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文档简介
202L2022学年重庆市高一(下)期末数学试卷
一、单选题(本大题共8小题,共40.0分)
1.复数盘的虚部是()
A.一:B.:C.D.1
222
2.设向量五=(2,1),b=(3,m)>21后,则m=()
A.-6B.--C.--D.-
262
3.设空间中的平面a及两条直线a,b满足aCa且bua,贝U“aCb=是“a〃a”
的()
A.充分不必要条件B.必要不充分条件
C.充要条件D.既不充分也不必要条件
4.某地区对居民用电实行阶梯电价以提高能源效率,统计该地区每户居民月均用电量,
得到相关数据如表:
分位数50%分位数60%分位数70%分位数80%分位数90%分位数
户月均用电量
150162173195220
(单位:kW-h)
如果将该地区居民用户的月均用电量划分为三档,第一档电量按照覆盖70%的居民
用户的月均用电量确定,第二档电量按照覆盖90%的居民用户的月均用电量确定,
则第二档电量区间为()
A.(162,173]B.(173,195]C.(173,220]D.(220,+8)
5.已知△河的面积考荏.宿则如C=()
.7T
A.76B.4C.3D.—3
6.在正方体48C。-48也1。1中,与直线AB】不垂直的直线是()
A.B.BCC.ArDD.BDr
7.已知某圆台上下底面的面积之比为1:9,侧面积为詈,母线长为2,则该圆台的高
为()
A.2B.延C.JD.1
33
8.从三对夫妇中随机抽选2人参加采访活动,则恰好抽到一对夫妇的概率为()
二、多选题(本大题共4小题,共20.0分)
9.关于复数z及其共也复数3,下列说法正确的是()
A.z+zERB.|z|=|z|C.\z'z\=z2D.z•z=|z|-|z|
10.设平面向量|五|=1,\b\=2,至在五方向上的投影向量为乙贝人)
A.a-c=c-6B.a•b=a-c
C.|a-c|<2D.ac=|a|-|c|
11.已知100个零件中恰有2个次品,现从中不放回地依次随机抽取两个零件,记事件
4="第一次抽到的零件为次品",事件4=“第二次抽到的零件为次品”,事
件4=”抽到的两个零件中有次品",事件B="抽到的两个零件都是正品”,则
()
A.P(&)=P(%)
B.P(A)=P(勺)+P(a)
C.PQ4UB)=P(A)+P(B)
D.P(B)=(1-P(•))•(1-P(4))
12.某学校规定,若五个工作日内学校某天有超过3个人的体温测量值高于37.5汽,则
需全员进行核酸检测.该校统计了五个工作日内每天体温超过37.5久的人数,则根
据这组数据的下列信息,能断定该校不需全员进行核酸检测的是()
A.中位数是1,平均数是1B.中位数是1,众数是0
C.中位数是2,众数是2D.平均数是2,方差是0.8
三、填空题(本大题共4小题,共20.0分)
13.在AABC中,BC=V2,AC=2,Z.BC4=―,则AB=
14.如图,边长为2的正方形AB'C'。是用斜二测画法得到的四
边形4BCD的直观图,则四边形4BC。的面积为.
15.将一枚质地均匀的骰子连续抛掷两次,则点数之和为8的概率是
16.如图,4BCD是棱长为6的正四面体,E,F为线段48的三
等分点,G,H为线段CD的三等分点,过点E,F,G,H分
别作平行于平面BCD,平面4CD,平面4BD,平面4BC的
第2页,共14页
截面,则正四面体4BCD被这四个截面截去四个角后所得几何体的体积为
四、解答题(本大题共6小题,共70.0分)
17.在△ABC中,AB=3,AC=2,4=会点。,E分别在边48,8c上,且荷=而,
BE=2FC,设
—XTLB+yAC-
(1)求x,y的值;
(2)求|屁
18.某学校派出甲、乙、丙三名同学参加英语演讲比赛,已知甲、乙、丙三人晋级的概
率分别为gj|,且三人是否晋级彼此独立.
343
(1)求甲、乙、丙三人中至少有一人晋级的概率;
(2)求甲、乙、丙三人中恰有两人晋级的概率.
19.如图,在正三棱柱中,M,N分别为棱A&,BC的中点.
(1)证明:AN〃平面BMC1;
(2)证明:平面BMC11平面BBiGC.
20.学校统计了高三年级1000名学生的某次数学考试成绩,已知所有学生的成绩均在
区间[100,150]内,且粮据统计结果绘制出如下频率分布表和频率分布直方图.
分组频数频率
[100,110)0.05
[110,120)
[120,130)400
[130,140)0.3
[140,150]0.1
合计10001
(1)求图中a的值;
(2)试估计这1000名学生此次数学考试成绩的中位数.
21.如图1,在梯形4BCD中,AB//CD,AD1DC,2AB=2AD=CD=4,将△4DB沿
DB折成如图2所示的三棱锥P-DBC,且平面PDB1平面DBC.
(1)证明:PD1BC;
(2)设N为线段PC的中点,求直线DN与平面PBC所成角的正切值.
22.如图,边长为2的等边448。所在平面内一点£»满足而=1荏(£>0),点「在边8。
上,|而|=?n.APDB的面积为百,记五=荏,b=AC-
(1)用五,石及m表示正;
(2)求方•丽的最小值.
第4页,共14页
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解:•••会=»夕,.••复数士的虚部是《
故选A.
先将复数化简击=:一夕,再确定其虚部.
本题主要考查复数的除法运算,考查复数的概念,属于基础题.
2.【答案】A
【解析】解:1••a=(2,1).b=alb,
•••2x3+1X771=0,解得zn——6.
故选:A.
根据已知条件,结合向量垂直的性质,即可求解.
本题主要考查向量垂直的性质,属于基础题.
3.【答案】B
【解析】解:当anb=0时,,两条直线a,b满足aa且bua,
a与a可能相交,故充分性不成立,
当a〃a时,aCa且bua,
aCtb=0,
故"anb=是“”/a”的必要不充分条件.
故选:B.
由直线、平面的位置关系,结合充分和必要条件定义,即可求解.
本题主要考查充分和必要条件定义,属于基础题.
4.【答案】C
【解析】解:由题意知,第一档用电量区间为(0,173],第二档用电量区间为(173,220].
故选:C.
根据题设户均用电量的百分位数对应的值,结合电量覆盖要求即可得第二档电量区间.
本题主要考查频率分布表,属于基础题.
5.【答案】C
【解析】解:由题设,ShABC=^-AB-AC=^-\AB\\AC\cos^BAC,
又S-BC=/画I码sin/BAC,
所以V5cosNBAC=sinzB/lC.
即tanziBZC=V3>
而0<Z.BAC<n,
故NBAC=p
故选:C.
由向量数量积的定义及三角形面积公式可得BCOSNBAC=sin/BAC,结合三角形内角
性质即可求NBAC.
本题考查了数量积的计算以及三角形面积公式、同角三角函数关系,属于基础题.
6.【答案】C
【解析】解:如图所示,
在正方形ABB14中,AB11A1B;
因为BC1平面故BCLABi;
连接BiC、AC,因为当。〃4山,所以AB】与&D所成的角为60。,不垂直;
易得平面4B1C,所以BAJL4B];所以C正确.
故选:C.
在正方体中,借助线面垂直关系进行判断.
本题考查了空间中线面垂直关系的判断,属于基础题.
7.【答案】B
【解析】解:设圆台的上底面半径为r,母线长为/,高为八,
•••圆台上下底面的面积之比为1:9,.••下底面的半径为3r,
第6页,共14页
又母线长为2,圆台的侧面积为詈,
则兀(r+3r)-I=8rtr=等,
解得r=|,
则圆台的高九=122_(2_|)2=竽.
故选:B.
设圆台的上底面半径为r,母线长为2,高为无,由题意确定下底面的半径为3r,由圆台
的侧面积公式求出r,由此求解圆台的高.
本题考查了圆台的几何性质的应用,圆台的侧面积公式的应用,考查了逻辑推理能力、
空间想象能力与化简运算能力,属于基础题.
8.【答案】B
【解析】解:从三对夫妇中随机抽选2人参加采访活动,
基本事件总数n=Cg=15,
恰好抽到一对夫妇包含的基本事件个数m=禺=3,
则恰好抽到一对夫妇的概率为P=:=2=[•
故选:B.
基本事件总数n=量=15,恰好抽到一对夫妇包含的基本事件个数m=废=3,由此
能求出恰好抽到一对夫妇的概率.
本题考查概率的求法,考查古典概型、排列组合等基础知识,考查运算求解能力,是基
础题.
9.【答案】ABD
【解析】解:设2=a+bi(a,beR),则2=a—bi(a,beR),
则z+z=2a€R,故A正确;|z|=|z|=Ta2+匕2,故B正确;
\z'z\=\z\2>故C错误,。正确.
故选:ABD.
设2=a+bi(a,b6R),贝ijz=a—bi(a,beR),再由复数的基本运算逐一分析四个选
项得答案.
本题考查复数的基本运算,考查复数的基本概念与复数模的求法,是基础题.
10.【答案】BC
【解析】解:设E与方的夹角为。,
对于4,当0为锐角时,a.c=|a|.|c|=\c\,c-b=\c\-\b\cos6=|c|2>不一定相
等,故A错误,
对于8.当。为锐角时,五.]=|2|.\b\cos8=\b\cos0=a-c=|a|-|c|=|c|,成立,
当。为钝角时,a-K=|a|•\b\cosd=\^\cos6=a-c=—|a|-|c|=—|c|>成立,
当。为直角时,五不=五々=0成立,故正确;
对于C,|a-c|=|a|-|c|=|c|<|i|=2.故C正确,
对于D,a-c=|a|.\c\cosB,故于错误.
故选:BC.
根据向量数量积的定义,逐一验证,即可求解.
本题主要考查了平面向量数量积的定义和运算,属于基础题.
11.【答案】AC
【解析】解:P(&)=早=煮P(4)=嗤萨=右,所以A正确•
^,100JUA7vDU
因为41nA2H0,A=A1\)A2,故P(4)=PG4I)+P(A2)-P(&CA2),所以B错误.
因为/nBM0,AUB=。,即A、B为对立事件,故PQ4UB)=P(A)+P(B),所以C
正确.
P(B)=^=舒,[l-PG4i)][l-P(&)]=总x券KP(B),所以/)错误•
AUUAvv□vOU
故选:AC.
利用事件之间的关系,结合概率的加法、乘法公式求解.
本题主要考查相互独立事件和对立事件,属于基础题.
12.【答案】AD
【解析】解:4因为中位数是1,设五个工作日内每天体温超过37.5久的人数为从小到大
的顺序为a,b,1,c,d,
因为平均数是1,所以a+b+1+c+d=5,若d=4,则a=b=c=0,不合题意,
故正确;
B.设五个工作日内每天体温超过37.5。(:的人数为从小到大的顺序为0,0,1,2,4,
满足中位数是1,众数是0,但有一天超过3,故错误;
C.设五个工作日内每天体温超过37.5汽的人数为从小到大的顺序为0,2,2,3,4,
第8页,共14页
满足中位数是2,众数是2,但有一天超过3,故错误;
D设五个工作日内每天体温超过37.5P的人数为a,b,c,d,e,
因为平均数是2,方差是0.8,则a+b+c+d+e=10,
|[(a-2)2+(b-27+(c—2>+(d-2/+(e-2)2]=0.8,
即(a-2)2+(b—2)2+(c-2)2+(d-2)2+(e-2)2=4,
则e<4,若e=4,从方差角度来说a=b=c=d=2,不满足a+b+c+d+e=10,
所以e<4,故正确.
故选:AD.
利用中位数、众数、平均数和方差的定义逐项判断.
本题考查了求平均数,众数,中位数,与方差的问题,是基础题.
13.【答案】V2
【解析】解:在△ABC中,由余弦定理得:AB2=AC2+BC2-2AC-BCcos^BAC
=4+2-2x2xV2xcos—=4+2-2x2xV2xcos—=6-2x2xV2x—=2,
442
所以AB=V2.
故答案为:V2.
由余弦定理可得AB?=AC2+BC2-2AC-BCcos乙BAC,计算可求4B.
本题考查余弦定理在解三角形中的应用,属基础题.
14.【答案】8V2
【解析】解:根据题意,正方形AB'C'D'的边长为2,其面积S'=2x2=4,
则四边形4BCD的面积S=2\[2S'=8V2,
故答案为:8V2.
根据题意,求出正方形AB'C'D'的面积,由直观图与原图的关系分析可得答案.
本题考查斜二测画法,涉及平面图形的直观图,属于基础题.
15.【答案】5
【解析】解:连续投掷2次,骰子点数的样本空间为6x6=36,2次点数之和为8的有:
(2,6),(3,5),(4,4),(6,2),(5,3),故有5种,其概率为总
故答案为:W
30
先计算基本事件的样本空间,再计算所求事件的种数,按照古典概型计算即可.
本题主要考查古典概型的问题,熟记概率的计算公式即可,属于常考题型.
16.【答案】出
3
【解析】解:如图,取中心0,连接04A
因为2BCD是棱长为6的正四面体,所以(Ml平/1\
面BCD,
根据几何关系:BO=2y/3,AB=6,AO=2V6»
所以正四面体4BCD的体积为:VA_BCD=
-S^BCD-OA=-x-x6x6x—x2y/6=1872,B
因为平面EMN〃平面BCD,E为线段4B的三等分
点,c
所以4EMN=:SABCD,三棱锥4一EMN的高九=5。4
所以匕-EMN=GSAEMN,八=/匕-BCD==誓,
所以正四面体4BCD被这四个截面截去四个角后所得几何体的体积为匕.BCD-
WA-EMN=18近-竽=
故答案为:竺史.
3
根据题意,取△BCD中心0,连接。4进而得0A_L平面BCD,再根据几何体关系计算得
以一BCD=18a,%_£财囚=竽,进而得正四面体4BCC被这四个截面截去四个角后所得
几何体的体积为以=VABCD~^A-EMN=
本题考查了几何体的体积计算,属于中档题.
17.【答案】解:(1)•••AD=DB,BE=2EC,
BE=^BC=^(AC-AB)f
,,■一-一»1■—―,■•♦o,11•,,,1,21,1>
ADE=BE-BD=-AB--(AC-AB)=--AB+-AC,
23、763
DE=x~AB+y~AC,
12
・•・%=-£o,y=-5-
(2)M4BC中,AB=3,AC=2,A=^,
第10页,共14页
~DE2=(一二通+-AC)2=—x9+-x4-2xix-x3x2xi=—,
k63736963236
■■■\DE\=i
【解析】(1)利用平面向量的线性表示及平面向量基本定理求出屁-:荏+1左,再与
o5
已知对比可求x,y.
(2)利用平面向量数量积运算,平面向量的求模公式求解即可.
本题主要考查了向量的线性表示,平面向量基本定理及向量数量积性质,属于中档题.
18.【答案】解:(1)设甲乙丙三人至少一人晋级的事件为人
依题意P(A)=1-(1一i)(l-;)(1—|)=W
(2)设甲乙丙三人至少一人晋级的事件为B.
依题意P(B)=(l-》xqx|+(l-$x5x|+(l_|)xqx:=W
【解析】(1)正难则反,先求三个人全没有晋级的概率,再用对立事件求概率即可.
(2)分成三种情况,分别考虑其中有一人没有晋级的情况.
本题主要考查相互独立事件,属于基础题.
19.【答案】证明:(1)取8G的中点。,连接ND,MD,
则N0〃CCi〃44「ND=|cCi=2=AM,
得四边形AMDN为平行四边形,.•.AN〃MD,
又MDu平面BMC1,ANU平面BMC1,
二AN〃平面BMC1;
(2)在正三棱柱-中,可得BBi1平面4BC,
■.■ANu平面ABC,;.BBi1AN,
又△ABC为正三角形,N为棱BC的中点.
•••AN1BC,又•;BCnBB1=B,BC,BB】u平面BBCC,
•••AN,平面BBiGC,
由(1)可知4N//M0,
•••MD1平面BBiGC,
vMDu平面BMG,
二平面BMC】L平面881cle
【解析】(1)取BG的中点。,连接ND,MD,证明2N〃MD,再由直线与平面平行的判
定可得4N〃平面BMC1;
(2)先证明4NJ■平面可证MO_L平面BBiGC,从而可证平面BMC】J"平面
BB]C1c.
本题考查直线与平面平行的判定,以及面面垂直的证明,考查空间想象能力与思维能力,
属中档题.
20.【答案】解:(1)由题设频率直方表如下:
分组频数频率
[100,110)500.05
[110,120)15010a
[120,130)4000.4
[130,140)3000.3
[140,150]1000.1
合计10001
10a=0.15,解得a=0.015.
(2)由(1)知:0.05+10a=0.2<0.5<0.05+10a+0.4=0.6,
•••中位数位于[120,130)内,令中位数为X,
则0.05+10a+(x-120)X0.04=0.2+(x-120)X0.04=0.5,
解得x=127.5.
【解析】(1)补全直方表数据,根据频率和为1,由此能求出参数a;
(2)利用频率分布直方图及中位数的求法能求出1000名学生此次数学考试成绩的中位数.
本题考查频率、中位数、频数分布表等基础知识,考查运算求解能力,是基础题.
21.【答案】(1)证明:在梯形2BCD中,BD=2V2,BC=2五,CD=4,
所以8。2+8。2=。。2,即8OJ.BC,
取BD的中点M,连接PM,CM,
因为PD=PB,所以PM1BD,
又平面PD8_L平面DBC,平面POBn平面。BC=BO,
所以PM,平面DBC,
因为BCu平面DBC,所以PM_LBC,
第12页,共14页
S^BDdPM=M,BD,PMa^PBD,
所以BC_L平面PBD,
因为POu平面PBD,所以PDJLBC.
B
(2)解:由(1)知,PDIBC,PD1PB,
因为BCnPB=B,BC,PBu平面PBC,所以PD1平面PBC,
所以NPND即为直线DN与平面PBC所成角,
在APB。中,PM=^BD=^2,
在^BCM中,CM?=BC2+BM2=8+2=10,
由(1)知,2时工平面/^。,
因为CMu平面DBC,所以PM1CM,
所以PC=7PM2+CM2=y/2+io=2痘,
因为N为线段PC的中点,
所以PN=;PC=W,所以tan/PN。="=4==2,
2PN遮3
故直线DN与平面PBC所成角的正切值为亚I
3
【解析】(1)取BO的中点M,连接PM,CM,由平面PDBL平面D8C,可证PMJL平面DBC,
从而知PM
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