2022-2023学年四川省成都市九年级上册物理期末模拟试卷（含解析）

第页码页码页/总NUMPAGES总页数总页数页2022-2023学年四川省成都市九年级上册物理期末模拟试卷一、选择题（共24分，共12题，每题2分）1．（2分）我国北方的冬季气温很低，到处都是冰天雪地，人们有时会将冰雪融化取水，把冰雪放在水壶里热取水的过程中，下列说法正确的是（）A．冰在0℃时，内能为0 B．这是通过做功的方式改变物体的内能 C．在加热过程中，壶内的温度一直在上升 D．水的温度越高，水分子运动越剧烈2．（2分）下列实例中与“水的比热容较大”这一特性无关的是（）A．让热水流过散热器供暖 B．用循环水冷却汽车发动机 C．沿海地区昼夜温差较小 D．夏天在房间内洒水降温3．（2分）LED灯是一种新型的高效节能光源，它的核心元件是发光二极管。二极管由下列哪种材料制成（）A．陶瓷材料 B．金属材料 C．半导体材料 D．超导材料4．（2分）下列常见的现象，能用分子热运动观点解释的是（）A．扩散现象只发生在液体和气体中 B．春天柳絮飞扬，说明分子在不停地做无规则运动 C．两个小水珠靠近后会结合成一个大水珠，说明分子间有引力 D．冰不容易被压缩，是因为分子间只有斥力5．（2分）已知R1：R2＝2：3，将它们接在如图所示电源电压为12V的电路中，闭合S则通过它们的电流之比及它们两端的电压之比是（）A．I1：I2＝3：2U1：U2＝1：1 B．I1：I2＝3：2U1：U2＝3：2 C．I1：I2＝2：3U1：U2＝1：1 D．I1：I2＝1：1U1：U2＝2：36．（2分）如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S，灯不亮，电流表有示数，电压表没有示数。则电路的故障情况可能是（）A．灯L断路 B．灯L短路 C．电阻R断路 D．电阻R短路7．（2分）如图所示，在一个配有活塞的厚玻璃筒内放一小团硝化棉，迅速下压活塞，硝化棉燃烧。下压过程的能量转化情况与汽油机的哪个冲程相同（）A．吸气冲程 B．压缩冲程 C．做功冲程 D．排气冲程8．（2分）某工厂需要在前门、后门各安装一个开关S1、S2，传达室安装一个电铃和一盏电灯，要求：前门闭合开关时铃响、灯亮，后门闭合开关时铃响、灯不亮，为此设计了如图电路图，其中正确的是（）A． B． C． D．9．（2分）小明在研究通过导体的电流与其两端电压关系时，根据测量数据绘制出如图所示的I﹣U图象。下列判断错误的是（）A．通过R1的电流与它两端所加电压成正比 B．通过R2的电流与它两端所加电压不成正比 C．将它们串联接到同一电路中，当通过的电流为0.2A时，总电压为3.5V D．将它们并联连接到两端电压为2.5V的电路中，通过干路的电流是0.6A10．（2分）小萌在更换灯泡时发现灯泡上标有“220V40W”的字样。下列说法中正确的是（）A．该灯泡只能在220V电压下工作 B．该灯泡的实际功率是40W不变 C．该灯泡每秒消耗的电能是40W D．该灯泡正常发光时的功率是40W11．（2分）在用伏安法测电阻的实验中下列做法中有问题的是（）A．连接线路的过程中开关应处于断开状态 B．连接线路过程中滑动变阻器的滑片要放在最大电阻值的位置 C．电流表串联在被测电路电压表并联在被测电阻两端 D．试触时发现电流表指针的反方向偏移电压表正常此时断开电路将电池的正负极对调12．（2分）如图所示，闭合开关S1、S2，电路正常工作。现只将S2断开，则（）A．电流表示数减小，电压表示数减小 B．电流表示数增大，电压表示数增大 C．电流表示数减小，电压表示数不变 D．电流表示数增大，电压表示数不变二、填空题（共28分，每空2分）13．（4分）行驶中的汽车在紧急刹车时，刹车片会发烫，这是通过的方式增加物体内能的。在汽油机的一个工作循环中，机械能转化为内能的是冲程。14．（6分）在如图所示的电路中，电源电压保持不变。滑动变阻器的原理：通过改变接入电路中导体的来改变电阻；闭合电键S，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，电流表A1的示数将，电压表V与电流表A示数的乘积将（填”变大”、“不变”或“变小”）。15．（4分）是中国西域璀璨的明珠，所出产的长绒棉是世界上最好的棉花，棉田基本都采用机械化采摘，采棉机上的柴油机是将转化为机械能的装置。昼夜温差较大，是因为该地区砂石较多，砂石的较小。16．（4分）在如图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合电键S，当滑动变阻器的滑片P向左移动时，电流表A的示数将，电压表V与电压表V1示数的差值将。（均选填“变大”、“变小”或“不变”）17．（4分）如图所示，当开关S闭合，甲、乙两表为电压表时，两表示数比为U甲：U乙＝7：3，R1和R2的电阻之比为；当开关S断开，甲、乙两表为电流表时，两表示数比为I甲：I乙＝。18．（6分）电炉子工作时，电炉丝与导线是联的。根据焦耳定律，当电流与通电时间相等时，电流通过导体产生的热量跟电阻成。电炉丝的电阻比导线大，因此产生的热量，所以电炉丝热的发红，导线却不热。三、作图题（共6分，每题3分）19．（3分）根据实物图的连结情况画出对应的电路图。20．（3分）按照电路图要求连接实物图。四、实验探究题（共28分，每空2分）21．（14分）在探究“比较不同物质吸热能力”的实验中，用铁夹将温度传感器及分别盛有水和色拉油的两个试管固定在铁架台上，温度传感器的探头部分与试管内的水和色拉油良好接触，两只温度传感器通过数据采集线与计算机相连接，如图所示，实验数据记录在下表中。物质质量/g初始温度/℃加热时间/min末温/℃水20020645色拉油20020675（1）试管中加入的水和色拉油除初温相同外，还应保证（选填“体积”或“质量”）相同。（2）实验中物质吸热的多少是通过来反映的。（3）在实验过程中控制加热时间相同，通过比较来研究水和色拉油吸热能力的差异。（4）在此实验中，如果要使水和色拉油的最后温度相同，就要给加热更长的时间，此时水吸收的热量（选填“大于”“小于”或“等于”）色拉油吸收的热量；由实验可以得出的吸热能力更弱。（5）通过实验可以得到不同的物质吸热能力不同，物质的这种特性用，这个物理量来描述。22．（14分）为了测量小灯泡的额定功率，某物理兴趣小组设计了如图甲所示的实验电路，标有“3.8V”字样的小灯泡电阻约为10Ω，电源电压恒为6V不变。次数1234电压/V2.02.53.03.8电流/A0.220.240.26（1）该实验的实验原理公式是；连好电路后，闭合开关发现小灯泡不亮，但电流表和电压表均有示数，接下来首先应该进行的操作是（填字母代码）。A、检查滑动变阻器是否断路B、移动滑动变阻器的滑片C、检查小灯泡是否断路D、检查开关是否接触良好（2）实验过程中，移动滑片并记录电压表和电流表的示数。小灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，则电流表的示数A，小灯泡的额定功率为W。（3）观察实验数据，还可以发现小灯泡的灯丝电阻随着电压的增大而，这是由于灯丝的电阻随温度（选填“升高”或“降低”）而增大的缘故。（4）如果实验过程中，发现电压表大量程已经损坏，只有小量程可用，为了能继续测量小灯泡的额定功率，应将电压表并联在的两端。五、计算题（共14分，共2题）23．（7分）如图所示，1标准大气压下，普通煤炉把壶内20℃，5kg水烧开需完全燃烧0.28kg的煤，此过程中，q煤＝3×107J/kg，c水＝4.2×103J/（kg•℃）。（1）水吸收的热量？（2）0.28kg的煤完全燃烧所释放的热量；（3）普通煤炉的效率。24．（7分）如图所示的电路，电源电压保持不变，R1＝30Ω，R2＝10Ω。当闭合开关S1、S，断开S2时，电流表的示数为0.4A。（1）求电源电压；（2）当闭合开关S2、S，断开S1时，求电流表的示数；（3）当闭合开关S1、S2、S时，通电100s，求整个电路消耗的电能。答案与试题解析一、选择题（共24分，共12题，每题2分）1．（2分）我国北方的冬季气温很低，到处都是冰天雪地，人们有时会将冰雪融化取水，把冰雪放在水壶里热取水的过程中，下列说法正确的是（）A．冰在0℃时，内能为0 B．这是通过做功的方式改变物体的内能 C．在加热过程中，壶内的温度一直在上升 D．水的温度越高，水分子运动越剧烈【分析】（1）一切物体都有内能（2）改变物体内能的方式有做功和热传递；（3）晶体熔化时，温度不变；液体沸腾时，温度不变；（4）分子运动的快慢与温度有关。解：A、一切物体在任何时候都有内能，因此冰在0℃时，内能不为0，故A错误；B、把冰雪放在水壶里热取水，是利用热传递的方式改变物体内能的，故B错误；C、在加热过程中，雪熔化的过程中，温度不变，内能增加，故C错误；D、分子的运动快慢与温度有关，水的温度越高，水分子运动越剧烈，故D正确。故选：D。【点评】本题是一道热学综合题，主要考查学生对内能、热传递的条件及改变物体内能方法的理解，是中考的热点，热学的难点。2．（2分）下列实例中与“水的比热容较大”这一特性无关的是（）A．让热水流过散热器供暖 B．用循环水冷却汽车发动机 C．沿海地区昼夜温差较小 D．夏天在房间内洒水降温【分析】（1）对水的比热容大的理解：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；（2）水分的蒸发会从周围吸热而降低周围环境的温度，即蒸发吸热。解：A、因为水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度，水放出的热量多，所以让流动的热水流过散热器取暖，故A不符合题意；B、因为水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以汽车发动机用循环水冷却，故B不符合题意；C、因为水的比热容大于沙石的比热容，相同质量的水和砂石吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的温度少，所以沿海地区昼夜温差比内陆地区小，故C不符合题意；D、炎热的夏天，在室内地面上洒水，水蒸发会从周围吸热而降低周围环境的温度，使人感到凉爽，不是利用水的比热容大的特点，故D符合题意。故选：D。【点评】本题考查水的比热容大的特点的应用，应用所学知识，解释了实际问题，体现了新课标的要求，属于中考热点问题。3．（2分）LED灯是一种新型的高效节能光源，它的核心元件是发光二极管。二极管由下列哪种材料制成（）A．陶瓷材料 B．金属材料 C．半导体材料 D．超导材料【分析】二极管是由半导体做成的器件，它具有单向导电性。二极管是由P型半导体和N型半导体组成的，这两种半导体相互接触时，其交接区域称为PN结，PN结具有单向导电性。解：A、陶瓷是绝缘体，B、金属是导体，C、半导体的导电性介于导体和绝缘体之间，D、超导现象是导体的电阻为变零时的现象。故选：C。【点评】本题综合考查了导体、绝缘体、半导体和超导体，它们都有很重要的用途。4．（2分）下列常见的现象，能用分子热运动观点解释的是（）A．扩散现象只发生在液体和气体中 B．春天柳絮飞扬，说明分子在不停地做无规则运动 C．两个小水珠靠近后会结合成一个大水珠，说明分子间有引力 D．冰不容易被压缩，是因为分子间只有斥力【分析】分子在永不停息地做无规则运动，分子间同时存在相互作用的引力和斥力。解：A、扩散现象可以发生在固体、液体和气体中，故A错误。B、春天柳絮飞扬是机械运动，故B错误。C、两个小水珠靠近后会结合成一个大水珠，说明分子间有引力，故C正确。D、冰不容易被压缩，是因为分子间有斥力，但分子间也有引力，故D错误。故选：C。【点评】本题考查学生对分子动理论的理解，属于基础题。5．（2分）已知R1：R2＝2：3，将它们接在如图所示电源电压为12V的电路中，闭合S则通过它们的电流之比及它们两端的电压之比是（）A．I1：I2＝3：2U1：U2＝1：1 B．I1：I2＝3：2U1：U2＝3：2 C．I1：I2＝2：3U1：U2＝1：1 D．I1：I2＝1：1U1：U2＝2：3【分析】并联电路各支路两端的电压相等；由I＝即可求出电流之比。解：因为并联电路电压相等，因此将它们并联在同一电路中，它们两端的电压之比为1：1；故BD错误；由I＝可得：电流之比：＝＝＝，故A正确，C错误。故选：A。【点评】本题考查并联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是知道并联电路各支路两端的电压相等。6．（2分）如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S，灯不亮，电流表有示数，电压表没有示数。则电路的故障情况可能是（）A．灯L断路 B．灯L短路 C．电阻R断路 D．电阻R短路【分析】由电路图可知，灯泡L与电阻R串联，电压表测灯泡L两端的电压，电流表测电路中的电流，逐个分析每个选项找出符合要求的选项。解：A．若灯L断路，电路断路，电压表串联在电路中测电源的电压，则电流表无示数，电压表有示数，故A不符合题意；B．若灯L短路，灯泡不亮，此时电压表被短路无示数，电路为R的简单电路，电流表测电路中的电流有示数，故B符合题意；C．若电阻R断路，电路断路，电压表和电流表均无示数，灯泡不亮，故C不符合题意；D．若电阻R短路，电路为灯泡L的简单电路，电压表测电源的电压，电流表测电路中的电流，则两电表都有示数，故D不符合题意。故选：B。【点评】电路故障问题是电学测试中经常考查的问题。解决的一般步骤是将每个选项代入题目，根据应该出现的现象和题目中描述的现象进行对比，符合题意的即为正确答案。7．（2分）如图所示，在一个配有活塞的厚玻璃筒内放一小团硝化棉，迅速下压活塞，硝化棉燃烧。下压过程的能量转化情况与汽油机的哪个冲程相同（）A．吸气冲程 B．压缩冲程 C．做功冲程 D．排气冲程【分析】（1）改变内能的方式有两种，即做功和热传递；对物体做功，物体的内能会增加，物体对外做功，其内能会减小；（2）四冲程汽油机一个工作循环有四个冲程，分别是吸气、压缩、做功和排气，其中只有做功冲程对外做功，将内能转化为机械能；另外还有压缩冲程有能量转化，将机械能转化为内能。解：迅速下压活塞，压缩空气做功，使筒内空气的内能增加、温度升高，达到硝化棉的燃点，硝化棉燃烧，该过程将机械能转化为内能；A图中，进气门开启，活塞下行，气体被吸入汽缸中，该冲程没有能量转化；B图中，两气门都关闭，活塞上行，压缩燃料和空气的混合物做功，将机械能转化为内能；C图中，两气门都关闭，燃气膨胀推动活塞做功，将内能转化为机械能；D图中，排气门开启，活塞上行，废气被排出，该冲程没有能量转化；所以，题干描述的过程与B图所示冲程的能量转化相同。故选：B。【点评】本题考查了内燃机工作中能量的转化，根据汽油机四冲程的特点解答，常见题目。8．（2分）某工厂需要在前门、后门各安装一个开关S1、S2，传达室安装一个电铃和一盏电灯，要求：前门闭合开关时铃响、灯亮，后门闭合开关时铃响、灯不亮，为此设计了如图电路图，其中正确的是（）A． B． C． D．【分析】对每个选项分析，在电路安全的情况下，找出符合题意的选项。解：A、图中开关S2在干路上，后门开关S2断开时，无论前门开关S1闭合与否，铃不响，灯也不亮，错误；B、当后门开关S2闭合时，电源短路，这是不允许的，错误；C、铃与灯并联，且有一个开关控制，前门开关S1闭合时，灯亮，铃不响，错误；D、铃在干路上，当前门开关S1闭合时，铃响、灯亮；当后门闭合开关S2闭合时铃响、灯不亮，正确。故选：D。【点评】本题联系实际，考查根据要求设计电路，难度中等。9．（2分）小明在研究通过导体的电流与其两端电压关系时，根据测量数据绘制出如图所示的I﹣U图象。下列判断错误的是（）A．通过R1的电流与它两端所加电压成正比 B．通过R2的电流与它两端所加电压不成正比 C．将它们串联接到同一电路中，当通过的电流为0.2A时，总电压为3.5V D．将它们并联连接到两端电压为2.5V的电路中，通过干路的电流是0.6A【分析】（1）根据比例函数图象可知：成正比的是一条过原点的向上的直线，所以由I﹣U图象的曲线直接可判断。导体中的电流跟导体的电压成正比时，电阻的阻值保持不变；若阻值是变化的，则通过它的电流与它两端所加电压就不成正比；（2）将它们串联接到同一电路中，由图像读出当通过的电流为0.2A时R1、R2两端的电压，由串联电路电压的规律算出电源电压；（3）由欧姆定律算出R1的电阻和电压为2.5V时通过R1的电流，由图像得出通过R2的电流，根据并联电路的电流特点求出干路电流。解：A、电阻R1的函数图象是一条过原点的向上的直线，所以通过的电流跟它两端所加电压成正比，故A正确；B、电阻R2的函数图象像是一条曲线，所以通过R2的电流与它两端所加电压不成正比，故B正确；C、将它们串联接到同一电路中，当通过的电流为0.2A时，R1两端的电压为1V，R2两端的电压为2.5V，由串联电路电压的规律知电源电压为：U＝U1+U2＝1V+2.5V＝3.5V，故C正确；D、由图像知当通过的电流为0.2A时，R1两端的电压为1V，R1的电阻为：R1＝＝＝5Ω，当电压为2.5V时，通过R1的电流为：I1′＝＝＝0.5A，由图象可知当电压为2.5V时通过R2的电流I2＝0.2A，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流：I＝I′+I2＝0.5A+0.2A＝0.7A，故D错误。故选：D。【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，从图象中获取有用的信息是关键。10．（2分）小萌在更换灯泡时发现灯泡上标有“220V40W”的字样。下列说法中正确的是（）A．该灯泡只能在220V电压下工作 B．该灯泡的实际功率是40W不变 C．该灯泡每秒消耗的电能是40W D．该灯泡正常发光时的功率是40W【分析】（1）用电器上标注的为额定电压和额定功率；（2）灯的实际功率随实际电压的变化而变化；（3）依据W＝Pt分析解答；（4）用电器正常工作时的电功率为额定功率。解：A、“220V”为灯泡正常工作时的电压，说明其工作时工作电压不能超过220V，可以小于等于220V，故A错误；B、灯的实际功率随实际电压的变化而变化，故B错误；C、若灯正常工作，则由W＝Pt可得每秒钟消耗的电能为：W＝40W×1s＝40J，故C错误；D、灯在220V电压下正常工作，则此时发光功率为40W，故D正确。故选：D。【点评】此题主要考查学生对于用电器铭牌的信息的理解，只有正常工作时才是额定状态。11．（2分）在用伏安法测电阻的实验中下列做法中有问题的是（）A．连接线路的过程中开关应处于断开状态 B．连接线路过程中滑动变阻器的滑片要放在最大电阻值的位置 C．电流表串联在被测电路电压表并联在被测电阻两端 D．试触时发现电流表指针的反方向偏移电压表正常此时断开电路将电池的正负极对调【分析】根据电路连接注意事项及电压表、电流表的使用方法，逐一分析各选项判断正误。解：A、连接实物图时，开关应断开，做法正确，不符合题意，故A错误。B、连接实物图时，滑动变阻器的滑片应放在最大阻值位置，做法正确，不符合题意，故B错误。C、电流表串联在被测电路中，电压表并联在被测电阻两端，做法正确，不符合题意，故C错误。D、试触时发现电流表指针向反方向偏移，应断开电路，将电流表的正负接线柱接线对调，而不应将电源正负极对调，做法错误，符合题意，故D正确。故选：D。【点评】本题考查了电路连接的注意事项，连接电路时应注意：1、电压表、电流表正负接线柱不要接错；2、接线时电键应断开；3、滑动变阻器接入电路的阻值应为最大。12．（2分）如图所示，闭合开关S1、S2，电路正常工作。现只将S2断开，则（）A．电流表示数减小，电压表示数减小 B．电流表示数增大，电压表示数增大 C．电流表示数减小，电压表示数不变 D．电流表示数增大，电压表示数不变【分析】由电路图可知，闭合开关S1、S2时，两电阻并联，电压表测电源两端的电压，电流表测干路电流；闭合开关S1、断开S2时，电路为R1的简单电路，电流表测该支路的电流，电压表测电源的电压，根据电源的电压可知电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知电流表示数的变化。解：由电路图可知，闭合开关S1、S2时，两电阻并联，电压表测电源两端的电压，电流表测干路电流；闭合开关S1、断开S2时，电路为R1的简单电路，电流表测该支路的电流，电压表测电源的电压，因电源的电压不变，所以，电压表的示数不变，故AB错误；因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，通过R1的电流不变，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，电流表的示数减小，故C正确、D错误。故选：C。【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路特点的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。二、填空题（共28分，每空2分）13．（4分）行驶中的汽车在紧急刹车时，刹车片会发烫，这是通过做功的方式增加物体内能的。在汽油机的一个工作循环中，机械能转化为内能的是压缩冲程。【分析】改变内能的方法：一是做功，对物体做功（克服摩擦做功、压缩气体做功），物体内能会增加；物体对外做功，物体内能会减少；二是热传递；】内燃机的一个工作循环有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程四个冲程组成，其中压缩冲程中机械能转化成内能，做功冲程中内能转化成机械能。解：刹车片发热，是刹车片克服摩擦做功，使刹车片的内能增加、温度升高，是通过做功途径改变物体内能；在四冲程汽油机的一个工作循环中，压缩冲程中机械能转化成内能。故做功；压缩。【点评】本题主要考查了改变内能的方法、热机的工作过程的了解和掌握。14．（6分）在如图所示的电路中，电源电压保持不变。滑动变阻器的原理：通过改变接入电路中导体的长度来改变电阻；闭合电键S，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，电流表A1的示数将变小，电压表V与电流表A示数的乘积将变小（填”变大”、“不变”或“变小”）。【分析】（1）影响电阻大小的因素有：材料、长度、横截面积和温度，据此分析；（2）电阻R2与滑动变阻器并联，电压表测量电源电压，电流表A测量干路的总电流，电流表A1测量通过滑动变阻器的电流，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，根据欧姆定律可知通过滑动变阻器电流的变化和电路总电流的变化；电压表与电流表A的乘积等于电路消耗的总功率，电源电压不变，电路总电流减小，可知电压表与电流表A的乘积的变化。解：（1）滑动变阻器是通过改变接入电路导体的长度来改变接入电路的电阻，从而改变电路中的电流；（2）由电路图可知，电阻R1与滑动变阻器并联，电压表测量电源电压。由于电压表测量电源电压，所以滑片移动时，电压表的示数不变；并联电路各支路两端的电压相等，等于电源电压。当滑动变阻器的滑片P向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，根据I＝可知通过滑动变阻器电流变小，即电流表A1的示数将变小；由于并联电路各个支路互不影响，所以通过定值电阻R2的电流不变，由并联电路电流的规律知电路总电流变小，所以电流表A的示数变小；电压表示数不变，电压表V与电流表A的乘积变小。故长度；变小；变小。【点评】本题考查欧姆定律和滑动变阻器的应用，关键是知道并联电路电流和电压的规律，难点是知道电流表和电压表分别测量哪一部分的电流和电压。15．（4分）是中国西域璀璨的明珠，所出产的长绒棉是世界上最好的棉花，棉田基本都采用机械化采摘，采棉机上的柴油机是将内能转化为机械能的装置。昼夜温差较大，是因为该地区砂石较多，砂石的比热容较小。【分析】热机是利用内能做功的机器；根据砂石的比热容较小分析。解：柴油机属于热机，是利用燃料燃烧释放的内能转化为机械能来对外做功的；该地区砂石较多，由于砂石的比热容较小，与相同质量的水相比，吸收或放出相同的热量，砂石的温度升高或降低得多，导致昼夜温差大。故内能；比热容。【点评】本题考查了内燃机的工作原理、比热容知识的应用，属于基础题。16．（4分）在如图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合电键S，当滑动变阻器的滑片P向左移动时，电流表A的示数将变大，电压表V与电压表V1示数的差值将变小。（均选填“变大”、“变小”或“不变”）【分析】根据滑动变阻器的正确使用方法分析电路电阻的变化，然后根据电阻的作用确定电路中电流的大小；再利用U＝IR确定电压表V1示数的变化，最后判断出电压表V即电源电压与V1示数的差值。解：因为滑片向左移动时，滑动变阻器接入电路的阻值减小，即总电阻减小，所以电流表的示数变大；又因为电压表V1测量定值电阻两端的电压，根据U＝IR可得电压表V1示数变大，而电压表V测量电源电压，所以电压表V与电压表V1示数的差值变小。故变大，变小。【点评】知道滑动变阻器的正确使用方法，会熟练应用欧姆定律进行计算。17．（4分）如图所示，当开关S闭合，甲、乙两表为电压表时，两表示数比为U甲：U乙＝7：3，R1和R2的电阻之比为4：3；当开关S断开，甲、乙两表为电流表时，两表示数比为I甲：I乙＝4：7。【分析】（1）由电路图可知，当S闭合，甲、乙两表为电压表时，两电阻串联甲电压表测电源的电压，乙电压表测R2两端的电压，根据串联电路的电压特点求出两电阻两端的电压之比，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出两电阻的阻值之比；（2）当S断开，甲、乙两表为电流表时，两电阻并联，甲电流表测R2支路的电流，乙电流表测干路电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出两支路的电流之比，再根据并联电路的电流特点求出两表示数之比。解：（1）当S闭合，甲、乙两表为电压表时，两电阻串联，甲电压表测电源的电压，乙电压表测R2两端的电压，因串联电路中总电压等于各分电压之和，且U甲：U乙＝7：3，所以，R1、R2两端的电压之比：＝＝＝，因串联电路中各处的电流相等，所以，由I＝可得，两电阻的阻值之比：＝＝＝；（2）当S断开，甲、乙两表为电流表时，两电阻并联，电流表甲测通过R2支路的电流，电流表乙测干路电流，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，R1、R2两支路的电流之比：＝＝＝，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，两表示数之比：＝＝＝。故4：3；4：7。【点评】本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律的应用，关键是开关闭合与断开、不同电表时电路串并联的辨别以及电表所测电路元件的判断。18．（6分）电炉子工作时，电炉丝与导线是串联的。根据焦耳定律，当电流与通电时间相等时，电流通过导体产生的热量跟电阻成正比。电炉丝的电阻比导线大，因此产生的热量多，所以电炉丝热的发红，导线却不热。【分析】电炉子工作时，电炉丝与导线串联；根据焦耳定律Q＝I2Rt分析电流通过导线和电炉丝产生的热量关系。解：电炉子工作时，电炉丝与导线是串联的；根据Q＝I2Rt可知，当电流与通电时间相等时，电流通过导体产生的热量跟电阻成正比；根据串联电路的特点可知，电炉子工作时，通过电炉丝和导线的电流大小和通电时间相等，由于电炉丝的电阻比导线大，因此产生的热量多，所以电炉丝热的发红，导线却不热。故串；正比；多。【点评】本题考查串联电路的特点以及焦耳定律的应用，是一道基础题。三、作图题（共6分，每题3分）19．（3分）根据实物图的连结情况画出对应的电路图。【分析】根据实物图分析电路的连接情况，再画出对应的电路图。解：由实物图知，两灯并联，S3在干路上，S1在L1支路上，S2在L2支路上，电路图如图所示：。【点评】本题考查根据电路图连接实物图，正确分析电路的连接方式和开关的位置是关键。20．（3分）按照电路图要求连接实物图。【分析】根据电路图分析电路的连接情况，再连接实物图。解：由电路图知，两灯并联，开关S在干路上，电路图如图所示：。【点评】本题考查根据电路图连接实物图，正确分析电路的连接方式和开关的位置是关键。四、实验探究题（共28分，每空2分）21．（14分）在探究“比较不同物质吸热能力”的实验中，用铁夹将温度传感器及分别盛有水和色拉油的两个试管固定在铁架台上，温度传感器的探头部分与试管内的水和色拉油良好接触，两只温度传感器通过数据采集线与计算机相连接，如图所示，实验数据记录在下表中。物质质量/g初始温度/℃加热时间/min末温/℃水20020645色拉油20020675（1）试管中加入的水和色拉油除初温相同外，还应保证质量（选填“体积”或“质量”）相同。（2）实验中物质吸热的多少是通过加热时间来反映的。（3）在实验过程中控制加热时间相同，通过比较升高的温度来研究水和色拉油吸热能力的差异。（4）在此实验中，如果要使水和色拉油的最后温度相同，就要给水加热更长的时间，此时水吸收的热量大于（选填“大于”“小于”或“等于”）色拉油吸收的热量；由实验可以得出色拉油的吸热能力更弱。（5）通过实验可以得到不同的物质吸热能力不同，物质的这种特性用比热容，这个物理量来描述。【分析】（1）（2）（3）我们使用相同的酒精加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转化法。比较物质吸热能力的2种方法：①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强②使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；（4）根据表中数据得出结论的推理，根据比较吸热能力的方法分析；（5）用比热容描述不同物质的吸热能力不同。解：（1）试管中加入的水和色拉油除初温相同外，还应保证质量相同。（2）根据转换法，实验中物质吸热的多少是通过加热时间来反映的。（3）根据比较吸能力的第2种方法，在实验过程中控制加热时间相同，通过比较升高的温度来研究水和色拉油吸热能力的差异。（4）由表中数据知，加热相同的时间，水升高的温度低，据此推理，在此实验中，如果要使水和色拉油的最后温度相同，就要给水加热更长的时间，此时水吸收的热量大于色拉油吸收的热量；根据比较吸热能力的第2种方法方法，可以得出食用油的吸热能力更弱。（5）通过实验可以得到不同的物质吸热能力不同，物质的这种特性用比热容，这个物理量来描述。故（1）质量；（2）加热时间；（3）升高的温度；（4）水；大于；色拉油；（5）比热容。【点评】本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法，为热学中的重要实验。22．（14分）为了测量小灯泡的额定功率，某物理兴趣小组设计了如图甲所示的实验电路，标有“3.8V”字样的小灯泡电阻约为10Ω，电源电压恒为6V不变。次数1234电压/V2.02.53.03.8电流/A0.220.240.26（1）该实验的实验原理公式是P＝UI；连好电路后，闭合开关发现小灯泡不亮，但电流表和电压表均有示数，接下来首先应该进行的操作是B（填字母代码）。A、检查滑动变阻器是否断路B、移动滑动变阻器的滑片C、检查小灯泡是否断路D、检查开关是否接触良好（2）实验过程中，移动滑片并记录电压表和电流表的示数。小灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，则电流表的示数0.3A，小灯泡的额定功率为1.14W。（3）观察实验数据，还可以发现小灯泡的灯丝电阻随着电压的增大而增大，这是由于灯丝的电阻随温度升高（选填“升高”或“降低”）而增大的缘故。（4）如果实验过程中，发现电压表大量程已经损坏，只有小量程可用，为了能继续测量小灯泡的额定功率，应将电压表并联在滑动变阻器的两端。【分析】（1）测量小灯泡额定功率的实验原理是P＝UI；闭合开关S后，但电流表和电压表均有示数，说明电路为通路，发现小灯泡不亮原因是电流过小，据此分析；（2）由图乙读出灯泡正常发光时的电流，根据P＝UI计算出小灯泡的额定电功率；（3）由表中数据，根据欧姆定律分析判断；（4）电源电压一定，由串联电路的电压规律分析解答。解：（1）测量小灯泡的额定功率实验的原理是P＝UI；闭合开关S后，但电流表和电压表均有示数，说明电路为通路，发现小灯泡不亮，说明电路电流过小，所以接下来首先应该操作的是移动滑动变阻器的滑片P，观察小灯泡是否发光，选B；（2）由图乙知电流表使用量程为0﹣0.6A，分度值为0.02A，灯泡正常发光时的电流为0.3A，小灯泡的额定电功率为：P＝UI＝3.8V×0.3A＝1.14W；（3）由表中数据知，通过灯泡的电流随其两端电压增大而增大，且电压变化量较大，由欧姆定律可知，灯丝电阻随着电压的增大而增大，这是因为