2023届福建省莆田市仙游县郊尾中学物理高一第二学期期中联考试题含解析

2023届福建省莆田市仙游县郊尾中学物理高一第二学期期中联考试题注意事项1．考生要认真填写考场号和座位序号。2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、如图所示，人用绳通过定滑轮拉物体A，当人以速度v0匀速前进时，绳某时刻与水平方向夹角为θ，物体A的速度（）A． B． C． D．2、如图所示，两个互相垂直的力F1和F2作用在同一物体上，使物体运动，物体通过一段位移时，力F1对物体做功4J，力F2对物体做功3J，则力F1和F2的合力对物体做功为()A．2J B．1J C．5J D．7J3、两个物体A、B的质量之比：：1，二者动能相同，它们和水平桌面的动摩擦因数相同，则二者在桌面上滑行到停止所经过的距离之比为A．：：1 B．：：2 C．：：1 D．：：44、太空垃圾是围绕地球轨道的有害人造物体，如图所示是漂浮在地球附近的太空垃圾示意图，对此有如下说法，正确的是（）A．离地越高的太空垃圾运行加速度越小B．太空垃圾一定能跟同一轨道上同向飞行的航天器相撞C．离地越高的太空垃圾运行速率越大D．离地越低的太空垃圾运行角速度越小5、两颗人造地球卫星质量之比是1：2，轨道半径之比是3：1，则下述说法中正确的是（）A．它们的周期之比是3：1 B．它们的线速度之比是3：1C．它们的向心加速度之比是1：9 D．它们的向心力之比是1：96、如图，某人由A点划船渡河，船头指向始终与河岸垂直，船的速率一定，河中央的水流速度比两边大些，则下列说法中正确的是（）A．小船到达对岸的位置与水流速度有关B．小船相对于河岸的轨迹是一条直线C．若增大划船速度，则可缩短小船渡河的时间D．若船头指向左边并调整偏角，则小船一定能到达正对岸的B点7、光滑水平面上静止一质量为M的木块，一颗质量为m的子弹以水平速度v1射入木块，并以速度v2穿出，对这个过程，下列说法正确的是（）A．子弹克服阻力做的功等于B．子弹对木块做的功等于子弹克服阻力做的功C．子弹对木块做的功等于木块获得的动能与子弹跟木块摩擦生热的内能之和D．子弹损失的动能等于木块的动能跟子弹和木块摩擦转化的内能之和8、如图所示，A、B两物体放在旋转的圆台上，两物体与圆台面间的动摩擦因数均为μ，两物体的质量相等，A物体离转轴的距离是B物体离转轴距离的2倍，当圆台旋转时，A、B均未滑动，则下列说法中正确的是（）A．A物体所受的摩擦力小B．A物体的向心加速度大C．当圆台的转速增加时，A先滑动D．当圆台的转速增加时，B先滑动9、根据观测，某行星外围有一模糊不清的环，为了判断该环是连续物还是卫星群，测出了环中各层的线速度v的大小与该层至行星中心的距离R，则以下判断中正确的是（）A．若v与R成反比，则环是连续物B．若v与R成正比，则环是连续物C．若v2与R成正比，则环是卫星群D．若v2与R成反比，则环是卫星群10、如图所示，a是静止在赤道上随地球自转的物体，b、c是在赤道平面内的两颗人造卫星，b位于离地高度等于地球半径的圆形轨道上，c是地球同步卫星。下列说法正确的是（）A．物体a的角速度小于卫星b的角速度B．卫星b的周期大于卫星c的周期C．物体a随地球自转的线速度小于卫星b的线速度D．物体a随地球自转的向心加速度大于卫星c的向心加速度二、实验题11、（4分）如图为一小球做平抛运动的闪光照片的一部分．图中方格每边长为5cm，g取10m/s2，由左上图可得闪光周期为：_____________；小球的水平分速度为：______________；小球在B点时的速度为_______________。可以用根号表示）12、（10分）甲乙两个同学共同做“验证牛顿第二定律”的实验，装置如图所示．①两位同学用砝码盘（连同砝码）的重力作为小车（对象）受到的合外力，需要平衡桌面的摩擦力对小车运动的影响．他们将长木板的一端适当垫高，在不挂砝码盘的情况下，小车能够自由地做____________运动．另外，还应满足砝码盘（连同砝码）的质量m______________小车的质量M．（填“远小于”、“远大于”或“近似等于”）接下来，甲同学研究：在保持小车的质量不变的条件下，其加速度与其受到的牵引力的关系；乙同学研究：在保持受到的牵引力不变的条件下，小车的加速度与其质量的关系．②甲同学通过对小车所牵引纸带的测量，就能得出小车的加速度a．图1是某次实验所打出的一条纸带，在纸带上标出了5个计数点，在相邻的两个计数点之间还有4个点未标出，图中数据的单位是cm．实验中使用的电源是频率f=50Hz的交变电流．根据以上数据，可以算出小车的加速度a=_________m/s1．（结果保留三位有效数字）③乙同学通过给小车增加砝码来改变小车的质量M，得到小车的加速度a与质量M的数据，画出a—图线后，发现：当较大时，图线发生弯曲．于是，该同学后来又对实验方案进行了进一步地修正，避免了图线的末端发生弯曲的现象．那么，该同学的修正方案可能是_________.A．改画a与的关系图线B．改画a与的关系图线C．改画a与的关系图线D．改画a与的关系图线三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位13、（9分）如图所示，在E＝113V/m的水平向左匀强电场中，有一光滑半圆形绝缘轨道CPN竖直放置，轨道与一水平绝缘轨道MN平滑连接，半圆轨道所在竖直平面与电场线平行，其半径R＝41cm，一带正电荷q＝3×11－4C的小滑块质量为m＝41g，与水平轨道间的动摩擦因数μ＝1．5，小滑块运动过程中所带电荷量保持不变，取g＝11m/s2．滑块在水平轨道上某点由静止释放后，恰好能运动到圆轨道的最高点C，问：（1）小滑块是在水平轨道上离N点多远处释放的？（2）小滑块经过C点后落地，落地点离N点的距离多大？（3）小球在半圆轨道上运动时，对轨道的最大压力有多大？14、（14分）如图所示是利用电动机提升重物的示意图，其中D是直流电动机．p是一个质量为m的重物，它用细绳拴在电动机的轴上．闭合开关ｓ，重物p以速度v匀速上升，这时电流表和电压表的示数分别是I=5.0A和U=110V，重物p上升的速度v=0.70m/s．已知该装置机械部分的机械效率为70%，重物的质量m=45kg（g取10m／s2）．求：（1）电动机消耗的电功率P电；（2）绳对重物做功的机械功率P机；（3）电动机线圈的电阻R．15、（13分）如图所示，在海滨游乐场有一种滑沙的娱乐活动，人坐在滑板上从斜坡的高处的A点由静止开始下滑，滑到斜坡底部B点后沿水平滑道再滑行一段距离到C点停下来，斜坡滑道与水平滑道间是平滑连接的，若某人和滑板的总质量，滑板与斜坡和水平滑道间的动摩擦因数均为，不计空气阻力，斜坡倾角求：人和滑板到达B点的速度大小v在斜坡上运动过程中人和滑板整体重力做功的平均功率；为确保人身安全，水平滑道BC的长度x至少是多长．

参考答案一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、B【解析】物体A的速度等于沿绳子方向和垂直于绳子方向速度的合速度，如图根据平行四边形定则，有：，解得：，故选B．【点睛】将物体A的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向，沿绳子方向的速度等于，根据平行四边形定则求出物体A的速度．2、D【解析】

当有多个力对物体做功的时候，总功的大小就等于用各个力对物体做功的和，由于力F1对物体做功4J，力F2对物体做功3J，所以F1与F2的合力对物体做的总功就为：W=3J+4J=7J，D正确，ABC错误。故选D。3、B【解析】

物体滑行过程中只有摩擦力做功，根据动能定理，有：对甲：-μmAgsA=0-Ek①；对B：-μmBgsB=0-Ek②；联立可得；故选B．【点睛】本题涉及力在空间的效应可优先考虑运用动能定理，涉及力在时间的效应优先考虑动量定理，也可以根据牛顿第二定律和运动学公式结合求解．4、A【解析】

A．根据得可知离地越高的太空垃圾运行加速度越小，故A正确；B．根据得在同一轨道上的航天器与太空垃圾线速度相同，如果它们绕地球飞行的运转方向相同，它们不会碰撞，故B错误；C．根据得可知离地越高的太空垃圾运行速率越小，故C错误；D．根据得可知离地越低的太空垃圾运行角速度越大，故D错误。故选A。5、C【解析】

A．人造地球卫星绕地球做圆周运动的向心力由万有引力提供有：解得知故A错误；B．知：故B错误；C．a＝知故C正确；D．知，它们的向心力之比是F1：F2=1：18选项D错误；故选C.6、AC【解析】根据运动的合成法则，可知，当水流速度越大时，到达对岸的位移越大，因此到达对岸的位置，及位移均与水流速度有关，故A正确；因为船速不变，水流速在变化，知沿河岸方向上有加速度，合速度的方向与加速度的方向不在同一条直线上，知轨迹是曲线，故B错误；船头指向始终与河岸垂直，若增大划船速度，渡河时间为:，可知缩短小船渡河的时间，故C正确；只有当船速大于水速时，船头指向左边并调整偏角，才能到达正对岸的B点，故D错误．所以AC正确，BD错误．7、AD【解析】

对子弹全过程由动能定理，有，所以子弹克服阻力做功，故A正确；子弹与木块相互作用过程如下图：

不妨设子弹与木块相互作用力大小为f，则子弹对木块做功W1=fs，木块对子弹做功W2=fx，由于x＞s，故W2＞W1，故B错误；由动能定理，木块获得动能Ek=W1，即子弹对木块做的功等于木块获得的动能，故C错误；对子弹和木块组成的系统，全过程总能量守恒，即：子弹减少的动能=木块增加的动能+系统产生的内能．故D正确．8、BC【解析】

A．A、B两物体的角速度相等，根据知质量相等，A的半径较大，则A物体所受的摩擦力较大，故A错误；B．根据知角速度相等，A的半径较大，则A物体向心加速度较大，故B正确；CD．根据解得，A的半径较大，则A的临界角速度较小，当圆台的转速增加时，A先滑动，故C正确，D错误。故选BC。9、BD【解析】

若是行星的一部分则各层转动的角速度相等，根据v=ωR得：v∝R，故A错误，B正确；若该层是行星的卫星群，则向心力等于万有引力，根据，得：v2=，故C错误，D正确。故选BD。【点睛】解决本题要知道若是行星的一部分，则各层转动的角速度相等，若该层是行星的卫星群，则根据向心力等于万有引力求解．10、AC【解析】

ABCD．卫星绕地球做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，则解得，，，由上述计算结果可知，轨道半径r越大，加速度a、线速度v、角速度都越小，只有周期T越大。因为rc>rb，所以ac<ab、vc<vb、ωc<ωb、Tc>Tb。物体a和卫星c的角速度相等（ωa=ωc），且ra<rc，由a=ω2r和v=ωr得，aa<ac、va<vc、Ta=Tc，综合上述分析可得，aa<ac<ab、va<vc<vb、ωa=ωc<ωb、Ta=Tc>Tb，故AC正确，BD错误。故选AC。二、实验题11、1．1s2m/sm/s【解析】在竖直方向上有：△h=gT2，其中△h=7l-5l=2l=11cm，代入求得：T=1.1s；

水平方向匀速运动，有：s=v1t，其中s=4l=21cm，t=T=1.1s，代入解得：v1=2.1m/s．

根据匀变速直线运动中，时间中点的瞬时速度等于该过程的平均速度，在B点有：以B点速度为：点睛：对于平抛运动问题，一定明确其水平和竖直方向运动特点，尤其是在竖直方向熟练应用匀变速直线运动的规律和推论解题．12、①匀速直线运动；远小于②0.343③A【解析】试题分析：（1）“验证牛顿第二定律”的实验中，为使绳子拉力为小车受到的合力，应先平衡摩擦力，方法是将长木板的一端适当垫高，在不挂砝码盘的情况下，小车能够自由地做匀速直线运动，另外为使绳子拉力等于砝码盘（连同砝码）的质量，必须满足满足砝码盘（连同砝码）的质量m远小于小车的质量M的条件．（1）由匀变速运动的推论得，将计数点0到4分成0到1和1到4两部分，其中，，代入上式解得（3）乙同学通过给小车增加砝码来改变小车的质量M，故小车的质量应为M+m，作图时应作出a-图象，故选A考点：“验证牛顿第二定律”的实验【名师点睛】明确实验原理是解决有关实验问题的关键．在验证牛顿第二定律实验中，注意以下几点：（1）平衡摩擦力，这样绳子拉力才为合力；（1）满足砝码（连同砝码盘）质量远小于小车的质量，这样绳子拉力才近似等于砝码（连同砝码盘）的重力；（3）用“二分法”求出小车的加速度三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位13、（1）4m（2）1.2m（3）2.7N【解析】

（1）设滑块与N点的距离为L，由动能定理