中考物理模试卷160

中考物理模试卷

一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分.每小题给出的四个选项

中只有一个选项正确）

1.（2.00分）夏商时期，己有铜制的铃和皮质的鼓。人耳能分辨出铃声和鼓声是

根据声音的（）

A.音色B.音调C.响度D.频率

2.（2.00分）下列现象中属于光的直线传播的是（）

黑板左端反光

O

B.

月食的形成

叶子经露珠成放大的像

D.

雨后天空中出现彩虹

3.（2.00分）关于粒子和宇宙，下列认识正确的是（）

A.扫地时灰尘飞舞能说明分子在做无规则运动

B.根据银河系的直径大约为8万光年，可知光年是时间单位

C.在探索比分子更小的微观粒子的历程中，人们首先发现了质子

D.宇宙是一个有层次的天体结构系统，它是有起源的、膨胀的和演化的

4.（2.00分）如图所示的工具中，在使用时属于费力杠杆的是（）

食品夹子

羊角锤

含

核桃夹子

5.（2.00分）如图所示，小东同学在"探究凸透镜成像规律"实验时，烛焰在光屏

上成了一个清晰的像，下列说法正确的是（）

凸透镜沙

2FFOF2F

A.利用这一成像规律可制成幻灯机

B.实验中，蜡烛越烧越短，光屏上烛焰的像向上移动

C.要使光屏上烛焰的像变小，只须将蜡烛靠近凸透镜

D.为了便于从不同方向观察光屏上的像，光屏应选用较光滑的玻璃板

6.（2.00分）从冰箱内取出的冰棍周围会弥漫着"白气"；水烧开后水壶嘴会喷出

"白气"。下列分析正确的是（）

A.冰棍周围的“白气"是冰熔化成的小水珠

B.这两种情况的"白气”都是水蒸气

C.壶嘴喷出的"白气”是壶嘴喷出的水蒸气液化成的小水珠

D.这两种情况的"白气"都是空气中原来的水蒸气液化而成的小水珠

7.（2.00分）随着科技的进步，机器人正逐渐走进人们的生活，如图所示，人形

机器人正在表演舞蹈，下列对其中涉及到的物理知识分析错误的是（）

A.机器人鞋底上凹凸不平的花纹是为了增大摩擦力

B.机器人鞋底较宽大可以减小压强

C.机器人站立时受到的支持力和它对地面的压力是一对平衡力

D.机器人跳起时，地面对它的支持力没有做功

8.（2.00分）下列四个图中改变物体内能的方式与另外三个不同的是（）

甲乙丙T

A.图甲：压缩气体点燃棉花B.图乙：探究海波的熔化规律

C.图丙：内燃机压缩冲程D.图丁：冬天搓手取暖

9.（2.00分）如图所示，长方体木块M放在水平桌面上，木块m放在木块M上

面，在水平拉力F的作用下一起向右做匀速直线运动。下列说法正确的是（）

A.木块m受到水平向右的摩擦力

B.若突然撤去水平拉力F,木块m将向左倾倒

C.若突然撤去所有外力，木块m仍向右做匀速直线运动

D.木块m受到水平向左的摩擦力，以木块M为参照物木块m是静止的

10.（2.00分）甲、乙两相同的容器中装有体积相等的两种液体，静止放置在水

平桌面上。将同种材料制作的实心物体A、B分别放入两容器中，静止时液面等

高，如图所示。则（）

A.A的重力小于B的重力

B.甲杯中液体的密度小于乙杯中液体的密度

C.甲杯底部所受液体压强等于乙杯底部所受液体压强

D.甲杯对桌面的压力大于乙杯对桌面的压力

11.（2.00分）如图是小明自制的一种测定风速的装置。当有风吹过探头时，探

头带动滑片P移动，现将电压表改装为测定风速大小的仪表，要求风速增大时，

电压表示数变大。下列说法正确的是（）

A.当风速减小时，滑片P向上移动，电压表应并联在％两端

B.当风速减小时，滑片P向下移动，电压表应并联在R2两端

C.当风速增大时，滑片P向上移动，电压表应并联在Ri两端

D.当风速增大时，滑片P向下移动，电压表应并联在R2两端

12.（2.00分）图甲中电源电压保持不变，灯泡L、1_2分别标有"6V6W"和"6V3W"

字样，滑动变阻器Ro的最大阻值为20Q,电流表所选量程为0〜0.6A,两电压表

所选量程均为0〜15V.闭合开关S,将滑片从b端向a端滑动，直至其中一盏灯

正常发光。图乙是根据记录的数据描绘的两灯的I-U关系图象。在电路安全的

情况下，则下列说法正确的是（）

A.电源电压为11.4V

B.图乙中A是灯泡1_2的I-U关系图象

C.当其中一盏灯正常发光时，滑动变阻器正好移至a端

D.电路总功率的变化范围为3W〜5W

二、填空题（本题共7小题，每空1分，共26分）

13.（5.00分）2018冬奥会开幕式上，1218架无人机打造了奥运史上首次无人机

灯光秀（如图甲）。

（1）这些无人机都配备了LED灯，并由锂电池供电。锂电池向外供电是将

能转化为能；无人机机身采用柔性泡沫塑料和无螺丝结构（如图乙），质

量仅227g,采用泡沫塑料做机身是因为该材料小；

（2）控制中心主要根据GPS确定无人机位置及飞行轨迹，GPS定位是利用

传递信息，其在真空中的传播速度是

m/so

14.（4.00分）某实验小组观察200g冰熔化的实验装置如图甲所示，收集实验数

据后绘制了如图乙所示的温度-时间图象。【水的比热容是4.2X103〃（kg・C）,

酒精灯在单位时间内放出的热量相等且不计热损失】

（1）由图象可知，冰在熔化过程中，温度，内能o

（2）在实验中，热只能由酒精灯的火焰传递给水，而不会反过来传递，说明能

量的转移具有性。

（3）根据图象中信息和相关知识，估算烧杯中冰熔化过程中吸收的热量约

Jo

在探究液体压强的实验中，进行了如图所示的操作:

乙丙T

（1）通过甲、乙两次实验得出"液体内部压强随着深度的增加而增大”的结论,

支持此结论的实验现象是O

（2）由丙、丁两图进行实验对比，得出液体压强与盛液体的容器形状（选

填"有关"或"无关"）。

16.（4.00分）小明同学探究了"不同燃料燃烧的放热能力"，他设计的实验装置

如图所示：

（1）该实验是通过来反映燃料放出热量的多少，实验中要控制水的质量

（选填"相等"或"不相等”）

（2）下表是该实验的设计表格，请把横线部分补充完整控制水的质量______（选

填"相等"或"不相等）

燃料温度加热前的水温/℃水温的变化/℃

10g酒精

10g碎纸片

17.（4.00分）测量滑轮组机械效率的装置如图所示，动滑轮重为15N,小明用

60N拉力将重为100N的物体匀速提升1m,用时6s,则此过程中有用功W有用=

J,额外功W额外=J,拉力的功率P=W,滑轮组的机械效率

18.（3.00分）如图所示电路图，电源电压恒定。当开关Si、S2断开，S3闭合时,

电流表的读数为0.2A,电压表的读数为2V；当开关S1、S2闭合，S3断开时，电

压表的读数为6V.则此时电流表示数为A,电源电压为V,电阻

Ri在前后两种电路情况下消耗的功率之比o

19.（4.00分）跳伞是一项极具挑战的运动，现在越来越受到人们的喜爱。在某

次跳伞训练过程中，一体重为500N的运动员从空中悬停的直升机上由静止开始

竖直跳下，其速度与时间的关系如图所示，经20s下落220m后，开始做匀速直

线运动直至落地，整个过程用时40s,则运动员在整个下降过程中的平均速度是

m/s,重力做的功为J；运动员在匀速下降过程中的能量转化是转

化为。

三、解答题（本题共11小题，共50分.解答第27、28题时应有公式和解题过

程）

20.（2.00分）请画出图中入射光线对应的折射光线。

21.（2.00分）请在图中画出静止在斜面上的物体所受重力和斜面对物体弹力的

示意图。

22.（2.00分）如图所示，轻质杠杆OA在路灯和轻绳AB的共同作用下，在水平

方向处于静止状态，请画出轻绳AB对杠杆的动力Fi的力臂L和阻力F2的示意

图。

23.（4.00分）（1）图甲中反射角是度；当入射角变大时，反射光束

（选填"偏离"或"靠拢"）法线；

（2）如图乙所示，将纸板NOF向后折，在纸板NOF上（选填"能"或"不

能"看到反射光束。

（3）小明在测入射角和反射角大小时只记录了一组数据如表所示，根据这组数

据，他得出了"光反射时反射角等于入射角"的结论，他这样做的不足之处

是o

实验序号入射角反射角

aP

①50°50°

24.（4.00分）（1）如图甲所示的四个实验中，能确定钢棒具有磁性的是

（填序号）其中④研究的是现象，其应用是;

（2）为判断电源的正负极，小明同学找来了一个小铁钉，把导线的一部分绕在

上面，制成了一个电磁铁连在电路中，当闭合开关S,小磁针静止时N极的指向

如图乙所示。据此判断电源的端是正极

25.（6.00分）小明和小华在实验室做测量物质密度的实验：

（1）小明用天平测量一个边长为2cm的正方体石块的密度。调节天平时，先将

游码移至标尺"0"刻度线，再调节，使指针对准分度盘的中央。当在右盘

中加上祛码后，发现指针偏左，为使天平平衡，他应0当右盘所加祛码

3

和游码位置如图甲所示时天平平衡，则石块的密度为kg/mo

（2）小华用弹簧测力计、圆柱体金属块、两个相同烧杯、水和盐水，进行了有

关测量和探究，其装置和弹簧测力计示数如图乙、丙、丁所示。则圆柱体浸没在

水中时受到的浮力是N；比较两图可知物体所受浮力大小跟液体

3

的密度有关；图丁中盐水的密度是kg/mo

26.（6,00分）小明同学在做"测量小灯泡电阻”的实验中，所用器材如下：两节

新干电池，标有2.5V相同规格灯泡若干，两个滑动变阻器RI"10Q1A"、R2"20Q2A”,

开关、导线若干。

（1）根据图甲正确连接电路后，闭合开关S,移动滑片P,发现小灯泡始终不亮,

电流表指针几乎未偏转，电压表有示数，则故障原因可能是。

（2）排除故障后，移动滑片P,依次测得6组数据，如表一所示。其中第2次

实验时电流表表盘如图乙，此时电路中的电流为A；第4次实验时灯泡电

阻值为Q.由表一中数据可知，小明选用的滑动变阻器应是（选

填"Ri"或物"）。

表一

实验次123456

数

电压V/V0.51.01.52.02.52.8

电流I/A0.160.220.250.280.29

电阻R/Q3.16.88.99.7

表二

实验次123

数

电阻R/Q51020

电流I/A0.300.200.12

（3）小明继续用图甲所示电路来探究"电流与电阻的关系"。他分别把阻值准确

的5Q、10Q、2OQ的定值电阻接入原小灯泡的位置，通过实验，记录电流表示数

如表二所示。他发现通过导体的电流跟电阻不成反比，其中原因可能是:O

（4）小华分析小明的数据后发现，根据实验数据通过简单运算从另一个角度却

能得出"电阻一定时，电流与电压成正比”的结论，请简要写出小华的分析过程（文

字表述，不要写出计算过程）。

27.（4.00分）如图所示，在"探究物体的动能跟哪些因素有关”的实验中，将小

钢球从高度为h的同一斜面上由静止开始滚下，推动同一小木块向前移动一段距

离s后停下。完成甲、乙、丙所示的三次实验，其中hi=h3>h2，mA=mB<mCo

（1）在本实验中，小钢球动能大小是通过（选填"高度h"或"距离s"）大

小来反映的；

（2）小钢球在水平面上不能立即停下，是因为小钢球具有；

（3）分析比较甲和乙两组实验可得结论是；

（4）分析比较两组实验可得出物体的动能与质量的关系。

28.（5.00分）实验室购买了一批规格为"2.5V0.5W"的小灯泡，某同学用"伏安法"

测量其中一只小灯泡的电功率。

（1）请你用笔划线代替导线，将图甲中的电路图连接完整（要求：滑动变阻器

滑片P向右移动时灯泡变亮，且导线不交叉），开关闭合前，应把变阻器滑片P

置于端（选填A或B）。

（2）小明根据实验数据绘制了U-I图象，如乙图中a所示。观察图象，发现

AB部分为线段，BC部分为曲线。为便于分析，将线段AB延长作出图象，如乙

图中b所示。比较a、b两图象，发现两图象间的距离随着电流的增大而增大，

说明o

（3）分析图象可知该小灯泡（选填"合格"或"不合格"），原因是。

29.（7.00分）为预防和处置突发事件，南京南站的一名警察驾驶"风火轮"（自

平衡电动巡逻车）在站内巡逻，如图所示。这种巡逻车质量为65kg,车上警察

的质量为

55kgo

（1）当发现前方发生纠纷时，警察骑着该巡逻车以18km/h的速度匀速前进lmin

到达现场，出发前警察距纠纷现场m；匀速前进时巡逻车与地面接触的

总面积为50cm2,求巡逻车对地面的压强。

（2）若巡逻车发动机的输出功率为500W,该巡逻车在匀速行驶过程中受到的

阻力为多大？

30.（8.00分）某兴趣小组设计的“温度控制器”工作时有加热和恒温两种状态。

电路如图甲所示，电源电压220V保持不变，双金属开关在温度低时闭合、温度

到达一定值时自动断开，降温后再闭合，循环工作起到调节温度作用，指示灯的

额定电压为200V,且亮起便正常工作，发热电阻阻值为40Q.求：

—

双6

金

O

属I

炎!

（1）指示灯的电阻值。

（2）加热状态时，温度控制器所消耗的电功率。

（3）温度控制正常时，记录灯泡在一段时间内规律性亮灭情况如图乙，则温度

控制器1小时所消耗的电能为Jo

参考答案与试题解析

一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分.每小题给出的四个选项

中只有一个选项正确）

1.

【考点】9H：音色.

【分析】音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振

幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。

【解答】解：人能辨别出是铜制的铃和皮质的，是因为音色是由发声体本身决定

的一个特性；故人们根据声音的音色不同来辨别钟声和鼓声。

故选：Ao

【点评】本题考查了音色的相关知识，属于基础知识的考查，相对较简单。

2.

【考点】A2：光在均匀介质中直线传播.

【分析】要解决此题，需要掌握光的反射现象，知道平面镜成像是由于光的反射

形成的。

要掌握光的折射现象，知道水底看起来比实际的要浅、斜插入水中的筷子向上折、

海市蜃楼、凸透镜成像都是光的折射。

要掌握光沿直线传播现象，知道影子的形成、日月食的形成、小孔成像都是光沿

直线传播形成的。

【解答】解：A、黑板反光是因为黑板太光滑，光照到上面发生了镜面反射，故

A错误；

B、月食的形成是光沿直线传播形成的，故B正确；

C、叶子经露珠成放大的像，是光的折射现象，故C错误；

D、雨过天晴时，常在天空出现彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠

折射而成的，白光经水珠折射以后，分成各种彩色光，这种现象叫做光的色散现

象。所以说雨后的天空出现彩虹是由光的色散形成的，故D错误。

故选：Bo

【点评】熟记一些常见的光现象，能较快速地解答出此类的题目。

3.

【考点】34：人类探究太阳系及宇宙的历程.

【分析】（1）扩散现象是分子运动的结果。

（2）光年是距离的单位。

（3）汤姆生发现电子后，人们认识到原子是由位于原子中央的原子核和核外电

子组成，原子核是由带正电的质子与不带电的中子组成。

（4）银河系中有大约2000亿颗恒星，太阳只是银河系中的一颗普通恒星。

【解答】解:

A、扫地时灰尘飞舞，那是灰尘的机械运动，不是分子在运动，分子运动是肉眼

看不见的。故A错误；

B、在探索微小粒子的历程中人们首先发现了电子。故C错误；

C、根据银河系的直径大约为8万光年，可知光年是距离单位，故C错误；

D、宇宙是一个有层次的天体结构系统，我们看到的太阳只是银河系中一颗普通

的恒星，故D正确。

故选：Do

【点评】本题考查了分子动理论、扩散现象、宇宙结构等，所考查内容均为物理

中的常见知识点，要求学生熟练掌握。

4.

【考点】7。：杠杆的分类.

【分析】结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大

小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。

【解答】解：A、食品夹子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；

B、撬棒在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；

C、羊角锤在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；

D、核桃夹子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆。

故选：Ao

【点评】此题考查的是杠杆的分类主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于

阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。

5.

【考点】B7：凸透镜成像规律及其探究实验.

【分析】解答此题从以下知识点入手：

①凸透镜成像规律：物距小于焦距成正立放大虚像。应用是放大镜。

物距大于一倍焦距小于二倍焦距成倒立放大实像，像距大于二倍焦距。应用是幻

灯机、投影仪。

物距等于二倍焦距成倒立等大实像，像距等于二倍焦距。

物距大于二倍焦距成倒立缩小实像，像距大于一倍焦距小于二倍焦距。应用是照

相机。

②成实像时：物像异侧，物距变大，像距变小，像变小。

③掌握漫反射的概念。知道要从不同方向看到同一个物体，需要发生漫发射。

【解答】解：A、由图知，蜡烛放在2倍焦距之外，所以此时成缩小、倒立的实

像。照相机是根据这个原理制成的。而幻灯机是根据物距处于f和2f之间时，

成放大、倒立的实像原理制成。故本选项说法错误。

B、由于成的实像是倒立的，所以蜡烛越烧越短，光屏上烛焰的像就应该越向上

移动，故本选项说法正确。

C、要使光屏上的烛焰的像变小，蜡烛应远离凸透镜，同时要将光屏靠近凸透镜。

故本选项说法错误。

D、为了便于从不同方向观察光屏上的像，光屏应选用较粗糙的毛玻璃板。故本

选项说法错误。

故选:Bo

【点评】本题考查了凸透镜成像规律的应用，掌握凸透镜成像规律，搞清成像特

点与物距、像距的变化关系是解决问题的关键。

6.

【考点】1M：液化及液化现象.

【分析】液化是指物质从气态变为液态的过程，它需要放热。

根据题目所给内容，进行分析。

【解答】解："白气"是液态的小水珠。

空气中的水蒸气遇到温度较低的冰棍，会放热液化形成小水珠，就是"白气"现象。

水烧开后，产生的高温水蒸气遇到外界温度较低的空气，放热液化形成小水珠，

也会产生"白气"现象。

故选：Co

【点评】本题考查学生利用液化知识来解释具体实例的能力，需要紧密结合定义

来分析两种"白气"现象。

7.

【考点】6R：平衡力的辨别；71：增大或减小摩擦的方法；85：减小压强的方法

及其应用；EA：力是否做功的判断.

【分析】（1）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增

大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力；

（2）减小压强的方法：是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；是在

受力面积一定时，通过减小压力来减小压强；

（3）一对平衡力必须大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在同一物

体上；

（4）物理学中的做功的两个必要条件：一是作用在物体上的力，二是物体在力

的方向上移动一段距离，二者缺一不可。

【解答】解：A、机器人鞋底上凹凸不平的花纹是为了在压力一定时，通过增大

接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故A正确；

B、机器人鞋底较宽是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故B正确;

C、机器人站立时受到的支持力和它对地面的压力是作用在不同物体上的两个力,

不是一对平衡力，故C错误；

D、机器人跳起时，虽然移动了距离，但不再受到地面的支持力作用，地面对它

的支持力没有做功。故D正确。

故选：Co

【点评】本题围绕机器人表演舞蹈考查了平衡力的辨别、力是否做功的判断、减

小压强的应用、增大摩擦力的应用，有一定综合性，但难度不大

8.

【考点】GA：热传递改变物体内能.

【分析】改变物体内能的两种方式：做功和热传递，做功是能量的转化，热传递

是能量的转移。

【解答】解：甲图中：用力将活塞迅速压下，压缩空气做功，是机械能转化为内

能的过程；

乙图中：探究蔡的熔化规律，利用酒精灯加热，是通过热传递改变内能的过程；

丙图中：内燃机压缩冲程，是活塞压缩工作物质做功，改变物质内能；

丁图中：试管水蒸气冲开木塞，对木塞做功，是通过做功将内能转化为机械能的

过程。

综合上述乙图与其他三实验改变内能方法不同。

故选：Bo

【点评】本题从实验入手，考查改变物体内能的两种方式，注重了物理知识与生

活的联系。

9.

【考点】6U：力与运动的关系.

【分析】（1）两个相互接触的物体发生相对运动后有相对运动的趋势时，在接触

面上会产生阻碍相对运动的力，这就是摩擦力；

（2）物体具有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性。

（3）根据牛顿第一定律判断突然撤去所有外力，木块m的运动状态。

【解答】解：

AD、M和m一起向右做匀速直线运动，M和m之间没有发生相对运动也没有运

动趋势，所以m与M之间没有摩擦力，两者处于相对静止状态，故以木块M为

参照物木块m是静止的，故AD错误；

B、原来m随M一起运动，若突然撤去水平拉力F,M由于摩擦力停止运动；木

块m的下部由于摩擦力随M停止运动,而上部由于惯性将保持原来的运动状态，

所以木块m向右倾倒。故B错误。

C、木块m放在木块M上面，在水平拉力F的作用下一起向右做匀速直线运动,

若突然撤去所有外力，木块m仍保持原来的速度向右做匀速直线运动，故C正

确。

故选：Co

【点评】此题考查的是我们对摩擦力的产生及其方向的理解和应用以及牛顿第一

定律的应用。解答摩擦力问题时注意：物体间有摩擦力时别忘了分析，没有摩擦

力时别乱分析。

10.

【考点】8S：物体的浮沉条件及其应用.

【分析】（1）首先根据题目中给出的条件判断，判断实心物体A、B的体积关系，

又知实心物体A、B由同种材料制作，利用密度公式判断其质量关系，再利用重

力公式判断其重力关系；

（2）根据物体浮沉条件，结合图示判断两种液体的密度关系；

（3）已知两种液体的密度关系，又知高度关系，根据p=p淞gh判断两容器底部

所受液体压强关系。

（4）容器对桌面的压力等于容器、液体和排开液体的重力之和，首先根据物体

浮沉条件，结合图示判断实心物体A、B所受浮力关系，得出排开液体的重力关

系，再利用密度公式和重力公式判断两种液体的重力关系。

【解答】解：A、甲、乙两相同的容器中装有体积相等的两种液体，

将实心物体A、B分别放入两容器中，静止时液面等高，

则甲液体与A排开液体的体积之和等于乙液体与B排开液体的体积之和相等，

由图可知，A漂浮，体积小于排开液体的体积，B悬浮，体积等于排开液体的体

积，

所以A的体积大于B的体积，

实心物体A、B由同种材料制作，则密度相等，

根据p=g可知，A的质量大于B的质量，

根据G=mg可知，A的重力大于B的重力。故A错误；

B、由图可知，A漂浮，A的密度小于甲液体的密度，B悬浮，B的密度等于乙液

体的密度，

实心物体A、B由同种材料制作，则密度相等，

所以，甲杯中液体的密度大于乙杯中液体的密度。故B错误；

C、甲杯中液体的密度大于乙杯中液体的密度，静止时液面等高，

根据P=P液gh可知，甲容器底部所受液体压强大于乙容器底部所受液体压强。故

C错误。

D、由图可知，A漂浮，A所受浮力等于A的重力，B悬浮，B所受浮力等于B的

重力，

所以，A排开液体的重力大于B排开液体的重力，

甲、乙两容器相同的，则重力相等，

甲、乙两容器中的两种液体体积相等，甲杯中液体的密度大于乙杯中液体的密度,

根据p=g可知，甲液体的质量大于乙液体的质量，

根据G=mg可知，甲液体的重力大于乙液体的重力，

容器对桌面的压力等于容器、液体和排开液体的重力之和，

所以，甲杯对桌面的压力大于乙杯对桌面的压力。故D正确；

故选：Do

【点评】此题考查物体浮沉条件，密度、质量、液体压强公式的应用，涉及到的

知识点较多，综合性很强，关键是知道容器对桌面的压力等于容器、液体和排开

液体的重力之和，属于难题。

11.

【考点】IZ：电路的动态分析.

【分析】（1）流体压强和流速的关系：流速越快的地方压强越小。

（2）根据欧姆定律判断出电压表的示数变化和风速的关系。

【解答】解:

如图当有风吹过探头时，由于探头上表面凸，相同时间空气经过上表面的路程比

下表面长，经过上表面的速度比下表面快，所以空气对探头下表面的压强较大；

风速增大时，电压表示数变大，风速减小时，电压表示数减小；

AB、当风速减小时，压强差减小，滑片P向下移动，滑动变阻器接入电路的电

阻减小，根据串联电路的分压规律可知，滑动变阻器心分担的电压减小，R2分

担的电压变大，故电压表应并联在Ri的两端，故AB错误；

CD、当风速增大时，压强差变大，滑片P向上移动，滑动变阻器接入电路的电

阻增大，根据串联电路的分压规律可知，滑动变阻器1分担的电压增大，R2分

担的电压减小，故电压表应并联在团的两端，故C正确，D错误。

故选：Co

【点评】解本题的关键是掌握流体压强跟流速的关系，能利用流体压强知识解释

有关的现象，并能结合电路图分析对电路中变化的影响。本题考查了学生应用物

理知识解决实际问题的能力。

12.

【考点】JA：电功率的计算.

【分析】（1）已知额定电压和额定功率，由P=UI计算两灯正常发光电流，由灯

泡的I-U关系图象根据两灯正常发光的电流值即可判断；

（2）当滑片在b端时，Ro=2OQ,此时电路中的电流最小，由图象可知电流大小,

由欧姆定律求变阻器的电压，根据串联电路的总电压等于各电阻两端电压之和可

得电源电压；

（3）有一盏灯正常发光时，由图象可知电流电流大小，根据串联电路电压的规

律得出此时变阻器的电压，由欧姆定律得出变阻器连入电路中的电阻；

（4）Li、L2与滑动变阻器串联，将滑片从b端向a端滑动，由图象得出电路安

全的前提下的电路中的最大和最小电流值，利用P=UI即可求出总功率的变化范

围。

【解答】解：

（1）由图甲知，灯泡Li、L2和滑动变阻器串联；

由P=UI可得，两灯泡正常发光时的电流分别为：

由乙图可知，电流为0.5A时B的两端电压为6V,所以，B为灯泡L2的I-U关系

图象，A为灯泡Li的I-U关系图象，故B错误；

（2）当滑片在b端时，R0=20Q,此时电路中的电流最小，由图象可知最小电流

、=此时

I,j0.3A,UA=1V,UB=3V,

由|=U得，滑动变阻器的电压：

R

Uo=IRo=O.3AX2Ofi=6V,

因串联电路的总电压等于各电阻两端电压之和，

所以，电源电压：U=UO+UA+UB=6V+1V+3V=1OV；故A错误；

（3）当有一盏灯正常发光时，由图象可知r=0.5A,UA'=2V,UB'=6V,

根据串联电路电压的规律，变阻器两端的电压：

U0=U-UA'-UB=10V-2V-6V=2V,

此时变阻器连入电路中的电阻：R（/=曳~"二4。；故C错误；

I'0.5A

（4）由图象可知，最小电流I小=0.3A,

则电路总功率的最小值：P小=5,j、=10VX0.3A=3W；

在电路安全的前提下，当有一盏灯正常发光时，电流最大，则【大=0.5A,

电路总功率的最大值：P人=UI大=1OVXO.5A=5W,

所以电路总功率的变化范围为3W〜5W,D正确。

故选：Do

【点评】本题考查电流、电压和电阻的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，

难点是在电路安全的前提下，判断出滑动变阻器接入电路的最大电流和最小电流

的确定。

二、填空题（本题共7小题，每空1分，共26分）

13.

【考点】D2：电磁波的传播.

【分析】（1）锂电池是电源的一种，它在对外供电的时候是把化学能转化为电能;

飞机采用密度小的材料可以在体积不变的情况下，减小其质量；

（2）电磁波可以传递信息；电磁波速度等于光速，为3X108m/s。

【解答】解:

（1）锂电池在向外供电时，消耗化学能，得到电能，所以是把化学能转化为电

能；

无人机机身采用柔性泡沫塑料，是因为柔性泡沫塑料的密度小，根据p=史知：在

V

体积不变的情况下，减小其质量，便于起飞；

（2）GPS定位是利用电磁波来传递信息，其在真空中的传播速度与光速相同，

为3X108m/s。

故答案为：（1）化学；电；密度；（2）电磁波；3义1。8。

【点评】本题考查了密度、电磁波的传播、电池能量的转化，分清消耗的能量和

获得的能量是解决此类问题的关键。

14.

【考点】1F：熔化和凝固的探究实验.

【分析】（1）晶体熔化过程温度不变，但需要继续加热，所以内能增加；

（2）热传递时，能量总是从高温物体传递到低温物体，即能量转移具有方向性;

（3）可认为相同时间酒精灯放出的热量相同，首先根据Q吸=cm△t求出冰从0

到2min吸收的热量，然后根据冰熔化所用的时间，求出冰熔化过程中吸收的热

量。

【解答】解：（1）由图可知，冰在熔化过程中，温度不变，但需继续加热，所以

内能增加；

（2）热量只能由高温物体传递到低温物体，这说明能量的转移具有方向性；

（3）200g冰从-10℃到0℃吸收的热量（2min吸收的热量）:Q吸内冰m冰△t=2.1

X103J/（kg»℃）X0.2kgX10℃=4.2X103J,

冰在每个单位时间内从酒精灯吸收的热量是相同的，

3

熔化阶段31分钟吸收的热量：Q„/=31minx4.2X10J=65100J0

2inin

故答案为：（1）不变；增大；（2）方向；（3）65100»

【点评】本题考查了学生对熔化规律、熔化图象的了解与掌握，涉及到熔化过程

吸收热量的估算，有难度。

15.

【考点】8C：探究液体压强的特点实验.

【分析】液体内部压强的特点是:液体内部压强与液体的密度和液体的深度有关,

与容器的形状无关；液体内部压强随着深度的增加而增大，同一深度，液体内部

向各个方向的压强相等，不同液体内部的压强还与液体的密度有关；在探究影响

液体内部压强的因素时，需要用到控制变量法。

【解答】解：（1）比较图甲和图乙可以发现：液体都是水，乙中橡皮膜所处的深

度更深，左右两管液面的高度差越大，说明在同种液体中，液体内部压强随深度

的增加而增大。

（2）丙和丁液体密度相同，探头在液体中的深度相同，容器形状不同，U型管

中液面的高度差相同，说明液体压强与盛液体的容器形状无关；

故答案为：（1）压强计橡皮膜在液体中越深，U型管两侧液面的高度差就越大;

（2）无关。

【点评】该探究实验考查了液体内部压强的特点，实验中采用了转换法和控制变

量法，难度不大。

16.

【考点】GJ：燃料的热值.

【分析】（1）由于燃料的热值不能直接测量，所以通过水温升高的度数大小来体

现燃料的热值大小；

（2）根据控制变量法进行分析，比较酒精和碎纸片这两种材料的热值，需使两

种燃料的质量相同，且被加热水的质量也相同，根据水升高的温度进行比较。

【解答】解：

（1）因燃料的热值不能直接测量，但燃料燃烧放出的热量可以被水吸收，从而

使水温发生变化；所以可以通过温度计示数的变化（水升高的温度）来比较燃料

热值的大小关系；

（2）为便于通过升高温度比较液体吸收的热量，应使用同种初温和质量相同的

液体；

要得到液体升高温度，需测量液体的初温和终温；故还需测量液体的终温。

故答案为：（1）温度计上升的示数；相等；（2）相等加热后的水温/℃。

【点评】用相同质量的酒精和碎纸片燃烧加热水，通过水温的变化比较水吸热多

少，通过水吸热多少比较放热多少，从而得出相同质量的酒精和碎纸片燃烧放热

多少，即比热容的大小，较难理解！

17.

【考点】F4：滑轮（组）的机械效率.

【分析】（1）利用W=Gh求滑轮组提升重物时所做的有用功；

（2）由图知有2段绳子拉着物体，s=2h,利用W=Fs求拉力所做的总功，额外

功等于总功减去有用功；

（3）利用P=反求拉力做功功率；

t

（4）滑轮组的机械效率等于有用功与总功之比。

【解答】解：

（1）滑轮组提升重物时所做的有用功：

W有用=Gh=100NXlm=100J；

（2）由图知有2段绳子拉着物体，则绳端移动的距离s=2h=2Xlm=2m,

拉力所做的总功：

Wa=Fs=60NX2m=120J,

额外功：

总-

W®=WWflffl=120J-100J=20J；

（3）拉力做功的功率：

pj总」20J=2ow；

t6s

（4）滑轮组的机械效率：

W有用JOOJX100%^83.3%o

W总120J

故答案为：100；20；20；83.3%o

【点评】本题考查了使用滑轮组时有用功、总功、额外功、功率、机械效率的计

算，属于基础题目。

18.

【考点】JA：电功率的计算.

【分析】由电路图可知，当开关Si、S2闭合，S3断开时，L、R2并联，由电压表

示数可得电源电压；

当开关S]、S2断开，S3闭合时，Rl、R2串联，电流表测电路中电流，电压表测

R2两端电压，由欧姆定律计算R2的阻值；再根据串联电路特点和欧姆定律计算

Ri的阻值。

利用并联电路电流特点和欧姆定律求出干路中的电流即此时电流表示数；

根据P=UI求出电阻Ri在前后两种电路情况下消耗的功率即可得出功率之比。

【解答】解:

由图知，当开关Si、S2闭合，S3断开时，电阻％、R2并联，电流表测干路中的

电流，电压表测电源电压，

电压表的读数为6V,即电源电压：U=6Vo

当开关Si、S2断开，S3闭合时，％、R2串联，电流表测电路中的电流，电压表的

读数为R2两端电压，即6=2V,

串联电路中电流处处相等,由|=且可得,R2的阻值:

R

R2普奇1g；

由串联电路电压特点可知,电阻Ri两端的电压:

U1=U-l)2=6V-2V=4V,

由欧姆定律可得，%的阻值:

当开关Si、S2闭合，S3断开时，电阻r、R2并联，干路中的电流:

[=11+|2=2+U=6V+6V=09A,

RlR220QIOQ

即此时电流表示数为OSA。

两电阻串联时，电阻％消耗的电功率：

Pi=Uil=4VX0.2A=0.8W,

两电阻并联时，电阻％消耗的电功率:

P/=j£^6VX6V=i.8W,

%20Q

所以电阻％在前后两种电路情况下消耗的功率之比：

Pi：Pi'=0.8W：1.8W=4：9o

故答案为：0.9；6；4：9o

【点评】本题考查对串联、并联电路特点的认识和理解以及欧姆定律的应用，关

键是正确分析开关在不同状态下的电路结构，熟练运用相关公式即可正确解题，

难度不大。

19.

【考点】EC：功的计算.

【分析】根据图象中的体现形状，分析物体的运动状态，再根据速度公式丫=旦、

t

功的公式W=Fs=Gh、功率公式P=Fv,代入数值可求速度、功；

【解答】解：

（1）由题可知，运动员在0-20s下落的路程为s前=220m,

由图象可知，15s后运动员以6m/s的速度做匀速直线运动，

则运动员在15-30s通过的路程为：s后=vt后=5m/sX20s=90m；

运动员通过的总路程为：s=s前+s后=220m+100m=320m,

总时间为t=40s,

则整个过程中运动员下落的平均速度：

v>=-s-320in=8m/s.

t40s

（2）运动员下落的高度为：h=s=320m；

重力做的功：

W=Gh=500NX320m=1.6X105J；

运动员在匀速下降过程中的能量转化是机械能转换为内能。

故答案为：8；1.6X105J；机械能；内能。

【点评】本题主要考查平均速度、功以及能量的相互转换，

三、解答题（本题共11小题，共50分.解答第27、28题时应有公式和解题过

程）

20.

【考点】B6：透镜的光路图.

【分析】凸透镜有三条特殊的入射光线：过焦点的；平行于主光轴的；过光心的。

根据每一条特殊入射光线对应的出射光线的特点画出对应的出射光线。

【解答】解；

从焦点发出的光线经过凸透镜折射后会变成平行于主光轴的光线；经过光心的光

线的传播方向不变；如图所示：

【点评】凸透镜的三条特殊光线：①通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主

光轴。②平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点。③过光心的光线经凸透

镜折射后传播方向不改变。

21.

【考点】7B：重力示意图.

【分析】力的方向是竖直向下的，作用点在重心上；斜面对物体弹力为支持力，

斜面对物体的支持力和物体对斜面的压力是一对相互作用力，方向是相反的；压

力的方向是垂直于斜面向下的，支持力就是垂直于斜面向上的，作用点在物体的

重心上。

【解答】解：斜面对物体弹力为支持力，重力和支持力的作用点画在物体的重心

上；重力的方向竖直向下；支持力的方向与斜面垂直，垂直斜面向上；

【点评】画力的示意图，首先要对物体进行受力分析，看物体受几个力，要先分

析力的大小、方向和作用点，再按照画图的要求画出各个力。

22.

【考点】7P：力臂的画法.

【分析】阻力F2的作用点在点A,方向向下，动力的力臂L为支点。到动力的

作用线的距离。

【解答】解:

由图可知，杠杆的支点为。，过支点。向动力Fi作用线引垂线段，即为其力臂

Li，阻力是灯对杠杆A点的拉力，过A点沿竖直向下的方向画一条有向线段，用

F2表示，即为阻力的示意图。如图所示：

【点评】本题考查了力的示意图和力臂的画法。作力臂关键是要画出支点到力的

作用线的垂线段。

23.

【考点】A7：光的反射定律.

【分析】光的反射定律：反射光线、入射光线和法线都在同一平面内，反射光线、

入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角；一次实验具有很大的偶然性。

【解答】解：（1）由图知0E是入射光线，则OF是反射光线。由于反射角等于

入射角，所以反射角等于入射角=/£。290。-44。=46。；当入射光线向法线偏离

时，反射光线与法线的夹角变大，所以入射角变大，此时反射角也变大，反射光

线将偏离法线；

（2）因为反射光线、入射光线和法线在同一平面内，所以在实验过程中，将纸

板向前或向后折，此时在纸板NOF上将不能看到反射光线；

（3）一次实验具有很大的偶然性，为了得到反射角与入射角大小关系的普遍规

律，应当改变入射角进行多次实验。

故答案为：（1）46；偏离；（2）不能；（3）一次实验得出的结论具有偶然性，应

该再做两次实验。

【点评】本题考查了探究光的反射的实验。光的反射遵循反射定律：反射光线、

入射光线、法线在同一平面内，反射光线和入射光线分居法线的两侧，反射角等

于入射角。

24.

【考点】56：电磁相互作用.

【分析】（1）磁体的基本性质是能够吸引铁、钻、锲和其他磁性材料，还具有指

南北的性质；

给带铁芯的螺线管通电，便制作成了电磁铁，影响电磁铁磁性强弱的因素有电流

的大小、线圈的匝数和铁芯的有无；

导体在磁场中做切割磁感线运动时，电路中产生了感应电流（可以从电流表指针

发生偏转来体现），这是电磁感应现象。

（2）先根据小磁针静止时N极的指向判定出电磁铁的极性，然后根据右手螺旋

定则（安培定则）判定出线圈中的电流方向，由此可判断出电源的正、负极。

【解答】解：

（1）图①中小磁针与钢棒相互吸引可以使小磁针偏转，排斥也可以使小磁针偏

转，吸引不能说明有磁性，排斥能说明有磁性，题中没有说明是吸引还是排斥，

所以不能说明钢棒是否具有磁性；

图②中钢棒指南北，这是磁体的基本性质，说明钢棒具有磁性；

图③说明钢芯能使通电螺线管的磁性增强，不能说明钢棒具有磁性；

图④中没有电源，是导体在磁场中做切割磁感线运动时，电路中产生了感应电流

（可以从电流表指针发生偏转来体现），这是电磁感应现象，据此制成了发电机,

说明钢棒具有磁性。

能确定钢棒具有磁性的是②④。

（2）由图可知，小磁针静止时N极指向左边，则电磁铁的右端是S极，左端是

N极。用右手握住电磁铁，大拇指指向N极，则四指指向电磁铁线圈中的电流方

向，电流方向为“前上后下"，由此可知，电源的a端是正极。

故答案为：（1）②④；电磁感应；发电机；（2）a。

【点评】此题考查了磁体的基本性质、电磁铁磁性强弱的决定因素、电磁感应安

培定则等知识点，是一道综合性题目。

25.

【考点】2M：固体的密度测量实验.

【分析】（1）使用天平时，应将天平放在水平桌面上。在调节横梁平衡时，首先

要将游码移到标尺左端的零刻线处，然后再调节平衡螺母，使指针对准分度盘的

中央。在测量前的调平用平衡螺母，在测量过程中的调平，应该用游码或祛码；

祛码和游码示数之和是物体的质量；根据V=a3可求得其的体积V,然后由密度

公式可以求出物体的密度。

（2）根据F；*=G-F求浮力大小；为了探究浮力大小与物体浸没在液体中的深度

有无关系，应控制液体种类相同，深度不同；

物体的重力与测力计拉力之差是物体受到的浮力，根据浮力公式求出物体的体

积，根据浮力公式求出盐水的密度。

【解答】解：（1）调节天平时，应先将游码移至横梁标尺左端的。刻度线上，然

后再调节平衡螺母，使指针对准分度盘的中央。

当在右盘中加上祛码后，发现指针偏左，即说明此时右盘所放的硅码的质量较小,

故应该向右盘增加祛码或向右移动游码，使得天平再次平衡；

正方体石块体积丫=（2cm）3=8cm3=8X106m3.

石块的质量m=20g+4g=24g,

石块的密度24g=3g/crr|3=3X103kg/m3o

V8cm3

（2）物体浸没在水中时受到的浮力F浮水=G-F=2.2N-1.2N=1N,

探究浮力大小与物体浸没在液体中的深度有无关系，应控制液体种类相同，深度

不同，故应选择丙丁两图；

已知物体浸没在水中时受到的浮力：F浮=1N；

由F0p木gV排得圆柱体的体积：

V=V'=-1r-一------------------------------------------=1X104m3；

P水g1.0X103kg/m3X10N/kg

由图乙、丁所示实验可知，圆柱体浸没在盐水中所受浮力:

F浮战水=仃-F=2.2N-1.1N=1.1N,

浮力F浮盐水=p盐水gV排，盐水的密度：

P林产F浮产水'-------LAN__^l.lX103kg/m3o

gV排10N/kgXlX10-4in3

故答案为：（1）平衡螺母；向右盘增加祛码或向右移动游码；3X103；（2）1；丙、

T；i.ixio\

【点评】此题考查天平的调节、求木块密度等问题；还考查探究影响浮力大小的

因素，重点考查了控制变量法在实际的中具体运用，对常见的错误认识做了澄清。

26.

【考点】IM：伏安法测电阻的探究实验.

【分析】（1）若电流表示数为0,说明电路可能断路；电压表遥示数，说明电压

表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的

电路断路了；

（2）根据图乙电流表选用小量程确定分度值读数，由欧姆定律求实验时灯泡电

阻值；

由表一中第1组数据，根据串联电路的规律和欧姆定律求出变阻器连入电路中的

电阻；

（3）探究"电流与电阻的关系”，要控制电压表示数不变，根据表二数据，由U=IR

知，电阻两端的电压是变化的；

（4）由欧姆定律求出电阻的电压U=IR,根据串联电路电压的规律求了变阻器的

电压，分析数据。

【解答】解：（1）据图甲正确连接电路后，闭合开关S,移动滑片P,发现小灯

泡始终不亮，电流表指针几乎未偏转，电压表有示数，则故障原因可能是灯泡断

路。

（2）其中第2次实验时电流表表盘如图乙，电流表选用小量程，分度值为0.02A,

电流为0.2A,由欧姆定律，实验时灯泡电阻值为：

R2=U2_=IV=5Q.由表一中数据可知，当电压表示数为0.5V时，电流为0.16A,

120.2A

根据串联电路的规律和欧姆定律，变阻器连入电路中的电阻:

UU小明选用的滑动变阻器应是。

Rfg=-l=3V-0,5V^156n＞R2

L0.16A

（3）探究"电流与电阻的关系"，要控制电压表示数不变，根据表二数据，由U=IR

知，电阻两端的电压是变化的，即没有控制电阻两端的电压不变；

（4）由欧姆定律，电阻的电压U=IR,根据表二中数据知，电压大小分别为：1.5V、

2V、2.4V,因电源电压为3V,根据串联电路电压的规律，U滑=U总-U,变阻器

的电压分别为：1.5V、IV、0.6V,对应电流的大小分别为O.3A、O.2A、O.12A,可

知，通过变阻器的电流与变阻器的电压成正比。

即计算出三次实验中滑动变阻器两端的电压，再将每次变阻器中的电流与对应的

电压进行比较。

故答案为：（1）小灯泡断路；

（2）0.2；5；R2；

（3）没有控制电阻两端的电压不变；

（4）计算出三次实验中滑动变阻器两端的电压，再将每次变阻器中的电流与对

应的电压进行比较。

【点评】本题测量小灯泡电阻，考查故障分析、电流表读数、欧姆定律的运用、

控制变量法和数据分析等知识。综合性强，最后一问难度较大。

27.

【考点】FQ：探究影响物体动能大小的因素.

【分析】（1）动能的大小与物体的质量、速度有关；重力势能的大小与物体的质

量、高度有关；观察木块被撞击后移动的距离来判断小球动能的大小，用到了转

换法；

（2）一切物体都具有惯性，惯性的大小只与物体的质量有关；

（3）影响物体动能大小的因素有质量和速度，找出相同的量和变化的量，分析

得出动能大小与变化量的关系；

（4）研究物体的动能与质量的关系要控制速度大小相同，据此分析。

【解答】解：（1）小钢球从斜面滚下过程中，其动能大小是通过小木块移动的距

离S大小来反映的；

（2）小钢球在水平面上不能立即停下，是因为小钢球具有惯性；

（3）分析比较甲和乙两组实验可得，物体的质量相同，而下滑的高度不同，甲

图中下滑的高度大，运动到水平时速度大，推动木块滑行的距离大，故物体质量

相同时，速度越大，动能越大；

（4）研究物体的动能与质量的关系要控制速度大小相同，故分析比较甲丙两组

实验可得出物体的动能与质量的关系；

故答案为：（1）距离s；（2）惯性；（3）物体质量相同时，速度越大，动能越大;

（4）甲、丙。

【点评】本题是探究物体动能的大小与哪些因素有关的实验，考查了转换法、控

制变量法在实验中的应用，及运用影响动能大小因素解决实际问题。

28.

【考点】JF：电功率的测量.

【分析】（1）滑动变阻器应串联入电路中，滑片