山西省2020年中考物理模拟考试试题(五)(含解析)

2020年山西省中考物理模拟试题（五）

一、选择题：本大题共10小题，每小题3分，共30分.在每小题给出的四个选项中，只有一个是符合题

目要求的.

1.在下列数据中，最接近生活实际的是（）

A.家用电吹风功率约为500W

B.一个正规篮球的直径约为1dm

C.一支新2B铅笔的质量约为400g

D.人体感到最舒适的温度约是10℃

【答案】A

【解析】A、家用电吹风功率约为500W左右，故A符合实际；B、一个正规篮球的直径约为24.6cm,故B

不符合实际；C、一支新2B铅笔的质量约是10g,故C不符合实际；D、人体正常体温在37℃左右，感觉

舒适的温度在23℃左右。故D不符合实际。选A。

2.某同学利用图装置分别将敲音叉、弹钢琴、吹长笛和划玻璃时发出的声音信号输入计算机，在显示器上

A.①②③三种声音的音调和响度相同

B.③声音是长笛的笛管振动产生的

C.四个声音在15℃空气中的速度相同

D.④波形是噪音的波形

【答案】B

【解析】A、由图象可知，相同时间内，①②③振动的次数相同，振动的幅度相同，即①②③的频率相同,

响度相同，故A正确；B、管乐器的声音是由管内空气柱振动，所以③声音是笛管中空气柱振动产生的,

故B错误；C、声音的传播速度与介质的种类和介质的温度有关，声音在15℃空气中的速度相同，故C

正确；D,从物理学角度，凡是无规则振动产生的声音都属于噪音，由波形图，该发声体振动无规律，属

于噪音，故D正确。选B。

3.下列物态变化中，属于凝固现象的是（）

A.春天，白雾弥漫B.夏天，大雨滂沱

C.秋天，霜打枝头D.冬天，千里冰封

【答案】D

【解析】A、春天，白雾弥漫，雾是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小水滴，属于液化现象；B、夏天，大

雨磅礴，雨是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小水滴，属于液化现象；C、秋天，霜打枝头，霜是空气中的

水蒸气遇冷凝结成的小冰晶，属于凝华现象；D、冬天，千里冰封，冰是水凝固成的，属于凝固现象。选

I）。

【解析】A、鱼在水中，而人在船上，则来自鱼的光线需要从水中射向空气中进入人眼，此时光线就会发

生折射，折射光线进入人眼，人看到的是鱼的虚像，由于虚像的位置比鱼的位置要高，所以我们要瞄准

看到的鱼的下方去叉；与题意不符；B、由图可知，激光引导掘进方向是利用了光的直线传播，由于光是

沿直线传播的，所以光引导的掘进方向也是直的；与题意不符；C、看到地上物体是由于光的反射，反射

光线进入眼睛。符合题意；D、凸透镜会聚光线是由于光的折射。与题意不符；选C。

5.关于家庭电路和安全用电，下列说法中正确的是（）

A.家庭电路中必须安装保险丝或空气开关

B.在未断开电源开关的情况下更换灯泡

C.我国家庭电路的电压值为380V

D.使用试电笔时，手指不能碰到笔尾的金属帽，以免触电

【答案】A

2

【解析】A、家庭电路中必须要有保险丝或空气开关，这样在电流过大时可自动切断电源，对电路起到保

护作用，此选项正确；B、在未断开电源开关的情况下更换灯泡，灯泡处仍带电，容易发生触电事故，此

选项错误；C、我国家庭电路的电压值为220V,动力用电的电压为380V,此选项错误：I）、如果手不接触

笔尾金属体，无论笔尖金属体接触火线还是零线，鼠管都不发光，不能正确辨别火线和零线，此选项错

误。选Ao

6.小红在做“探究凸透镜成像的规律”的实验中，在光屏上得到了烛焰清晰的缩小的像。小红保持凸透镜

的位置不变，将光屏和蜡烛的位置互换，这时，她在光屏上可以看到（）

A.正立、放大的像B.正立、缩小的像

C.倒立、缩小的像D.倒立、放大的像

【答案】D

【解析】由凸透镜成像规律可知，当u>2f,f<v<2f,成倒立、缩小的实像；若将蜡烛和光屏位置互

换，则f<u<2f时，成倒立、放大的实像，光屏距凸透镜即像距v>2f。选D。

【解析】A、起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；B、道钉撬在使用过程中，动力臂大

于阻力臂，是省力杠杆。C、筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；D、钢丝钳在使用过

程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；选C。

8.下列措施中能增强通电螺线管磁性的是（）

A.减小螺线管的电流B.减少螺线管的匝数

C.在螺线管内插入铁芯D.改变螺线管的电流方向

【答案】C

【解析】A、在相同条件下，减小螺线管的电流，磁性减弱，不符合题意；B、在相同条件下，减少螺线

管的匝数，磁性减弱，不符合题意；C、在相同条件下，插入铁芯，磁性增强，符合题意；D、改变电流

的方向，只能改变通电螺线管的磁极，不符合题意。选C。

3

9.未煮过的汤圆沉在水底，煮熟后漂浮在水面上，则此时汤圆（)

A.受到的浮力等于重力，排开水的体积比未煮过的小

B.受到的浮力大于重力，排开水的体积比未煮过的小

C.受到的浮力大于重力，排开水的体积比未煮过的大

D.受到的浮力等于重力，排开水的体积比未煮过的大

【答案】D

【解析】（1）汤圆煮熟后漂浮在水面上，根据物体漂浮条件可知，受到的浮力等于重力，故BC错误；（2）

未煮过的汤圆沉在水底，说明重力大于浮力，煮熟后漂浮在水面上，受到的浮力等于重力，而汤圆的重

力不变，汤圆所受浮力变大，根据F*=P，kgV排可知，此时汤圆排开水的体积比未煮过的大。故A错误,

D正确。选D。

10.有两个电路元件A和B,流过元件的电流与其两端电压的关系如图。下列说法不正确的是（）

A.A的电阻值为5Q

B.元件B是定值电阻

C.A和B串联，电路中电流为0.4A时，电源电压是4.5V

D.A和B并联在电压为2.5V的电源两端，B的电功率是1W

【答案】B

【解析】A、由图象可知，当UA=1.0V时，IA-0.2A,由1=卫_可得，甲的电阻为：&一%=工_2匕=5

RIA0.2A

C,故A正确；B、由图象可知，B的电流与电压不成正比，则元件B不是定值电阻，故B错误；C、A

和B串联，电路中电流为0.4A时，由于串联电路中各处的电流相等，则通过A、B的电流都为0.4A,由

图象可知，此时A、B两端的电压分别为：UJ=2.0V,IV=2.5V,则电源电压U=UJ+IV=2.0V+2.5V

=4.5V,故C正确；D、A和B并联在电压为2.5V的电源两端，由于并联电路各支路两端的电压相等，

则B两端的电压为UB=2.5V,由图象可知，此时通过B的电流为0.4A,则B的电功率：PB=IMB=2.5V

XO.4A=1W,故D正确。选B。

4

二、实验探究（本大题共5个小题，11小题4分，12小题4分，13小题8分，14小题6分，15小题2分,

共24分）

11.某物理兴趣小组的同学用如图甲所示的装置来研究水的沸腾。

5

6

时间/min0123456789101112

温度/℃90919293949596979898989898

（2）在图丙中以时间为横轴，以温度为纵轴，根据表格中的数据作出水的沸腾图象。

温度/七

98

96

94

92---------------------------一一

M-----------------------------------

0123456789101112….

时间/mm

甲乙丙

（3）在这次实验中，发现从开始加热到沸腾的这段时间过长，为了缩短实验的时间，可以采取的措施是

【答案】（1）A：（2）见下图；（3）减小水的质量或提高水的初温或加大火焰。

7

【解析】（1）从图乙可以看出，A中气泡在上升过程中体积逐渐变大，所以是沸腾时的现象；B图中气泡

在上升过程中体积逐渐减小，所以是沸腾前的现象。（2）根据表格数据进行描点，然后用平滑曲线把所

有点连接起来。如下图所示：

（3）液体从加热到沸腾需要的时间的长短与很多因素有关：水量的多少、水温的高低、火力的大小、是

用酒精灯的外焰还是内焰加热等等，故为了缩短实验的时间，可以采取的措施是：减小水的质量；提高

水的初温；加大火焰等。

8

9

10

11

主要实验器材实验的主要步骤和应合金块密度的表达式

用测量的物理量

方法一天平、量筒、水1.天平测出合金块的mp-m

v2-vl

2.测出量筒内水的体积K

3.测出合金块浸没在水中时

合金和水的总体积v2

方法二——

方法三——

【答案】方法二：天平（含祛码）、刻度尺；天平测出合金块的m；用刻度尺测出测量出合金块的长和宽、

高，求出它的体积V；P=四；方法三：天平（含祛码）、量筒、烧杯、水和细线；1.用细线拴住合金

V

块，用弹簧秤测出合金块的重力G；2.将合金块完全浸没水中，用弹簧秤测出合金块浸没水中的重力G'；

G

而L'P水。

【解析】依据公式P=%可知，需要测量的物理量是质量和体积。质量可以通过天平测出，关键在于如

V

何选择适当的器材测出长方体小金属块的体积。分析可知，解决问题的关键在于测金属块的体积，所以

我们可以考虑以下两种方案：一是用刻度尺测量出长方体金属块的长和宽、高，求出它的体积；选用的

器材为：天平（含祛码）、刻度尺，

实验步骤：1.天平测出合金块的质量m；2.用刻度尺测出测量出合金块的长和宽、高，求出它的体积V；

数据处理：根据密度计算公式计算出物体的密度P=典；二是使用量筒、水、细线，采用排水法来进行

V

测量。选用的器材：弹簧秤、烧杯、水和细线。实验步骤：1.用细线拴住合金块，用弹簧秤测出合金块

的重力G；2.将合金块完全浸没水中，用弹簧秤测出合金块浸没水中的重力G'。数据处理：合金块的

质量m=S_,合金块受到的浮力F，*=G-G',合金块的体积等于排开水的体积，即：V=V产-'j_.=

gP水g

G_

立匕，合金块的密度：P=典=-r-=—-・p水。

P水gVG-GG-G，N水

P水g

13.小明用如图甲所示的实物图测量额定电压为2.5V,额定功率约为1W的小灯泡的电功率（所用器材均能

满足实验需要）。

12

（1）请根据实验目的和相关条件，用笔画线代替导线把图甲中的实钩电路连接完整（要求：滑片P向左

移动时灯变亮）；

（2）连接电路时，开关要________（选填“断开”或“闭合”）；

（3）在实验过程中，移动滑动变阻器的滑片P的同时，眼睛应注视；

A.电压表示数B.电流表示数C.滑动变阻器的滑片D.电源是否损坏

（4）实验时，小明发现无论怎样调节滑动变阻器的滑片P,两电表的指针始终处于乙图的位置，出现这

种情况的原因可能是_______;

A.电灯L损坏B.电流表短路C.电压表断路D.开关S损坏

（5）故障排除后，小明按实验步骤正确进行实验，并记录了多组数据，根据数据描绘出了小灯泡的U

一I图象，如图丙所示，则小灯泡的额定功率为________W；小明所用滑动变阻器的规格是________0

A.“5Q1A”B.“10Q2A”C.“25Q1A”D.“30。2A”

【答案】（1）见下图；（2）断开；（3）A；（4）A；（5）0.75；C。

【解析】（1）滑片向左移动灯变亮，灯泡与滑动变阻器应串联，且滑动变阻器接左下接线柱，把灯泡与

滑动变阻器串联接入电路，实物电路图如图所示

（2）在连接电路时，开关应处于断开状态：（3）测量小灯泡的额定电功率，应使灯泡两端的电压等于额

定电压，所以在实验中，移动滑片的同时，眼睛应注视电压表示数，A正确；（4）闭合开关电流表无示

数，电压表有示数原因是电压表并联的部分断路，即可能是电灯L损坏，故选A；（5）由图丙知，灯泡

的额定电压为2.5V,由图3知，当U=2.5V时，1=0.3A,则灯泡的实际功率P=UI=2.5VX0.3A=0.75W；

灯泡正常发光时，变阻器两端的电压U滔=3V-2.5V=0.5V：由图象知，当灯泡两端电压最小时，变阻器

U®

的阻值最大，可知此时U沛=3V-0.5V=2.5V；此时电路中的电流为0.1A,则滑动变阻器的阻值R卅=上

I

13

=当_包=25Q,所以滑动变阻器的规格是“25Q,1A”，故C正确。

0.1A

14.兴趣小组观察发现，热水夏天冷却慢、冬天冷却快。这是什么原因呢？

亦晨和童谣同学做出如下猜想：

猜想一：液体的冷却快慢可能与气温（室温）有关；

猜想二：液体的冷却快慢可能还与液体种类有关；

（1）为了验证猜想一：深思熟虑后，两个人向两只完全相同的________（敞口瓶子/带塞子的瓶子）中

倒入质量、相同的热水，分别放置于通风的室内和通风的空调制冷的室内，每隔5分钟记录一

次水的温度，直至水温不变。这样选取瓶子的依据是.

（2）如图所示，是亦晨同学根据其中一只容器测得的数据做出的图象，可以发现热水冷却时温度变化的

特点是。亦晨和童谣进一步分析得出，液体冷却快慢由________（液体的初温/低温环境的温度

/液体和低温环境的温度差）决定。

【答案】（1）带塞子的瓶子；初温；控制变量法；（2）先快后慢；液体和低温环境的温度差；（3）将一

杯同样烧开的水放在冰箱冷藏室冷却比在室内冷却降温要快。

【解析】（1）为了验证猜想一，即液体的冷却快慢可能与气温（室温）有关，由控制变量法，要控制其

它因素相同，为避免蒸发对液体质量的影响，则两个人向两只完全相同的带塞子的瓶子中倒入质量、初

温相同的热水，分别放置于通风的室内和通风的空调制冷的室内，每隔5分钟记录一次水的温度，直至

水温不变。这样选取瓶子的依据是控制变量法；（2）由亦晨同学根据其中一只容器测得的数据做出的图

象，可以发现热水冷却时温度变化的特点是先快后慢；亦晨和童谣进一步分析得出，液体冷却快慢由液

体和低温环境的温度差决定；（3）日常生活的应用：将一杯同样烧开的水放在冰箱冷藏室冷却比在室内

冷却降温要快。

15.通过阅读，小明知道了1791年意大利物理学家伏特发明了最早的电池--伏打电池。在老师的帮助下,

小明自制了一个如图所示的伏打电池，但是不能确定哪个金属片是正极。请你帮他设计实验并进行判断。

14

（1）写出你选用的实验仪器：o

（2）简述操作方法、实验现象和结论：

导名1J

浸有导银

电液的纸锌

导线

自制伏打电池

【答案】（1）电压表和导线；（2）将电压表的正接线柱与银片相连，再把与锌片相连的导线与电压表的

负接线柱进行试触，若电压表指针正向偏转，说明与电压表正接线柱连接的银片是伏打电池的正极；若

电压表反向偏转，锌片是电池的正极。

【解析】由电流表、电压表和二极管的连接方法知，电流必须从正接线柱流入，从负接线柱流出，故可

把电压表、电流表或发光二极管接在伏打电池两极，观察指针的偏转方向或发光二极管是否发光，从而

确定出电池的正负极；方案一：（1）选用的器材：电压表和导线；（2）探究的方法：将电压表的正接线

柱与银片相连，再把与锌片相连的导线与电压表的负接线柱进行试触，若电压表指针正向偏转，说明与

电压表正接线柱连接的银片是伏打电池的正极；若电压表反向偏转，锌片是电池的正极；方案二：（1）

选用的器材：电流表和导线；（2）探究的方法：将电流表的正接线柱与银片相连，再把与锌片相连的导

线与电流表的负接线柱进行试触，若电流表指针正向偏转，说明与电流表正接线柱连接的银片是伏打电

池的正极；若电流表反向偏转，锌片是电池的正极；方案三：（1）选用的器材：发光二极管和导线；（2）

探究的方法：将发光二极管的正接线柱与银片相连，再把锌片与发光二极管的负接线柱相连，若发光二

极管发光，说明与发光二极管正接线柱连接的银片是伏打电池的正极；若发光二极管不发光，锌片是电

池的正极。

三、综合应用（本大题共9小题，16小题2分，17小题2分，18小题2分，19小题3分，20小题2分，

21小题4分，22小题4分，23小题4分，24小题3分，共26分）

16.1820年，在课堂上做实验时终于发现：当导线中通过电流时，它下方的磁针发生了偏转。这

个发现令他极为兴奋，他怀着极大的兴趣又继续做了许多实验，终于证实,在世界上第一个发

现了电与磁之间的联系。

【答案】奥斯特；电流的周围存在着磁场。

【解析】丹麦的物理学家奥斯特做的著名的奥斯特实验通过当导线中通过电流时，它旁边的磁针发生偏

转，证实了：电流的周围存在着磁场。

17.小明给妈妈的透明茶壶添水后，放在桌子上，如图所。.妈妈看到后问：“怎么才加了半壶水？”小明

说：“我担心再多加一点，水就从细细的壶嘴溢出来了。”妈妈说：“你试试加点水看看。”于是小明反复

15

加了几次水后明白了：茶壶的壶嘴和壶身组成，壶嘴和壶身中的水面具有的特点，所

以不必担心再加少许水会溢出来。

【答案】连通器；高度总是相同的。

【解析】茶壶的壶嘴和壶身构成了一个连通器，当里面的水不流动时，壶嘴的水面和壶身的水面保持相

平。

18.我国国产航母顺利完成首次海试任务，国产航母的排水量是6.5万吨，则航母在海水中受到的最大浮

：f3

力为N（P»*=lX10kg/m）,该航母可以搭载40〜45架歼一15型舰载机，当舰载机起飞后航

母受到的浮力将_____（选填“增大”“减小”或“不变”）。

【答案】6.5X108；减小。

【解析】航母在海水中受到的最大浮力：Ff^Gj^mHtgnGSOOOXlOTgXlON/kguG.SXlO'N；舰载机起

飞后，航母仍漂浮，浮力等于重力，但自重减小，因此航母所受浮力减小。

19.在疫情期间，小明戴上口罩准备出门，他想看看口罩有没有戴好，于是他站在竖直的平面镜前1m处，

则他与镜中“自己”的距离是_____巾，平面镜成的像是________（选填“虚”或“实”）像，当他再

远离平面镜0.5m,他在镜中的像的大小将会________（选填“变大”、“变小”或“不变”）。

【答案】1;虚；不变。

【解析】在疫情期间，小明戴上口罩准备出门，他想看看口罩有没有戴好，于是他站在竖直的平面镜前

1m处，平面镜所成的像和物体各对应点到平面镜间距离相等，所以，由他到平面镜的距离为1m可得镜

中所成的像与平面镜之间的距离为1m,则他与镜中“自己”的距离2m；平面镜成像原理是光的反射，是

由于反射光线的反向延长线会聚点，所以小明在镜中成的像是虚像；因为平面镜所成的像和物体形状、

大小相同，当他远离平面镜0.5m,他在镜中像的大小将不会改变。

20.如图所示，一个小球从高处下落到竖直放置的弹簧上并压缩弹簧向下做减速运动，忽略空气阻力，画

出小球所受的重力G和弹力F。

16

【答案】见解析

【解析】忽略空气阻力，小球从高处下落到竖直放置的弹簧上并压缩弹簧向下做减速运动，此时小球共

受到重力和弹力两个力的作用，过小球重心分别沿竖直向下和竖直向上的方向画一条有向线段，用G和

F表示，且G<F,如图所示：

21.阅读短文，回答问题。

汽车发动机

发动机是汽车的动力源。汽油机以汽油为燃料，使活塞在气缸中往复运动，一个工作循环经历进气、压

缩、做功和排气四个冲程，汽油机的性能和汽缸排量有关。汽缸排量指活塞一个冲程中活塞在气缸内通

过的容积，它取决于活塞的面积和活塞上下运动的距离（冲程长度）。如果发动机有若干个气缸，所有气

缸“工作容积”之和称为发动机排量，实际汽车往往采用多缸发动机。

如图所示发动机有4个汽缸（图中标注1,2,3,4）,通过连杆把4个汽缸的活塞连在一根曲轴上。各

个汽缸的做功过程错开，在飞轮转动的过程中，都有一根汽缸在做功，其他三个汽缸分别在吸气、压缩

和排气冲程。

（1）若一个汽缸排量为V,燃气对活塞的平均压强为p,则一个做功冲程中燃气对活塞所做的功为

（用字母表示）。

（2）若汽车发动机以恒定功率输出，在爬坡的时候减慢车速，目的是。

（3）当发动机转速为3000r/min时，则发动机每个工作循环所需要的时间为s；

（4）四缸发动机中1号汽缸在做功冲程中，4号汽缸所处的冲程是。

A.吸气B.压缩C.做功1）.排气

17

【答案】(1)pV；(2)增大牵引力;(3)0.04；(4)A。

【解析】(1)在做功冲程，活塞移动的距离为L,发动机的单缸排量V=SL,燃气对活塞所做的功：W=

FL=pSL=pV。(2)根据P=Fv可知，功率一定时，速度越小，牵引力越大，故降低速度是为了增大牵引

力。(3)在发动机中，飞轮转2周完成一个工作循环，所以发动机转速为3000r/min时，完成1500个工

作循环，每个工作循环所需要的时间为t=3y=0.04s。(4)四汽缸发动机，各个汽缸的做功过程错

1500

开，在飞轮转动的每半周里，都有一个汽缸在做功，其他三个汽缸分别在吸气、压缩和排气冲程，据此

可知四缸发动机中1号汽缸在做功冲程中，4号汽缸所处的是吸气冲程，故选A。

22.讨论下面的问题，并发表你的观点。

(1)匀速行驶的汽车，关闭发动机后在水平公路上减速行驶。有人说，这时汽车在水平方向上是不受力

的。他的说法对吗？为什么？

(2)“神舟”系列飞船降落到地面前，为什么要打开一个巨大的降落伞？

【答案】见解析

【解析】(1)他的说法不对；因为汽车做减速运动，运动状态发生改变，说明汽车在水平方向受到摩擦

力的作用；(2)在打开降落伞前飞船以很大的速度降落，打开巨大的降落伞后，可以增大向上的空气阻

力，使飞船下降的速度减小，起到保护飞船的作用。

温馨提示：23、24小题，解答过程要有必要的文字说明、公式和演算步骤，只写最后结果不得分。

18

19

20

21

22

23

电动机功率3kW

夯锤夯土层的能量400J/次

夯锤着地面积600cm2

前进速度8-13m/min

夯击次数120次/min

24

L

(1)若打夯机以10m/min的平均速度沿直线前进，则lOmin前进了米。

(2)为了估算某次夯锤夯击土层时的冲击力，小明将重为4N、底面积为1cm?的圆柱体竖直平放在被夯

击土层上，则圆柱体对土层的压强为________；若土层被压下的深度与夯锤夯击的深度相同，则此次夯

击时的平均冲击力为_______牛。

(3)施工时，若打夯机前移消耗的能量为200J/次，则打夯机将电能转化为机械能的效率是多少？

【答案】(1)100；(2)4X10'Pa；2.4X10：'；(3)打夯机将电能转化为机械能的效率是40虬

【解析】(1)由v=W＞可得，lOmin前进的距离：s=vt=10m/minX10min=100m；

t

(2)因水平面上物体的压力和自身的重力相等，

所以，圆柱体对土层的压强：p=E=——-4X10'Pa,

SlX10-4m2

由题意知，夯锤夯击时对土层的压强等于圆柱体对土层的压强，

则夯击时的平均冲击力：F=pS=4X10'PaX600X10-m2=2.4X10;lN；

(3)打夯机工作Imin时,获得的机械能：W行=(400+200)J/次X120次=7.2X10'J,

5

由P=J!L可得，消耗的电能：Wlt!=Pt=3000WX60s=l.8X10J；

t

打夯机将电能转化为机械能的效率：nX100%=7-2Xl04jX100%=40%«

W总1.8X105J

24.多功能养生壶具有精细烹饪、营养量化等功能，深受市场认可和欢迎。图乙是某品牌养生壶简化电路

图。[p*=lX103kg/m3,CA=4.2X103J