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文档简介
河南省信阳市淮滨县第一高级中学2021年高二数学文测试题含解析一、选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分。在每小题给出的四个选项中,只有是一个符合题目要求的1.如图,在正四棱柱ABCD-A1B1C1D1中,E、F分别是AB1、BC1的中点,则以下结论中不成立的是(
)A.EF与BB1垂直
B.EF与BD垂直
C.EF与CD异面
D.EF与A1C1异面参考答案:D2.的值是
()
A.
B.
C.
D.参考答案:C略3.设为实数,则“或”是“”的
()A.充分条件但不是必要条件; B.必要条件但不是充分条件;C.既是充分条件,也是必要条件; D.既不是充分条件,也不是必要条件.参考答案:B4.原点和点(
)A.
B.
C.
D.
参考答案:B略5.以F(1,0)为焦点的抛物线的标准方程是()A.x=4y2 B.y=4x2 C.x2=4y D.y2=4x参考答案:D【考点】抛物线的标准方程.【专题】计算题;方程思想;数学模型法;圆锥曲线的定义、性质与方程.【分析】由题意设出抛物线方程y2=2px(p>0),结合焦点坐标求得p值得答案.【解答】解:∵抛物线焦点为F(1,0),∴可设抛物线方程为y2=2px(p>0),且,则p=2,∴抛物线方程为:y2=4x.故选:D.【点评】本题考查抛物线标准方程的求法,是基础题.6.已知等边三角形的一个顶点位于抛物线的焦点,另两个顶点在抛物线上,则这样的等边三角形的个数是(A)4
(B)3
(C)2
(D)1参考答案:C7.曲线C:y=ex同曲线C在x=0处的切线及直线x=2所围成的封闭图形的面积为()A.e+1 B.e﹣1 C.e2﹣1 D.e2﹣5参考答案:D【考点】6H:利用导数研究曲线上某点切线方程.【分析】求出函数的导数,可得切线的斜率和切点,由斜截式方程可得切线的方程,分别作出曲线和切线及x=2,得到封闭图形.再由定积分(ex﹣x﹣1)dx,计算即可得到所求面积.【解答】解:y=ex的导数为y′=ex,可得在x=0处的切线斜率为k=1,切点为(0,1),可得切线的方程为y=x+1,分别作出曲线和切线及x=2,得到如图的封闭图形.则封闭图形的面积为(ex﹣x﹣1)dx=(ex﹣x2﹣x)|=(e2﹣2﹣2)﹣(e0﹣0﹣0)=e2﹣5.故选:D.8.设过抛物线的焦点F的弦为PQ,则以PQ为直径的圆与抛物线的准线的位置关系()A.相交 B.相切C.相离 D.以上答案均有可能参考答案:B【考点】抛物线的简单性质.【分析】设抛物线为标准抛物线:y2=2px(p>0),过焦点的弦为PQ,PQ的中点是M且到准线的距离是d.设P到准线的距离d1=|PF|,Q到准线的距离d2=|QF|.结合中位线的定义与抛物线的定义可得:==半径,进而得到答案.【解答】解:不妨设抛物线为标准抛物线:y2=2px(p>0),即抛物线位于Y轴的右侧,以X轴为对称轴.设过焦点的弦为PQ,PQ的中点是M,M到准线的距离是d.而P到准线的距离d1=|PF|,Q到准线的距离d2=|QF|.又M到准线的距离d是梯形的中位线,故有d=,由抛物线的定义可得:==半径.所以圆心M到准线的距离等于半径,所以圆与准线是相切.故选:B.9.命题“,使得”的否定形式是(
)A.,使得 B.,使得C.,使得 D.,使得参考答案:D命题“,使得”的否定形式是,使得故选:D
10.已知满足,记目标函数的最大值为,最小值为,则A.1
B.2
C.7
D.8参考答案:D二、填空题:本大题共7小题,每小题4分,共28分11.已知a=0.4﹣0.5,b=0.50.5,c=log0.22,将a,b,c这三个数按从小到大的顺序排列.(用“<”连接)参考答案:c<b<a【考点】对数值大小的比较.【专题】函数的性质及应用.【分析】根据函数y=x0.5在(0,+∞)单调递增判断,和中间变量0,判断.【解答】解:∵y=x0.5在(0,+∞)单调递增,∴0<0.4﹣0.5<0.50.5,∴0<a<b,∵c=log0.22<0c<b<a故答案为:c<b<a【点评】本题考查了幂函数的单调性,对数的性质,属于容易题.12.执行如图所示的伪代码,最后输出的S值为
▲
.
参考答案:10由题可得:故输出的S=10
13.在平面几何里,有勾股定理:“设△ABC的两边AB,AC互相垂直,则AB2+AC2=BC2.”拓展到空间,类比平面几何的勾股定理,研究三棱锥的面面积与底面面积间的关系。可以得出的正确结论是:“设三棱锥A—BCD的三个侧面ABC、ACD、ADB两两相互垂直,则
”.参考答案:略14.如果实数x,y满足线性约束条件,则z=x﹣y+1的最小值等于.参考答案:﹣2【考点】7C:简单线性规划.【分析】作出可行域,变形目标函数,平移直线y=﹣x可得当直线经过点A(﹣2,1)时,z取最小值,代值计算可得.【解答】解:作出线性约束条件,所对应的可行域(如图),变形目标函数可得y=x+1+z,平移直线y=x可知,当直线经过点A(﹣2,1)时,截距取最小值,z取最小值,代值计算可得z的最小值为z=﹣2﹣1+1=﹣2故答案为:﹣2.15.如图(1)所示,在Rt△ABC中,∠C=90°,设a,b,c分别表示三条边的长度,由勾股定理得c2=a2+b2.类似地,在四面体P—DEF中,∠PDF=∠PDE=∠EDF=90°,设S1,S2,S3和S分别表示△PDF,△PDE,△EDF和△PEF的面积(如图(2));类比勾股定理的结构,猜想S,S1,S2,S3之间的关系式为
▲
.参考答案:16.甲,乙,丙,丁4名学生按任意次序站成一排,则事件“甲站在两端”的概率是.参考答案:
【考点】古典概型及其概率计算公式.【分析】基本事件总数n==24,事件“甲站在两端”包含的基本事件个数m==12,由此能求出事件“甲站在两端”的概率.【解答】解:甲,乙,丙,丁4名学生按任意次序站成一排,基本事件总数n==24,事件“甲站在两端”包含的基本事件个数m==12,∴事件“甲站在两端”的概率p=.故答案为:.【点评】本题考查概率的求法,是基础题,解题时要认真审题,注意等可能事件概率计算公式的合理运用.17.曲线在点处的切线的斜率是_______;参考答案:略三、解答题:本大题共5小题,共72分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤18.省教育厅为了解该省高中学校办学行为规范情况,从该省高中学校中随机抽取100所进行评估,并依据得分(最低60分,最高100分,可以是小数)将其分别评定为A、B、C、D四个等级,现将抽取的100所各学校的评估结果统计如下表:评估得分[60,70)[70,80)[80,90)[90,100评定等级DCBA频率m0.620.322m(Ⅰ)求根据上表求m的值并估计这100所学校评估得分的平均数;(Ⅱ)从评定等级为D和A的学校中,任意抽取2所,求抽取的两所学校等级相同的概率.参考答案:(Ⅰ)由上表知:
…………2分设所学校评估得分的平均数为,则分.
…5分(Ⅱ)由(1)知等级为A的学校有4所记作:;等级为的学校有所记作:从中任取两所学校取法有、、、、、、、、、、、、、、共种.…………………9分记事件为”从中任取两所学校其等级相同”,则事件包含的基本事件有、、、、、、共个故.……………12分19.已知圆,是轴上的动点,、分别切圆于、两点.(1)如果=,求直线的方程;(2)求动弦的中点的轨迹方程.
参考答案:答:(1)∵
∴∴
∴
∴
-------------(3分)∴直线的方程为
-…ks5u---------------(7分)(2)设∵,弦的中点为∴
∴∴
∴
---------------------------------------(14分)略20.(本小题满分12分)设函数,
(Ⅰ)
若且对任意实数均有恒成立,求表达式;
(Ⅱ)
在(1)在条件下,当时,是单调函数,求实数的取值范围;
(Ⅲ)
设且为偶函数,证明.参考答案:解:(Ⅰ)∵,∴,
(1分)
由于恒成立,即恒成立,当时,,此时,与恒成立矛盾。当时,由,得,
………3分从而,∴
(4分)(Ⅱ)由(Ⅰ)知∴,其对称为由在上是单调函数知:或,解得或
(8分)(Ⅲ)∵是偶函数,∴由得,故,∵,∴在上是增函数,(9分)对于,当时,,当时,,∴是奇函数,且在上为增函数.
(11分)∵,∴异号,(1)当时,由得,∴(2)当时,由得,∴即综上可知
(14分)21.如图,ABCD是边长为3的正方形,DE⊥平面ABCD,AF∥DE,DE=3AF,.(Ⅰ)求证:AC⊥平面BDE.(Ⅱ)求平面FBE与平面DBE夹角θ的余弦值.(Ⅲ)设点是线段上一个动点,试确定点的位置,使得平面,并证明你的结论.参考答案:(Ⅰ)证明:∵平面,平面,∴
…………1分
又∵是正方形,∴,…………2分∵,∴平面.…………3分(Ⅱ)∵,,两两垂直,所以建立如图空间直角坐标系,∵,得.…………4分则,,,,,∴,,…………6分设平面的法向量为,则,即,令,则.因为平面,所以为平面的法向量,∴,所以.因为二面角为锐角,故平面FBE与平面DBE夹角θ的余弦值为.…………9分(Ⅲ)依题意得,设,则,∵平面,∴,即,解得:,∴点的坐标为,此时,∴点是线段靠近点的三等分点.……12分22.如图,椭圆经过点,且离心率为.(1)求椭圆E的方程;(2)经过点(1,1),且斜率为k的直线与椭圆E交于不同的两点P,Q(均异于点A),证明:直线AP与AQ的斜率之和为定值.参考答案:(1);(2)证明见解析.【分析】(1)根据点坐标得到的值,根据离心率得到的值,结合,可求得的值,从而求得椭圆方程.(2)写出直线的方程,代入椭圆方程,写
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