、如图所示，一个物体以速度冲向与竖直墙壁相连的轻质弹簧，墙壁和物体间的弹簧被物体压缩，在此过程中以下说法正确的是（）A．弹力对物体做正功，弹簧的弹性势能减小B．弹力对物体做负功，弹簧的弹性势能增加C．物体对弹簧做的功与弹簧的压缩量成正比D．物体连续向墙壁运动相同的位移，弹力做的功相等7、为某共享单车的主要传动部件．大齿轮和小齿轮通过链条相连，a、b分别是大齿轮和小齿轮边沿上的两点．已知大齿轮直径d1=20cm，小齿轮直径d2=10cm，若两齿轮匀速转动，则下列关于a点与b点的说法中正确的是()A．线速度大小之比为1:1B．角速度大小之比为1:2C．向心加速度大小之比为2:1D．周期之比为2:18、在高处一点将两个质量相同的小球分别以相同速率v0竖直上抛和竖直下抛，不计空气阻力，则下列结论正确的是（）A．从抛出到落地，重力对两球所做的功相等B．从抛出到落地，两球动能的变化量相等C．两球刚落地时，重力的瞬时功率相等D．从抛出到落地过程中，重力对两球所做功的平均功率相等9、如图所示，飞机起飞时以300km/h的速度斜向上飞，飞行方向与水平面的夹角为30°。则下列关于水平方向的分速度、竖直方向的分速度正确的是（）A． B．C． D．10、模拟我国志愿者王跃曾与俄罗斯志愿者一起进行“火星500”的实验活动．假设王跃登陆火星后，测得火星的半径是地球半径12，火星的质量是地球质量的19．已知地球表面的重力加速度是g，地球的半径为R，王跃在地球表面能向上竖直跳起的最大高度是hA．火星的密度为2gB．火星表面的重力加速度是4C．火星的第一宇宙速度与地球的第一宇宙速度相等D．王跃以与在地球上相同的初速度在火星上起跳后，能达到的最大高度是411、我国的北斗卫星导航系统计划由若干静止轨道卫星、中地球轨道卫星组成，其中静止轨道卫星均定位在距离地面约为3.6×104km的地球同步轨道上，中地球轨道卫星距离地面的高度约为2.16×104km，已知地球半径约为6.4×103km。则下列说法正确的是（）A．中地球轨道卫星的线速度大于第一宇宙速度B．中地球轨道卫星的线速度大于静止轨道卫星的线速度C．中地球轨道卫星的加速度比静止轨道卫星的加速度大D．静止轨道卫星可以定点于北京上空12、一带电粒子从电场中的A点运动到B点，轨迹如图中虚线所示．不计粒子所受重力，则()A．粒子带负电 B．粒子加速度逐渐减小C．A点的速度小于B点的速度 D．粒子的初速度为零二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、（6分）实验小组在用打点计时器测定匀变速直线运动加速度的实验中，得到一条纸带如图所示，A、B、C、D、E、F、G为计数点，相邻计数点间的时间间隔为0.1s，利用刻度尺已经测量得到x1＝1.20cm，x2＝1.60cm，x3＝1.98cm，x4＝2.38cm，x5＝2.79cm，x6＝3.18cm.(1)根据给出的实验数据，判断该实验小组使用的刻度尺的最小刻度是什么？__________(2)计算运动物体在B、C、D、E、F各点的瞬时速度__________、__________、__________、__________、__________．(3)试作出v－t图象____________，并由图象求物体的加速度_______________________．14、（10分）某同学用图示装置研究平抛运动及其特点．他的实验操作是：在小球A、B处于同一高度时，用小锤轻击弹性金属片，使A球水平飞出，同时B球被松开．①他观察到的现象是：小球A、B______（填“同时”或“不同时”）落地；②让A、B球恢复初始状态，用较大的力敲击弹性金属片．A球在空中运动的时间将___（填“变长”，“不变”或“变短”）；③上述现象说明______．三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）15、（12分）每天8:17分从玉山站始发开往南昌的K8713次列车额定功率为40000kW，列车的总质量为1000t，所受阻力恒为列车重力的0.1倍，若列车在平直的轨道上行驶，求：⑴列车以额定功率启动能达到的最大行驶速度是多少？⑵若列车以1m/s2的加速度由静止开始启动，则匀加速行驶时的牵引力多大？它能维持匀加速行驶的时间多长？16、（12分）一质量为m的小球以速度v0水平抛出，经时间t落地，不计空气阻力，求：(1)小球落地时重力的瞬时功率；(2)此过程中重力的平均功率；(3)小球落地时的动能。17、（12分）如图所示，挡板OM与竖直方向所夹的锐角为θ，一小球（视为质点）从O点正下方和A点以速度v0水平抛出，小球运动过程中恰好不和挡板碰撞（小球轨迹所在平面与挡板垂直）．不计空气阻力，重力加速度大小为g，求：（1）小球恰好不和挡板碰撞时的竖直速度大小；（2）O、A间的距离．

参考答案一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、A【解析】拿开挡板后，小球只受重力和斜面的支持力，支持力和重力垂直于斜面的分力平衡，沿斜面方向：mgsinθ=ma得：a=gsinθ，方向沿斜面向下，故A正确．点晴：拿开挡板后，小球只受重力和斜面的支持力，根据牛顿第二定律求解加速度．2、D【解析】

A、水流的速度为，船在静水中的速度为，船在静水中的速度大于水速，因此可以垂直过河，故选项A错误；B、当静水速度的方向与河岸的方向垂直时，渡河时间最短为，故选项B错误；C、船要垂直河岸过河即合速度垂直河岸，小船过河的最短航程为，合速度与分速度如图所示，则合速度为，过河所需要的时间为，故选项C错误；D、若小船的船头始终正对河岸过河，水流速度变大，根据运动独立性，小船过河的时间仍为，小船过河的时间不变，故选项D正确。3、C【解析】

根据万有引力提供圆周运动的向心力列出等式解得，甲乙两颗人造地球卫星，离地面的高度分为和为地球半径），甲乙两颗人造地球卫星的轨道半径之比故有，故ABD错误，C正确。故选C。4、B【解析】AB、平抛运动水平方向做匀速运动：竖直方向做自由落体运动：平抛运动在空中运动的时间由竖直方向上的运动决定：所以物体下落的高度越大，飞行时间越长，故A错，B对；C、在竖直方向上做了初速度为零的自由落体运动，物体下落高度之比为1：3：5，符合从一开始下落时计算，故C错误；D、由，知任意连续相等时间内，物体运动速度改变量都相等，故D错误；综上所述本题答案是：B5、A【解析】

AB.电容是电容器本身的属性，与是否带电、是否有电势差无关，A正确B错误C.根据电容方程：可知：对于确定电容器，Q与U成正比，C错误D.根据题意，对于给定的电容器，电容是定值，D错误6、B【解析】

AB．物体向左运动，物体受到的弹力方向向右，故弹力对物体做负功，弹簧的弹性势能增加，故A错误，B正确；C．弹簧的弹力为F=kx，弹力做功表达式可见物体对弹簧做的功与弹簧的压缩量平方成正比，故C错误；D．物体向墙壁运动相同的位移，弹力大小不同，故弹力做功不相等，故D错误。故选B。7、ABD【解析】大齿轮和小齿轮是同缘转动，边缘的线速度相同，则选项A正确；根据v=ωr可知，角速度大小之比为ωa:ωb=1:2，选项B正确；根据a=ωv可知向心加速度大小之比为1:2，选项C错误；根据可知周期之比为2:1，选项D正确；故选ABD.点睛：本题关键能分清同缘传动和同轴传动，齿轮与小齿轮是同缘传动，边缘点线速度相等；小齿轮与后轮是同轴传动，角速度相等；8、ABC【解析】在高处的某一点将两个重力相同的小球以相同速率v0分别竖直上抛和竖直下抛，可知小球初始高度相等，质量相等，重力做功为WG=mgh，可知从抛出到刚着地，重力对两球所做的功相等，故A正确．从抛出到落地，重力做功相等，则两球动能的变化量相等，选项B正确；由动能定理：WG＝mv2−mv02，可知落地速度相等，瞬时功率：P=mgv，故落地重力的瞬时功率相等，故C正确．竖直上抛要向上升，在下降，故其运动时间大于竖直下抛的时间，由功率：P＝可知，从抛出到刚着地，重力对两球的平均功率不相等，故D错误；故选ABC．点睛：本题重点掌握竖直上抛和竖直下抛的特征，会用重力做功的表达式求重力的功，能正确使用功率的表达式计算平均功率和瞬时功率．9、BC【解析】

ABCD．将合速度沿着水平方向和竖直方向正交分解，如图所示水平方向的分速度为竖直方向的分速度为AD错误BC正确。故选BC。10、AB【解析】试题分析：求一个物理量之比，我们应该把这个物理量先表示出来，在进行之比，根据万有引力等于重力，得出重力加速度的关系，根据万有引力等于重力求出质量表达式，在由密度定义可得火星密度；由重力加速度可得出上升高度的关系，根据万有引力提供向心力求出第一宇宙速度的关系．由GMmR2=mg，得到g=GMR2，已知火星半径是地球半径的12，质量是地球质量的19g，则火星表面的重力加速度是地球表重力加速度的49，即为49g，B正确；设火星质量为M′，由万有引力等于重力可得：GM'mR'2=mg'，解得M'=g'R'211、BC【解析】

本题考查对不同轨道卫星的分析处理。【详解】A．第一宇宙速度是卫星最大环绕速度，故A错误；BC．根据轨道半径越大，周期越大，线速度、角速度、向心加速度越小，可知BC正确。D．静止轨道卫星即同步卫星，始终位于赤道正上方轨道。故D错误。故选BC。12、AB【解析】A项：由运动与力关系可知，电场力方向与速度方向分居在运动轨迹两边，且电场力偏向轨迹的内侧，故在A点电场力沿电场线向左，电场的方向向右，电场力的方向与电场方向相反，故粒子带负电，故A正确；B项：根据电场线的疏密可知，A的电场强度大B点的电场强度，所以粒子在A点的电场力大B点的电场力，根据牛顿第二定律可知，粒子在A点的加速度大B点的加速度，即粒子的加速度逐渐减小，故B正确；C项：电场力方向与速度方向分居在运动轨迹两边，且电场力偏向轨迹的内侧，故粒子从A到B电场力做负功，所以动能减小，即速度不断减小．所以A点的速度大于B点的速度，故C错误；D项：若在A点的初速度为零，在电场力作用下，粒子将逆着电场线运动，故粒子的初速度不为零，故D错误．点晴：电场线的疏密表示电场强度的强弱，电场线某点的切线方向表示电场强度的方向．不计重力的粒子在电场力作用下从A到B，由运动与力关系可知，电场力方向与速度方向分居在运动轨迹两边，且电场力偏向轨迹的内侧．沿着电场线的方向电势降低的．因此可作出A、B点的等势点（要同在一根电场线），接着沿着电场线去判定．二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、毫米14cm/s17.9cm/s21.8cm/s25.85cm/s29.85cm/s39.6cm/s2【解析】

（1）[1]．由表格数据可知，该同学所使用的刻度尺的最小刻度是毫米；

（2）[1][2][3][4][5]．根据匀变速直线运动中一段时间内中点时刻的瞬时速度等于该过程的平均速度，则得各点的瞬时速度分别为：（3）[6]．在图乙中，运用描点法作出v-t图象

[7]．根据速度-时间图象解出斜率即为物体的加速度．点睛：本题要理解并掌握测量速度和