2019-2020学年湖南省衡阳市第八高二上学期第二次月考试题 物理 Word版

衡阳市2019年下期高二第二次月考物 理 试 卷命题人：廖庆辉审题人：曾亚平注意事项：本试卷满分为100分，时量为90分钟一、选择题（共12题，每小题4分，共48分，其中1-8题为单项选择题，9-12为多选题，选对得4分，漏选得2分，错选或不选得0分。）1、下列说法正确的是A．电子带1.6×10-19C的负电，故电子就是元电荷B．在静电场中，电势为零处，场强一定为零bAaBdCbAaBdCO(O’)cABbAD．磁场中某点的磁感应强度方向与电流元在该处所受磁场力的方向相同2、如图所示，在磁感应强度为B=1T的匀强磁场中，固定一根与磁场方向垂直的通电直导线OO’，在导线外，以导线截面的中心为圆心的圆周上有a、b、c、d四个点。已知c点的磁感应强度为，方向斜向右上方，并与磁感应强度B方向的夹角为45°，则下列说法正确的是A.直导线中的电流方向垂直纸面向里B.a点的磁感应强度与c点的相同C.d点的磁感应强度为零 D.b点的磁感应强度为零3、两电荷量分别为q1和q2的点电荷放在x轴上的O、M两点，两电荷连线上各点电势φ随x变化的关系如图所示，其中A、N两点的电势均为零，ND段中的C点电势最高，则A．A点的电场强度大小为零B．q1与q2为异种电荷C．NC间场强方向指向x轴正方向D．将一负点电荷从N点移到D点，电场力先做负功后做正功4、如图甲所示为某磁电式电流表的原理图，蹄形磁铁和铁芯间的磁场均匀辐向分布，如图乙所示，其磁感应强度的大小处处相等，都为B，一边长为L的N匝正方形线圈处在磁场中，方向如图乙，当通有大小为I的电流时，下列正确的是A．由于磁感应强度的大小处处相同，则该磁场为匀强磁场B．穿过正方形线圈的磁通量大小为NBL2ABCoC．正方形线圈的左边导线受到大小为ABCoD．正方形线圈的右边导线受到大小为NBIL、方向向下的安培力5、如图所示，圆O处于匀强电场中，其半径为，ABC为其内接等边三角形，且圆O所在平面与电场线平行。己知三角形各顶点的电势分别为φA=1V、φB=13V、φC=25V，则A．电场强度的大小为，方向由C指向AB．圆心O的电势为14VC．圆周上电势最低点的电势为4VθD．若将电子由C移到O，电子的电势能将增加15eVθ6、如图所示，一平行于光滑斜面的轻质弹簧一端固定于斜面上，另一端拉住一条形磁铁，磁铁处于静止状态，若在磁铁中点的正上方，垂面纸面放置一通电直导线，导线中电流方向垂直纸面向外，且使电流缓慢增大。下列说法正确的是A．弹簧可能会被压缩，且压缩量逐渐增大 B．弹簧一定伸长了，形变量不变A2A2A17、如图所示的电路中，电源电动势为E，内阻为r（），电表均视为理想电表。闭合开关S后，调节R的阻值，使电流表A1的示数增大了1，在这一过程中，电流表的A2示数变化量的大小为2，电压表示数的变化量的大小为，则A．A2增大，且2<1 B．的大小变大C．电源的效率降低了 D．电源的输出功率一定增大了8、将一段总长度为L的直导线折成多边形线框后放入磁感应强度大小为B的匀强磁场中，且线框所在平面与磁场方向垂直，现给线框通电，电流大小为I，正多边形线框中依次相邻的6条边受到的安培力的合力大小等于依次相邻的3条边受到的安培力的合力大小，则正多边形线框中每条边受到的安培力大小为A．B．C．D．9、图甲是洛伦兹力演示仪。图乙是演示仪结构图，玻璃泡内充有稀薄的气体，由电子枪发射电子束，在电子束通过时能够显示电子的径迹。图丙是励磁线圈的原理图，两线圈之间产生近似匀强磁场，线圈中电流越大磁场越强，磁场的方向与两个线圈中心的连线平行。电子速度的大小和磁感应强度可以分别通过电子枪的加速电压和励磁线圈的电流来调节。若电子枪垂直磁场方向发射电子，给励磁线圈通电后，能看到电子束的径迹呈圆形。关于电子束的轨道半径，下列说法正确的是A．只增大电子枪的加速电压，轨道半径变小 B．只增大电子枪的加速电压，轨道半径变大C．只增大励磁线圈中的电流，轨道半径变小 D．只增大励磁线圈中的电流，轨道半径不变10、直流电动机在生产、生活中有着广泛的应用。如图所示，一直流电动机M和电灯L并联之后接在直流电源上，电动机内阻r1=0.5Ω，电灯灯丝电阻R=9Ω（阻值认为保持不变），电源电动势E=12V，内阻r2=1Ω，S读数为9V。则下列说法正确的是A．电源内阻所分得的电压为1.5VB．流过电动机的电流1AC．电源的总功率等于36WD．电动机的输出功率16W11、回旋加速器在科学研究中得到了广泛应用，其原理如图所示。D1和D2是两个中空的半圆形金属盒，置于与盒面垂直的匀强磁场中，它们接在电压为U、周期为T的交流电源上。位于D1圆心处的质子源A能不断产生质子(初速度可以忽略)，它们在两盒之间被电场加速。当质子被加速到最大动能Ek后，再将它们引出。忽略质子在电场中的运动时间，则下列说法中正确的是A．若只增大交变电压U，则质子在回旋加速器中运行的时间会变短B．若只增大交变电压U，则质子的最大动能Ek会变大C．若只将交变电压的周期变为2T，仍可用此装置加速质子D．质子第n次被加速前、后的轨道半径之比为eq\r(n－1)∶eq\r(n)12、质谱仪是用来分析同位素的装置，如图为质谱仪的示意图，其由竖直放置的速度选择器、偏转磁场构成。由三种不同粒子组成的粒子束以某速度沿竖直向下的方向射入速度选择器，该粒子束沿直线穿过底板上的小孔O进入偏转磁场，最终三种粒子分别打在底板MN上的P1、P2、P3三点，已知底板MN上下两侧的匀强磁场方向均垂直纸面向外，且磁感应强度的大小分别为B1、B2，速度选择器中匀强电场的电场强度的大小为E。不计粒子的重力以及它们之间的相互作用，则A．速度选择器中的电场方向向右，且三种粒子均带正电B．三种粒子的速度大小均为eq\f(E,B2)C．如果三种粒子的电荷量相等，则打在P3点的粒子质量最大D．如果三种粒子电荷量均为q，且P1、P3的间距为Δx，则打在P1、P3两点的粒子质量差为二、实验题（每空2分，共14分）13、图(a)为某同学组装完成的简易多用电表的电路图．图中E是电池，R1、R2、R3和R4是固定电阻，R5是可变电阻；表头的满偏电流为0.25mA，内阻为480Ω.虚线方框内为换挡开关，A端和B端分别与两表笔相连．该多用电表有5个挡位，5个挡位为：直流电压1V挡和5V挡，直流电流1mA挡和2.5mA挡，欧姆×100Ω挡．R5R5R3R4（1）图(a)中的________端(填“A”或“B”)应与红笔相连．（2）关于R5的使用，下列说法正确的是________(填正确答案标号)．A．使用电流挡时，调节R5使电表指针尽可能指在表盘右端电流最大位置B．在使用多用电表之前，调节R5使电表指针指在表盘左端电流“0”位置C．使用欧姆挡时，先将两表笔短接，调节R5使电表指针指在表盘右端电阻“0”位置某次测量时该多用电表指针位置如图(b)所示．若此时B端是与“1”相连的，则多用电表读数为__________；若此时B端是与“3”相连的，则读数为_________；（4）根据题给条件可得R1＝________Ω，R4＝________Ω.（5）若该表中的电池因长期使用其电动势变小了，但仍能进行欧姆调零，则用该多用电表正确测量某阻值适当的电阻时，所测得的阻值将_______（填“偏大”、“偏小”或“不变”）.三、计算题（本题包括4小题，共38分。请写清计算过程，只写结果不给分）14、有一种测量压力的电子秤，其原理图如图所示。电源电动势为E=6V，内阻r=20Ω内阻；R0是一个阻值为400Ω的限流电阻；G是理想电流表；R是一个压敏电阻，其阻值可随压力大小变化而改变，它们的大小关系为：（力F的单位为国际单位N）；C是一个用来保护显示器的电容器。秤台的重力忽略不计。试分析：（1）当电流计中的电流IG=10mA时，电子秤上重物的重力为多少牛？（2）若电容器的耐压值（最大电压）为5V，该电子秤的最大称量值为多少牛？15、如图，电源电动势为E=3V，内阻不计，导体棒ab质量m=60g，长L=1m，电阻R=1.5ῼ，匀强磁场竖直向上，大小为B=0.4T。当开关S闭合后，棒从用铁杆固定的光滑绝缘环的底端上滑到某一位置静止，试求：（，）abaabaBbaSBbaESBba（2）在此位置时，棒对每只环的压力大小；（3）若已知绝缘环半径0.5m，则此静止位置与环底高度差Δh为多少?16、如图所示，在竖直平面内固定的圆形绝缘轨道的圆心为O，半径为r，内壁光滑，A、B两点分别是圆轨道的最低点和最高点。该区间存在方向水平向右的匀强电场，一质量为m、带负电的小球恰好能静止在轨道内壁的C点，OC连线与竖直方向的夹角θ＝60°，重力加速度为g。求：(1)小球所受的电场力大小；CθOθABE(2)若让小球在A点获得水平向右的速度v0，而沿圆形轨道内壁运动。若要使小球过CθOθABEACBEh1ACBEh1NM（1）求带电体运动到刚好离开墙壁时速度大小v；（2）求带电体由静止下滑到刚好离开墙壁过程中克服摩擦力做的功Wf；（3）如果带电体到达C点时电场突然变为竖直向上且，电场的变化对磁场的影响忽略不计，则带电体在电磁场区内的运动过程中，距出发点A的最大距离为多少？物理参考答案一、选择题（每题4分，共48分。选对得4分，漏选得2分，错选或不选得0分。）题号123456789101112答案CDBDABCABCCDADACD二、实验题（每空2分，空14分）13.（1）B （2）C （3）1.47mA(1.46-1.48mA),1100Ω；（4）64Ω，4000Ω； （5）偏大三、计算题（共38分）14.（8分）【答案】（1）300N（2）600N【解析】（1）由闭合电路欧姆定律可知电流: 1分当时， 2分代入 解得： 1分（2）电容器的最大电压： 2分由代值解得： 1分 又 解得： 1分15、（9分）【答案】（1）0.8N （2）0.5N （3）0.2m【解析】（1）由闭合电路欧姆定律可得： 1分安培力： 1分视线垂直b环从右向左看，导体棒静止时，b端棒子受力情况如图所示：对整根棒受力分析，由棒平衡知，两环受支持力的总和为： 2分则由牛顿第三定律知，棒对每一只环的压力为0.5N。 1分（2）由图可知， 1分则：， 1分故： 2分16、（9分）【答案】(1)eq\r(3)mg(2)2eq\r(2gr)【解析】(1)小球在C点受力平衡，如图所示，所以小球受到的电场力的大小F＝mgtanθ2分即F＝eq\r(3)mg1分(2)要使小球经过B点时对圆轨道的压力最小，则必须使小球经过等效最高点D点时的速度最小，即在D点小球对圆轨道的压力恰好为零，则：eq\f(mg,cosθ)＝meq\f(v2,r)2分解得：v＝eq\r(2gr)1分在小球从圆轨道上的A点运动到D点的过程中，有mgr(1＋cosθ)＋Frsinθ＝eq\f(1,2)mv02－eq\f(1,2)mv22分解得：v0＝2eq\r(2gr)1分17、（12分）【答案】（1）