2023届贵州省铜仁市乌江学校物理高一下期中复习检测试题含解析

2023届贵州省铜仁市乌江学校物理高一下期中复习检测试题考生须知：1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）1、如图所示，在绕中心轴OO′转动的圆筒内壁上，有一物体随圆筒一起转动．在圆筒的角速度逐渐增大的过程中，物体相对圆筒始终未滑动，下列说法中正确的是A．物体所受弹力逐渐增大，摩擦力大小一定不变B．物体所受弹力不变，摩擦力大小减小了C．物体所受的摩擦力与竖直方向的夹角一定为零D．物体所受弹力逐渐增大，摩擦力大小可能不变2、如图所示，一个质量均匀分布的半径为的球体对球外质点的万有引力为。如果在球体中央挖去半径为的一部分球体，且，则原球体剩余部分对质点的万有引力为（）A． B． C． D．3、关于开普勒对行星运动规律的认识，下列说法中正确的是()A．所有行星绕太阳的运动都是匀速圆周运动B．所有行星以相同的速率绕太阳做椭圆运动C．对于每一个行星在近日点时的速率均大于它在远日点的速率D．所有行星轨道的半长轴的二次方与公转周期的三次方的比值都相同4、已知地球自转周期为T0，有一颗与同步卫星在同一轨道平面的低轨道卫星，自西向东绕地球运行，其运行半径为同步轨道半径的四分之一，该卫星两次在同一城市的正上方出现的时间间隔可能是()A． B． C． D．5、在静电场的某处放一个带电量为＋q的试探电荷时，它受到的电场力为F；移去该电荷，在该处放一个带电量为－2q的试探电荷，其受到的电场力为A．F B．－F C．2F D．－2F6、人造卫星在太空绕地球运行中，若天线偶然折断，天线将（）A．继续和卫星一起沿轨道运行B．做平抛运动，落向地球C．由于惯性，沿轨道切线方向做匀速直线运动，远离地球D．做自由落体运动，落向地球7、如图所示，在同一轨道平面上，有绕地球做匀速圆周运动的卫星a、b、c某时刻在同一直线上，则（）A．经过一段时间，它们将同时第一次回到原位置B．卫星c受到的向心力最小C．卫星b的周期比c小D．卫星a的角速度最大8、质量为M的滑块沿着高为h长为l的粗糙斜面恰能匀速下滑，在滑块从斜面顶端下滑到底端的过程（）A．重力对滑块所做的功等于mgh B．滑块克服阻力所做的功等于mghC．合力对滑块所做的功为mgh D．合力对滑块所做的功不能确定9、如图所示，一个竖直放置的圆锥筒可绕其中心OO′转动，筒内壁粗糙，筒口半径和筒高分别为R和H，筒内壁A点的高度为筒高的一半．内壁上有一质量为m的小物块随圆锥筒一起做匀速转动，则下列说法正确的是（）A．当转动角速度时，小物块不受摩擦力作用B．当转动角速度时，小物块不受摩擦力作用C．当转动角速度时，小物块受摩擦力沿AO方向D．当转动角速度时，小物块受摩擦力沿AO方向10、某物体以20m/s的初速度竖直上抛，不计空气阻力，取10m/s2.从抛出上升到最高点的过程中，下列描述错误的是（）A．在最高点的加速度为零B．上升最大高度20mC．上升时间为2秒D．平均速度为20m/s11、图示为自行车的传动装置示意图，A、B、C分别为大齿轮、小齿轮、后轮边缘上的一点，则在此传动装置中A．B，C两点的线速度相同B．A，B两点的线速度相同C．A，B两点的角速度与对应的半径成正比D．B，C两点的线速度与对应的半径成正比12、“天宫一号”是我国第一个目标飞行器和空间实验室.已知“天宫一号”绕地球的运动可看做是匀速圆周运动，转一周所用的时间约为90分钟.关于“天宫一号”，下列说法正确的是()A．“天宫一号”离地面的高度一定比地球同步卫星离地面的高度小B．“天宫一号”的线速度一定比静止于赤道上的物体的线速度小C．“天宫一号”的角速度约为地球同步卫星角速度的16倍D．当宇航员站立于“天宫一号”内不动时，他所受的合力为零二．填空题(每小题6分，共18分)13、用如图甲所示的装置“验证机械能守恒定律”，将两物块A和B用轻质细绳连接并跨过轻质定滑轮，B下端连接纸带，纸带穿过固定的打点计时器，用天平测出A、B两物块的质量mA＝300g，mB＝100g，A从高处由静止开始下落，B拖着的纸带打出一系列的点，对纸带上的点迹进行测量，即可验证机械能守恒定律，图乙给出的是实验中获取的一条纸带：0是打下的第一个点，每相邻两计数点间还有4个点(图中未标出)，计数点间的距离如图乙所示，已知打点计时器计时周期为T＝0.02s，则：(1)在打点0～5过程中系统动能的增加量ΔEk＝______J，系统势能的减小量ΔEp＝________J(重力加速度g＝9.8m/s2，结果均保留三位有效数字)(2)用v表示物块A的速度，h表示物块A下落的高度.若某同学作出的－h图象如图丙所示，则可求出当地的重力加速度g＝________m/s2(结果保留三位有效数字).14、在验证机械能守恒定律的实验中，某同学利用图甲中器材进行实验，正确地完成实验操作后，得到一条点迹清晰的纸带，如图乙所示。在实验数据处理中，某同学取A、B两点来验证实验。已知打点计时器每隔0.02s打一个点，g取9.8m/s2，图中测量结果记录在下面的表格中。项目x1/cmA点瞬时速度/(m·s－1)x2/cmB点瞬时速度/(m·s－1)A、B两点间距离/cm数据3.920.9812.8050.00(1)观察纸带，可知连接重物的夹子应夹在纸带的________端（选填“左”或“右”)；(2)将表格中未填项目填写完整________；(3)若重物和夹子的总质量为0.6kg，那么在从A到B运动过程中，动能的增加量为_______J，重力势能的减少量为_______J。15、某学生在互成角度二力合成的实验中，将橡皮条的一端固定在A点，另一端拴上两根细绳，每根细绳分别连着一个量程为5N、最小分度为0.1N的弹簧秤．沿着两个不同的方向拉弹簧秤，当橡皮条的活动端拉到O点时，两根细绳相互垂直（如图），这时弹簧秤的读数可从图中读出．(1)由图可读得两个相互垂直的拉力大小为F1=______N，F2=____N。（只须读到0.1N）(2)在方格纸上按作图法的要求画出这两个力及它们的合力___,且合力F合=___N三．计算题(22分)16、（12分）一质量为20g的钢球从距沙面高为0.8m的高处自由下落，最后掉落到沙坑中下陷距离为5cm（忽略空气阻力且小球可当作质点)求：（1）小球落到沙子表面时的速度？（2）求沙子对小球的阻力大小？（3）若小球距沙面高度为H，下陷深度为h求小球所受阻力和重力之比？17、（10分）如图示，一个质量为M的匀质实心球，半径为R，如果从球上挖去一个直径为R的球，放在相距为d的地方。那么挖去部分与剩余部分的万有引力为多大？（引力常量为G）

参考答案一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）1、D【解析】

ABD．物体受重力、弹力和静摩擦力大小，指向圆心的合力提供向心力，可知弹力提供向心力，角速度增大，则弹力逐渐增大；摩擦力在竖直方向上的分力等于重力，摩擦力沿运动方向上的分力产生切向加速度，若切向加速度不变，则切向方向上的分力不变，若切向加速度改变，则切向方向的分力改变，则摩擦力的大小可能不变，可能改变，故AB

错误，D

正确；C．因为摩擦力在竖直方向和圆周运动的切线方向都有分力，可知摩擦力与竖直方向的夹角不为零，故C错误；故选D．【点睛】物体随圆筒一起做圆周运动，指向圆心的合力提供向心力，向心力只改变速度的方向，切向的合力产生切向加速度．根据牛顿第二定律进行分析求解．2、C【解析】

设球心点与球外质点的距离为，没挖去前，球体质量为，球外质点质量为，挖去部分的质量为，根据可知则没挖去前，球体对质点的万有引力挖去的部分对球外质点的万有引力则球体剩余部分对球外质点的引力故C正确ABD错误。故选C。3、C【解析】

A．所有行星绕太阳的运动轨道都是椭圆，太阳处于椭圆的一个焦点上，A错误；B．行星绕太阳的轨道半径越大，运动速度越小，B错误；C根据开普勒第二定律，相同的时间内扫过相同的面积，因此在近日点的速率大于远日点的速率，C正确；D．所有行星轨道的半长轴的三次方与公转周期的二次方的比值都相同，D错误。故选C。4、C【解析】设地球的质量为M，卫星的质量为m，运动周期为T，因为卫星做圆周运动的向心力由万有引力提供，有：，解得：T=2π，同步卫星的周期与地球自转周期相同，即为T1．已知该人造卫星的运行半径为同步卫星轨道半径的四分之一，所以该人造卫星与同步卫星的周期之比是：，解得：T=T1/2．设卫星至少每隔t时间才在同一地点的正上方出现一次，根据圆周运动角速度与所转过的圆心角的关系θ=ωt得：t=2πn+t，解得：t=nT1/7，因此卫星两次在同一城市的正上方出现的时间间隔可能为3T1/7，故ABD错误，C正确．故选C．点睛：本题考查万有引力定律和圆周运动知识的综合应用能力．要理解当卫星转过的角度与建筑物转过的角度之差等于2π时，卫星再次出现在城市上空．5、D【解析】

该处的电场强度，放上带电量为－2q的试探电荷时，电场力，故D正确，ABC错误。6、A【解析】：人造卫星在太空绕地球运行中，处于完全失重状态，当折断后，仍保持原来的状态，沿轨道做圆周运动，A正确．7、CD【解析】A、根据万有引力提供向心力GMmr2=m4π2rT2，得周期T=2πr3GM，因为ra＜rb＜rcD、根据万有引力提供向心力GMmr2=mω2r，得角速度ω=8、AB【解析】重力做功只与重力和高度差有关，与路径无关，w=mgh，A对；由于滑块匀速下滑，应用动能定理，，B对；合力对滑块做功为零，CD错；9、BC【解析】

A、B、当小球受到重力与支持力的合力指向圆心时，小球不受摩擦力；如图所示；合力F=mgtanθ；由几何关系可知，物体的半径为：；则由F=mRω2可知，；故当角速度时，小物块不受摩擦力作用；故A错误，B正确.C、D、当转动角速度时，小物块受到的向心力大于F，故物块有向外的运动趋势，故小物块受到沿AO方向的摩擦力；故C正确，D错误；故选BC.10、AD【解析】A、由于不计空气阻力，则在最高点只受重力作用，故在最高点加速度不为零，故选项A错误；B、根据速度与位移关系可得：，故选项B正确；C、根据速度与时间关系可以得到：，故选项C正确；D、根据平均速度公式得到：，故选项D错误。点睛：物体竖直上抛后，只受重力，加速度等于重力加速度，可以把物体的运动看成一种匀减速直线运动，由速度关系公式求出最大位移，由位移时间关系公式求解位移，由平均速度等于位移与时间的比值。11、BD【解析】

AD.B、C为同轴转动模型，所以B、C具有相同的角速度，而，B、C转动半径不同，所以线速度不同，但与半径成正比，A错误D正确BC.A、B两点为皮带传动边缘点，所以具有相同线速度：，所以A、B两点角速度与半径成反比，B正确C错误12、AC【解析】A、根据万有引力提供向心力，得，由此可知，周期越大，轨道半径肯定越大，同步卫星的周期是，远大于天宫一号的周期90分钟，故“天宫一号”离地面的高度比地球同步卫星离地面的高度小，故A正确；

B、根据万有引力提供向心力，得，由此可知，轨道半径越大，速度越小，同步卫星的轨道半径远大于天宫一号的轨道半径，所以“天宫一号”的线速度比地球同步卫星的线速度大，由知，静止于赤道上的物体的线速度比同步卫星的线速度小，因此“天宫一号”的线速度一定比静止于赤道上的物体的线速度大，故B错误；

C、据上分析知“天宫一号”的周期约为地球同步卫星周期的，由知“天宫一号”的角速度约为地球同步卫星角速度的16倍，故C正确；

D、天宫一号及里面的人和物都处于失重状态，受力不平衡，合力不为零，故D错误．点睛：本题主要要掌握万有引力提供向心力，灵活选择向心力公式的形式．二．填空题(每小题6分，共18分)13、1.151.189.70【解析】

（1）[1][2]每相邻两计数点间还有4个点，可知T=0.1s，则打B点时的速度在打点0～5过程中系统动能的增加量系统势能的减小量ΔEp＝(mA-mB)gh5=0.2×9.8×(0.384+0.216)J=1.18J（2）[3]由可得则解得g=9.7m/s214、左3.202.782.94【解析】

(1)[1]重物刚开始运动，速度较小，点迹比较密集，故夹子应夹在纸带的左端；(2)[2]由题中数据可得(3)[3][4]在A到B运动过程中，动能的增加量重力势能的减少量15、4.02.54.7【解析】

(1)[1][2]由图可知，弹簧秤的最小分度为0.1N；则两个弹簧秤的读数分别为：4.0N，2.5N；(2)[3]取如图所示的两格表示1N，则可得出F1、F2，由上图得出两力的方向；作出平行四边形，即其对角线的长度表示力的大小，箭头的指向表示力的方向，故两个力及它们的合力图示如图所示：[4]由图可知，对角线的长度约有9.