绵阳南山中学2019-2020学年高二下学期4月学情调研物理试题含解析

学必求其心得，业必贵于专精学必求其心得，业必贵于专精学必求其心得，业必贵于专精四川省绵阳南山中学2019-2020学年高二下学期4月学情调研物理试题含解析绵阳南山中学2020年春季高2018级网络学习（物理)学情调研卷第I卷（选择题，共54分）注意事项：1。答第I卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考试科目用铅笔涂写在答题卡上。2.每小题选出答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后,再选涂其他答案，不能答在试题卷上。一、本大题12小题，每小题3分，共36分。在每小题给出的四个选项中只有一个是正确的。1。下列对几种物理现象的解释中，正确的是(）A。砸钉子时不用橡皮锤，只是因为橡皮锤太轻B.跳高时在沙坑里填沙，为了减小冲量C.在推车时推不动是因为推力的冲量为零D.动量相同的两个物体受到相同的制动力的作用，两个物体将同时停下来【答案】D【解析】【详解】A．橡皮锤击钉时,橡皮锤具有弹性，具有缓冲作用，作用时间较铁锤击钉长，根据动量定理，作用力较小，所以不易将钉子钉进物体里，故A错误；B．跳高时，在沙坑里填沙,是为了缓冲,增加人与地面的作用时间，减小作用力,并不是为了减小冲量，故B错误；C．在推车时推不动，车所受的合力为零,合力的冲量为零，故C错误;D．根据动量定理-f•t=0—P动量相同的两个物体受相同的制动力的作用时,两车经过相等时间停下来，与质量无关，故D正确。故选D.2。水平面上一质量为m的物体，在水平推力F的作用下由静止开始运动。经时间2△t，撤去F，又经过3△t，物体停止运动，则该物体与水平面之间的动摩擦因数为（）A。 B. C。 D。【答案】C【解析】【详解】对整个过程研究，根据动量定理可得解得故ABD错误C正确.故选C。3。某同学想用气垫导轨模拟“人船模型”。该同学到实验室里,将一质量为M、长为L的滑块置于水平气垫导轨上（不计摩擦）并接通电源。该同学又找来一个质量为m的蜗牛置于滑块的一端，在食物的诱惑下，蜗牛从该端移动到另一端。下面说法正确的是(）A.只有蜗牛运动，滑块不运动 B.滑块运动的距离是C。蜗牛运动的位移大小是滑块的倍 D.滑块与蜗牛运动的距离之和为L【答案】D【解析】【详解】A、蜗牛从滑块的一端移动到另一端的过程中,蜗牛和滑块组成的系统合外力为零，系统的动量守恒，系统原来静止状态，总动量为零，根据动量守恒定律可知,蜗牛运动后，系统的总动量仍为零，所以蜗牛运动时,滑块会向相反的方向运动，而不会静止不动，A错误;BCD、取滑块的运动方向为正，蜗牛从滑块的一端移动到另一端时，滑块与蜗牛运动的位移之和为L．设滑块运动的位移大小为x1，蜗牛运动的位移大小为x2。根据动量守恒定律得可得即蜗牛运动的位移是滑块的倍.又由得故BC错误D正确.故选D。4.关于光谱和光谱分析,以下说法正确的是（)A。太阳光谱是连续谱，氢原子光谱是线状谱B.光谱分析的优点是灵敏而且迅速C.分析某种物质的化学组成，可以使这种物质发出的白光通过另一种物质的低温蒸气从而取得吸收光谱进行分析D.摄下月球的光谱可以分析出月球上有哪些元素【答案】B【解析】【详解】A．太阳光谱是不连续谱，氢原子光谱是不连续的,是线状谱,A错误；B．光谱分析的优点是非常灵敏而且迅速，能帮助人们发现新元素，B正确;C．分析某种物质的化学组成可以白光通过这种物质的低温蒸气取吸收光谱进行分析，C错误;D．月球是反射的阳光.分析月光实际上就是在分析阳光,月球又不象气体那样对光谱有吸收作用,因此无法通过分析月球的光谱来得到月球的化学成分，故D错误。故选B。5。如图所示的装置中，木块与水平桌面间的接触是光滑的，子弹沿水平方向射入木块后留在木块内，将弹簧压缩到最短，则下图列说法中正确的是（

)A。从子弹开始射入木块到弹簧压缩至最短的全过程中,子弹与木块组成的系统动量守恒B.子弹射入木块的短暂过程中，子弹与木块组成的系统动量守恒C.从子弹开始射入木块到弹簧压缩至最短的过程中,子弹、木块和弹簧组成的系统动量守恒D.若水平桌面粗糙,子弹射入木块的短暂过程中,子弹与木块组成的系统动量不守恒【答案】B【解析】【详解】A．从子弹开始射入木块到弹簧压缩至最短的全过程中，由于弹簧对子弹和木块组成的系统有力的作用，所以子弹与木块组成的系统动量不守恒守恒，故A错误；B．子弹射入木块瞬间，弹簧仍保持原长，子弹和木块组成的系统所受合外力为零，所以系统动量守恒，故B正确;C．从子弹开始射入木块到弹簧压缩至最短的过程中,子弹、木块和弹簧组成的系统由于受到墙壁的弹力作用，所以动量不守恒,故C错误;D．若水平桌面粗糙，子弹射入木块的短暂过程中，由于内力远远大于外力，所以子弹与木块组成的系统动量守恒，故D错误；故选B。点睛：明确动量守恒的条件,并知道题目中要研究的是那个过程，在这个过程中研究的是那个对象．6.下列选项中，说法正确的是A.光电效应揭示了光的波动性,爱因斯坦发现了光电效应的规律B。普朗克提出了能量子的假说,爱因斯坦利用能量子假说成功解释了黑体辐射的强度按波长分布的规律C.放射性元素放出的α粒子是原子核内的两个质子和两个中子组成的D.结合能指的是把核子分开需要的能量，比结合能是结合能与核子数之比，比结合能越小，原子核越稳定【答案】C【解析】【详解】A．光电效应揭示了光的粒子性,爱因斯坦发现了光电效应的规律,故A错误；B．普朗克提出了能量子的假说,并利用能量子假说成功解释了黑体辐射的强度按波长分布的规律，故B错误；C．放射性元素放出的α粒子是原子核内的两个质子和两个中子组成的,故C正确；D．结合能并不是由于核子结合成原子核而具有的能量而是把核子分开需要的能量；比结合能表达了原子核的稳定性，比结合能越大,原子核越稳定,故D错误.故选C。7。质量相等的A、B两球在光滑水平面上沿同一直线，同一方向运动，A球动量为7kg·m/s，B球的动量为5kg·m/s，当A球追上B球时发生碰撞,则碰后A、B两球的动量可能值是（）APA=3kg·m/sPB=9kg·m/s B。PA=—4kg·m/sPB=17kg·m/sC.PA=—2kg·m/sPB=14kg·m/s D.PA=6kg·m/sPB=6kg·m/s【答案】D【解析】【详解】以两物体组成的系统为研究对象，以A的初速度方向为正方向，两个物体的质量均为m，碰撞前系统的总动量：P=7kg⋅m/s+5kg⋅m/s=12kg⋅m/s，系统的总动能：；A。若碰后A、B两球动量为：pA=3kg⋅m/s，pB=9kg⋅m/s，系统的总动量P′=3+9=12kg⋅m/s，遵守动量守恒定律。〉Ek,故碰撞后动能增大，是不可能发生的，故A错误；B。若碰后A、B两球动量为：pA=—4kg⋅m/s，pB=17kg⋅m/s,系统的总动量P′=-4+17=13kg⋅m/s，不遵守动量守恒定律，故B错误；C。若碰后A、B两球动量为：pA=−2kg⋅m/s,pB=14kg⋅m/s，系统的总动量：P′=−2+14=12kg⋅m/s,遵守动量守恒定律。〉Ek，故碰撞后动能增大，是不可能发生的，故C错误;D。若碰后A、B两球动量为：pA=6kg⋅m/s，pB=6kg⋅m/s，系统的总动量P′=6+6=12kg⋅m/s,遵守动量守恒定律。〈Ek，故碰撞后动能减小，并且不会发生二次碰撞，是可能发生的,故D正确。故选:D8。带电粒子仅在电场力作用下，从电场中a点以初速度v0进入电场并沿虚线所示的轨迹运动到b点,如图所示,下列说法正确的是A。粒子可能带负电，在b点时速度较大B。粒子的电势能在b点时较大C。粒子的加速度在a点时较大D.粒子一定带正电，动能先变小后变大【答案】D【解析】【详解】根据轨迹弯曲方向，知粒子所受的电场力方向沿电场线切线方向向右，所以该电荷是正电荷,电场线的疏密表示场强的大小，由图可知a点的电场强度比b点的小，则粒子在a所受的电场力小，所以粒子的加速度在a点时较小,故C错误;粒子从a点到b点，电场力先做负功，再做正功，电势能先增加后降低，动能先变小后变大，但从a点到b点的整个过程电场力做的总功是正功，所以a点的电势能大于b点，a点的动能小于b点,故AB错误，D正确．所以D正确，ABC错误．9.如图所示，分布在半径为r的圆形区域内的匀强磁场，磁感应强度为B，方向垂直纸面向里。电荷量为q、质量为m的带正电的粒子从磁场边缘A点沿圆的半径AO方向射入磁场，离开磁场时速度方向偏转了60°角。(不计粒子的重力)则（）A。粒子做圆周运动的半径为r B。粒子的入射速度为C.粒子在磁场中运动的时间为 D。粒子在磁场中运动的时间为【答案】B【解析】【详解】A．设粒子做匀速圆周运动的半径为R,如图所示根据几何知识可知得到圆运动的半径A错误;B．根据牛顿运动定律有粒子的入射速度B正确；CD．由于粒子在磁场中的运动方向偏转了60˚角，所以粒子完成了个圆运动，根据线速度与周期的关系得粒子在磁场中的运动时间为CD错误.故选B.10。爱因斯坦提出了光量子概念并成功地解释了光电效应的规律而获得1921年的诺贝尔物理学奖。某种金属逸出光电子的最大初动能与入射光频率的关系如下图所示，其中为极限频率。从图中可以确定的是（)A.逸出功与有关B.与入射光强度成正比C。当时,会逸出光电子D。图中直线的斜率与普朗克常量无关【答案】C【解析】【详解】A．金属的逸出功是由金属自身决定的,与入射光频率无关,其大小，A错误；B．根据爱因斯坦光电效应方程，可知光电子的最大初动能与入射光的强度无关，和入射光的频率有关，但与入射光的频率不是成正比，而是线性关系,B错误；C．要有光电子逸出，则光电子的最大初动能,即只有入射光的频率大于金属的极限频率，即时才会有光电子逸出,C正确；D．根据爱因斯坦光电效应方程，可知D错误。故选C.11.甲、乙两人站在光滑的水平冰面上，他们的质量都是M，甲手持一个质量为m的球,现甲把球以对地为v的速度传给乙,乙接球后又以对地为2v的速度把球传回甲，甲接到球后,甲、乙两人的速度大小之比为（忽略空气阻力)（）A. B。 C。 D。【答案】D【解析】【详解】以甲抛球时球的速度方向为正方向,以甲与球组成的系统为研究对象，抛球过程动量守恒，由动量守恒定律得以乙与球组成的系统为研究对象，乙接球过程系统动量守恒，由动量守恒定律得乙抛球过程，动量守恒，由动量守恒定律得甲接球过程动量守恒,由动量守恒定律得解得，故速度之比为故ABC错误D正确。故选D。12.如图所示将一光滑的半圆槽置于光滑水平面上，槽的左侧有一固定在水平面上的物块．今让一小球自左侧槽口A的正上方从静止开始落下，与圆弧槽相切自A点进入槽内,则以下结论中正确的是（)A.小球在半圆槽内运动的全过程中，只有重力对它做功B.小球在半圆槽内运动的全过程中，小球与半圆槽在水平方向动量守恒C。小球离开C点以后，将做竖直上抛运动D。小球自半圆槽的最低点B向C点运动的过程中,小球与半圆槽在水平方向动量守恒【答案】D【解析】【详解】小球在半圆槽内运动的B到C过程中，小球与槽组成的系统机械能守恒．由于小球对槽有斜向右下方的压力，槽做加速运动，球对槽做功,动能增加，同时槽也对球做功，故A错误．小球在槽内运动的前半过程中，左侧物体对槽有作用力，小球与槽组成的系统水平方向上的动量不守恒，故B错误．小球离开C点以后,既有竖直向上的分速度，又有水平分速度，小球做斜上抛运动．故C错误．小球自半圆槽的最低点B向C点运动的过程中，水平方向合外力为零，故小球与半圆槽动量守恒．故D正确．故选D．【点睛】考查动量守恒定律与机械能守恒定律．当球下落到最低点过程，由于左侧竖直墙壁作用,小球与槽组成的系统水平方向上的动量不守恒，但小球机械能守恒．当球从最低点上升时,小球与槽组成的系统水平方向上的动量守恒，但小球机械能不守恒,而小球与槽组成的系统机械能守恒．二、本大题6小题，每小题3分,共18分。在每小题给出的四个选项中有一个或一个以上的选项正确,全对得3分,选对但不全得1分，有错或不选得0分.13。下列说法正确的是()A。N＋H―→C＋He是α衰变方程B.H＋H―→He＋γ是核聚变反应方程C。U―→Th＋He是核裂变反应方程D.He＋Al―→P＋n是原子核的人工转变方程【答案】BD【解析】【详解】A．α衰变是自发地进行的，不需其它粒子轰击，该核反应方程原子核人工转变方程，故A错误；B．质量较轻的核生成质量较重的核是核聚变方程,故B正确；

C．该核反应是α衰变方程，本身裂变;裂变方程是质量较重的核变成质量中等的核,故C错误；D．He＋Al―→P＋n是原子核的人工转变方程，故D正确。故选BD。14.直线P1P2过均匀玻璃球球心O,细光束a、b平行且关于P1P2对称，由空气射入玻璃球的光路如图。a、b光相比（)A.玻璃对a光的折射率较大B。玻璃对a光的临界角较大C.b光在玻璃中的传播速度较小D.b光在玻璃中的传播时间较短【答案】BC【解析】【详解】A．由图知，光线通过玻璃砖后，b光的偏折角大，则玻璃对b光的折射率较大,A错误；

B．玻璃对a光的折射率较小,由分析知,玻璃对a光的临界角较大,B正确；C．由分析知，b光在玻璃中的传播速度较小，C正确;D．b光在玻璃砖通过的路程较大，传播速度较小，由分析知b光在玻璃中的传播时间较长,D错误.故选BC。15.如图所示，图甲为一列简谐横波在时的波形图,图乙为媒质中平衡位置在处的质点的振动图象,是平衡位置为的质点，下列说法正确的是（)A.波速为B.波的传播方向向右C。时间内,运动的路程为D。时间内，向轴正方向运动【答案】AC【解析】【详解】A.由图可知波长为m，周期为s，则波速为：m/s,故A正确；B。根据图乙的振动图象可知,在处的质点在时振动方向向下，所以该波向左传播，故B错误；C.因为，所以0~2s时间内，质点的路程为,故C正确;D。因为该波向左传播，由图甲可知时，质点已经在波谷，所以可知0~2s时间内，向轴负方向运动,故D错误．16。氢原子的能级如图所示，已知可见光的光子能量范围约为1.62～3。11eV．下列说法正确的是()A.一个处于n＝3能级的氢原子向低能级跃迁时，最多可能发出3种不同频率的光B。大量氢原子从高能级向n＝3能级跃迁时,可能发出可见光C.处于n＝3能级的氢原子可以吸收任意频率的紫外线,并发生电离D.大量处于n＝4能级的氢原子向低能级跃迁时,可能发出6种不同频率的光【答案】CD【解析】一个处于n＝3能级的氢原子向低能级跃迁时，最多可能发出2种不同频率的光,即3→2，2→1，选项A错误;氢原子从高能级向n=3能级跃迁时发出的光子能量小于1。51eV,不在1。62eV到3。11eV之间,一定全是不可见光，故B错误．紫外线的光子能量大于3。11eV，则处于n＝3能级的氢原子可以吸收任意频率的紫外线,并发生电离,选项C正确；大量处于n=4能级的氢原子跃迁到基态的过程中可以释放出＝6种频率的光子，故D正确；故选CD．点睛:本题考查氢原子的波尔理论,解决本题的关键知道能级间跃迁所满足的规律，即Em-En=hv，并能灵活运用；注意“一个氢原子”和“大量氢原子"跃迁产生光子的种数的计算方法不同．17.原来静止的原子核质量为,处在区域足够大的匀强磁场中,经衰变后变成质量为的原子核，粒子的质量为，已测得粒子的速度垂直于磁场,且动能为，假定原子核衰变时释放的核能全部转化为动能，则下列四个结论中，正确的是（）A.核与粒子在磁场中运动的周期之比为B。核与粒子在磁场中运动的半径之比为C.此衰变过程中的质量亏损为D。此衰变过程中释放的核能为【答案】BCD【解析】【详解】A。原子核发生衰变时核子质量数减小4而核电荷数减小2．周期之比由知故选项A不合题意．B。由题意知X核原先静止,则衰变后粒子和反冲核Y的动量大小相等，由知故选项B符合题意．C.该衰变过程中的质量亏损故选项C符合题意．D。粒子的动能为=，Y核的动能EkY=,则Y核的动能则释放的核能故选项D符合题意．18。用如图装置研究光电效应现象,当用光子能量为2.5eV的光照射到光电管上时，电流表G的读数为0.2mA．移动变阻器的触点c，当电压表的示数大于或等于0.7V时，电流表读数为0．则（）A。光电管阴极的逸出功为B.电键k断开后，没有电流流过电流表GC.光电子的最大初动能为D。改用能量为的光子照射，电流表G也有电流，但电流较小【答案】AC【解析】【详解】AC．该装置所加的电压为反向电压，发现当电压表的示数大于或等于0.7V时，电流表示数为0，知道光电子点的最大初动能为0.7eV，根据光电效应方程EKm=hγ—W0,W0=1.8eV．故AC正确．B．电键S断开后，用光子能量为2。5eV光照射到光电管上时发生了光电效应，有光电子逸出，则有电流流过电流表．故B错误．D．改用能量为1.5eV的光子照射，由于光电子的能量小于逸出功，不能发生光电效应，无光电流．故D错误．第II卷(非选择题，共46分）三、每空2分，共24分.19。用能量为l5eV的光子照到某种金属上，能发生光电效应,测得其光电子的最大初动能为12.45eV，该金属的逸出功为________eV．氢原子的能级如图所示，现有一群处于n=3能级的氢原子向低能级跃迁,在辐射出的各种频率的光子中，能使该金属发生光电效应的频率共有_______种．【答案】(1).2。55(2）.2【解析】【详解】［1］用能量为15eV的光子照到某种金属上,能发生光电效应，测得其光电子的最大初动能为12.45eV，根据光电效应方程得[2]现有一群处于n=3能级的氢原子向低能级跃迁,根据知该群氢原子可能发射3种不同频率的光子，但是n=3能级跃迁到n=2能级的光子能量小于2。55eV,所以能使该金属发生光电效应的频率共有2种．20.M板附近的带电粒子由静止释放后从M板加速运动到N板（MN板间电压为U），从N板上的小孔C飞出电场，垂直进入以N板为左边界的磁感应强度为B的匀强磁场中,半个圆周后从D处进入如图所示的电场，PQ两板间匀强电场的电场强度为E，PQ板长为d.则该电荷电性为____（正电、负电、无法确定），到C的速度为_____(用m，q，U表示），最后从匀强电场E中飞出的速度大小为_____（已知带电粒子电荷量为q，质量为m，不记重力，各有界场之间互不影响）A。B.C。D.【答案】（1）.负电(2)。(3）.A【解析】【详解】［1］电荷刚进入磁场时，受到竖直向下的洛伦兹力，根据左手定则可知电荷带负电。[2］电荷在电场中加速过程中，根据动能定理可得解得电荷到C的速度为[3]电荷进入匀强电场后，在水平方向上做初速度为的匀速直线运动，在竖直方向上做初速度为零的匀加速直线运动，根据牛顿第二定律可知加速度大小为运动时间为故飞出匀强电场时,竖直方向上的速度为所以最后从匀强电场E中飞出的速度大小为故A正确BCD错误。故选A。21.一个静止的放射性同位素的原子核衰变为，另一个静止的天然放射性元素的原子核衰变为，在同一磁场中,得到衰变后粒子的运动径迹1、2、3、4如图所示，则这四条径迹依次是_______A。电子、、、正电子B。、正电子、电子、C.、正电子、电子、D.正电子、、、电子E.、电子、正电子、【答案】E【解析】【详解】放射性元素放出正电子时，正粒子与反冲核的速度方向相反，而电性相同，则两个粒子受到的洛伦兹力方向相反，两个粒子的轨迹应为外切圆。而放射性元素放出粒子时，粒子与反冲核的速度方向相反,而电性相反,则两个粒子受到的洛伦兹力方向相同,两个粒子的轨迹应为内切圆。放射性元素放出粒子时,两带电粒子的动量守恒.由半径公式，可得轨迹半径与动量成正比，与电量成反比,而正电子和粒子的电量比反冲核的电量小，则正电子和粒子的半径比反冲核的半径都大，故轨迹1、2、3、4依次是：、电子、正电子、。故ABCD错误E正确.故选E。22.用如图甲所示装置验证“动量守恒定律”。A、B两球半径相同，A球质量为m1，B球质量为m2，轨道包括斜槽和水平槽，固定在桌面上,白纸铺在水平地面上,复写纸在白纸上.先让A球从斜槽上某一固定位置C由静止滚下，从轨道末端水平抛出，落到复写纸上,重复上述操作10次，在白纸上得到10个落点痕迹；再把B球放在水平轨道末端,让A球仍从位置C由静止滚下，A球和B球碰撞后，分别在白纸上留下各自的落点痕迹，重复操作10次。M、P、N为三个落点的平均位置，O点是水平槽末端在白纸上的竖直投影点,如图乙所示.(1)除了图甲中实验器材外，完成本实验还必须使用的测量仪器是（）。A.秒表刻度尺B。天平刻度尺C。秒表D.天平秒表刻度尺（2）在下列实验操作中,符合要求的是_______（选填序号).A.入射小球与被碰小球必须大小相同、质量相等B.每次必须从同一高度由静止释放入射小球C.安装轨道时,必须让水平槽末端水平D。实验过程中，只要保持复写纸白纸上位置不变，可以移动白纸（3)测量了A、B两个小球的质量m1、m2，记录的落点平均位置M、N、P和轨道末端投影点O几乎在同一条直线上，并测量出三个落点M、N、P与O点距离分别是LM、LN、LP。在实验误差允许范围内，若关系式_____________________成立（用测得的物理量符号表示）,则验证了动量守恒定律.【答案】（1）.B（2）.BC(3）。【解析】【详解】(1)[1]除了图甲的器材之外，还缺少测水平距离的刻度尺,及测质量的天平,故B正确。故选B。（2)[2]A．入射球质量应大于被碰撞球的质量，故A错误;B．入射球每次只有从同一点静止释放才保证它到被碰球处的速度相等，故B正确；C．末端水平才保证是平抛运动，故C正确；D．白纸与复写纸均不动，才保证落点的准确，故D错误.故选:BC.（3)［3]记录的落点平均位置M、N、P和轨道末端投影点O几乎在同一条直线上，并测量出三个落点M、N、P与O点距离分别是LM、LN、LP。则由于两球平抛高度相等，则所用时间相同，即所以平抛速度均可用水平位移表示，由动量守恒可列写出要验证的式子是23。不同的原子核的比结合能是不一样的，比结合能_________（填“越大”或“越小”）的原子核越稳定，氘核和氚核聚变的核反应方程为,已知的比结合能是2。78MeV，的比结合能是1。09MeV，的比结合能是7.03MeV，则该核反应所_________（填“释放”或“吸收”）的能量为_________MeV。【答案】