上海市黄浦区-八年级(下)期末物理试卷-

第=page1919页，共=sectionpages1919页第=page1818页，共=sectionpages1919页八年级（下）期末物理试卷题号一二三四五总分得分一、单选题（本大题共8小题，共24.0分）标准大气压下沸水的温度是（）A.0℃ B.37℃ C.100℃ D.120℃下列各现象中能说明分子做无规则运动的是（）A.柳絮飞舞 B.花香袭人 C.灰尘飞扬 D.雪花飘飘在四冲程汽油机的工作过程中，把机械能转化为内能的是（）A.吸气冲程 B.压缩冲程 C.做功冲程 D.排气冲程如图所示，分别用力F1、F2、F3匀速提起物体A，不考虑摩擦，三个力的大小关系是（）A.F1<F2<F3

B.F如图为自动垂直升降式车库的停车过程示意图。下列关于汽车匀速上升时的说法，正确的是（）

A.动能增加，重力势能不变 B.动能增加，重力势能增加

C.动能不变，重力势能不变 D.动能不变，重力势能增加如图所示，O为轻质杠杆AB的支点，B点挂一重物G，现分别用F1、F2、F3、F4作用于杠杆，且均能使杠杆保持水平位置平，则其中最小的力是（）A.F1 B.F2 C.F3 如图所示，在水平面ABC上（已知AB=BC，AB段粗糙，BC段光滑）。某同学用大小不变的拉力F，将物体由A点拉到C点。若在AB段和BC段上拉力对物体所做的功分别为W1和W2，则下列表述正确的是（）A.W1一定大于W2 B.W1可能大于W2

C.W1一定等于W质量相等的铜块和铁块（c铜＜c铁），在吸收了相等的热量后相互接触，那么（）A.热由铜块传给铁块 B.热由铁块传给铜块

C.铜块和铁块之间不发生热传递 D.以上情况都有可能二、填空题（本大题共8小题，共28.0分）温度是表示物体______的物理量，功率是表示物体______的物理量。图（a）（b）（c）（d）是“用温度计测量水温度”实验中四次读数时温度计的位置，其中正确的是______。如图（a）所示，将两个底面削平的铅柱紧压在一起，下面吊一个重物也不能把它们拉开，说明分子间存在______（选填“引力”或“斥力”）；如图（b）所示，在一个配有活塞的厚玻璃筒里放一小团蘸了乙醚的棉花。把活塞迅速压下去，棉花燃烧起来。这说明活塞对气体______，增加了气体的内能，使气体的温度______。

水的比热容是4.2×103焦/（千克•℃），它的单位读作______。人们常说“水是生命之源”，一杯水喝掉一半后，剩余水的比热容______（选填“变大”、“变小”、“不变”）。汽车发动机用水作冷却剂，是因为水的比热容在常见物质中较______。在图中属于省力杠杆的是______，属于费力杠杆的是______，属于等臂杠杆的是______。（均选填字母）

如图所示，分别利用甲、乙两滑轮匀速提起两个相同的重物A，其中乙为______滑轮，使用时相当于______杠杆，用甲滑轮的优点是______；若不计滑轮重力及摩擦，把重物A提升相同高度，则拉力F1、F2做的功W1______W2（选填“小于”、“等于”或“大于”）。如图所示，一个静止小球从A点沿粗糙程度相同的轨道下滑，经B点到达C点，从A点到达C点的过程中，小球的动能______，小球的重力势能______，小球的机械能______。（选填序号）①保持不变；②一直减小；③先增大后减小；④一直增大；⑤先减小后增大。如图所示，质量为10千克的物体M在力F的作用下以0.1米/秒的速度在水平面上做匀速直线运动，已知弹簧测力计读数为10牛（不计绳子与滑轮间的摩擦、及其质量），物体与水平地面的摩擦力为______牛，5秒钟内物体M通过的路程为______米，在5秒钟内F做的功是______焦，其功率为______瓦，在此过程中重力做功______焦。小伟查得4℃时均为1厘米3的三种液体在不同温度时的体积如表所示：温度/℃

体积/厘米3

种类8162432404856甲1.0061.0181.0301.0421.0541.0681.080乙1.0021.0041.0061.0081.0101.0121.014丙1.0021.0101.0701.2001.3001.6001.800①4℃时1厘米3的丙液体，当温度为48℃时体积为______厘米3．乙液体的体积大小随温度变化的规律是：一定质量的乙液体，______。

②小伟认为，甲液体比乙、丙液体更适合作为温度计玻璃泡中的液体，请你帮他写出选择甲液体的依据：______；______。三、计算题（本大题共5小题，共31.0分）如图中，轻质杠杆OA在力F1、F2的作用下处于静止状态，L2为力F2的力臂。在图中画出力F1的力臂L1和力F2的示意图。

质量为2千克的水经过加热温度从20℃升高到50℃．已知c水=4.2×103焦/（千克•℃）

求：①水升高的温度△t；

②水吸收的热量Q吸。

无人机已被广泛运用在民用领域，发挥了重大作用。现有一无人机，下方悬挂着质量为0.1千克的摄像机，在10秒内沿竖直方向匀速上升了20米，求：

①无人机对摄像机所做的功W；

②无人机对摄像机做的功率P。

如图所示，一根长为1.2米的轻质杠杆OA可绕固定点O转动，C点处悬挂一重为60牛的物体。（已知AB=BC=CD=DO）

（1）若在B点用竖直向上的力使杠杆在水平位置平衡，求这个力的大小。

（2）若在A点施加一个力使杠杆水平平衡，甲同学认为该杠杆一定是省力杠杆，乙同学认为该杠杆可能是费力杠杆。你赞同哪位同学的观点，并说明理由。

小娟和小宝在探究物体放热多少与哪些因素有关的实验时，先在两只完全相同的烧杯中分别放入100克和200克的温水，然后让它们自然冷却（设两杯水每分钟放出的热量相等），并将观察到的数据记录在表一中。

①小娟仔细观察表一后发现，第一列第二行的项目名称“放出的热量（焦）”与实际测量的事实不符，便将它修改为“______”。质量（克）100200100200100200放出的热量（焦）2448612降低的温度（℃）112233②为了便于分析物体放出热量与降低温度的关系，小宝将表一拆成表二和表三，并将表一中的数据对应着填入表二和表三中，请你帮她补充完整。

表二m1=100克水放热时间（分）0降低温度（℃）0123③分析比较表二（或表三）中第一行和第二行的数据及相关条件，可得的初步结论是：______

表三m2=200克水放热时间（分）0降低温度（℃）0123④进一步综合分析表二和表三的数据及相关条件，可得的初步结论是：同种物质，放出热量与质量和降低温度乘积的比值是______。

⑤小娟和小宝发现上面的数据不能分析归纳得到“放出热量与______的关系”。为了进一步研究，他们又合作设计了实验方案，以及用于填写实验数据的表四。

表四放热时间（分）0降低温度（℃）0123（a）请完成表四表头的填写。

（b）完成表四数据的实验采集后，他们应该将这组数据与表______对应数据进行比较，从而能分析得出这两者间的关系。

四、作图题（本大题共2小题，共5.0分）如图所示，是一只温度计的局部示意图，当温度为零下2℃，请用笔将细管内的水银部分涂黑．

如图所示，在A点用最小的力F1将大石头撬动，请在图中画出F1及其力臂l1。

五、实验探究题（本大题共3小题，共12.0分）如图所示的仪器是______，此时示数为______，读数时它______离开被测物体（选填“能”或“不能”）。如图是“______”（填写实验名称）的实验装置，实验前，应先向______调节平衡螺母（填写“左”或“右”），使杠杆在______位置平衡。

小明在测量某铁块的重力时，发现铁块的重力超出了弹簧测力计的量程，为了测出该铁块的重力，他找来木棒、细铁丝等物品进行如下改进：

步骤一：将细线系在木棒的A位置，并在木棒左端绕上适量的细铁丝，使木棒处于水平位置平衡，如图甲所示；

步骤二：使用弹簧测力计测量前，应对它进行______；

步骤三：在木棒左端挂上铁块，右端用弹簧测力计竖直向下拉，如图乙所示。

（1）步骤一中“在木棒左端绕上适量细铁丝，使木棒处于水平位置平衡”的目的是为了防止______对测量结果的影响。

（2）步骤三中，当木棒处于水平位置平衡时，弹簧测力计的示数如图丙所示，则该铁块的重力是______牛。如图所示，小明在做“探究动能大小和哪些因素有关”的实验中，分别将A、B、C三个小球先后从同一装置的hA、hB、hC高处滚下（已知mA=mB＜mC，hA=hC＞hB），推动同一木盒运动一段距离后静止。

（1）从图中可以看出，A、B、C三个小球刚达到水平面时，______球的动能最大，理由是______。

（2）图（A）和（C）可以探究物体动能大小与______的关系。

答案和解析1.【答案】C

【解析】解：温度的常用单位是摄氏度。摄氏温标规定：在标准大气压下冰水混合物的温度是0℃，沸水的温度是100℃。

故选：C。

根据对摄氏温标内容的掌握作答。

此题考查了我们对摄氏度规定的掌握，是一道基础题，难度较小，容易解答。2.【答案】B

【解析】解：

A、柳絮飞舞，属宏观物体的机械运动，故A不合题意；

B、花香袭人，是花的香味分子无规则运动的结果，故B符合题意；

C、尘土飞扬，是宏观物体的机械运动，故C不合题意；

D、雪花飘飘，属宏观物体的机械运动，故D不合题意。

故选：B。

微观粒子的特征：质量和体积都很小，肉眼无法观察到；微粒与微粒之间有间隙；都是不断运动的，能够闻到气味是分子运动的结果。

本题主要考查了微观粒子特征方面的内容，可以依据微粒的特征进行分析。3.【答案】B

【解析】解：在压缩冲程中，活塞压缩汽油与空气形成的燃料混合物，活塞对气体做功，将机械能转化为气体的内能。

故选：B。

在内燃机的做功冲程中能量转化是内能转化为机械能，压缩冲程中能量转化是机械能转化为内能。

解决此题要结合内燃机的四个冲程工作特点进行分析解答，基础性题目。4.【答案】B

【解析】解：因为定滑轮相当于一等臂杠杆，只能改变力的方向，而不省力，故定滑轮拉同一重物G，沿三个不同方向，用的拉力大小相等，

即F1、F2、F3都等于物体的重力。故B符合题意。

故选：B。

定滑轮的特点不省力、但能改变力的方向，定滑轮实质是一个等臂杠杆。

本题主要考查学生对定滑轮工作特点的了解和掌握，知道定滑轮的特点：不省力但可以改变力的方向。5.【答案】D

【解析】解：汽车匀速上升时，质量不变，速度不变，动能不变；质量不变，高度增加，重力势能增加。

故选：D。

（1）动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。

（2）重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。

掌握动能、重力势能的影响因素，用控制变量法，判断动能、重力势能的变化。6.【答案】A

【解析】解：F3的力臂为OA，而F3和F4的力臂都小于OA，

由图可知，动力F1与OB垂直，则动力F3对应的动力臂就是OB，它是最长的动力臂；

由杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，在阻力和阻力臂都一定的情况下，动力臂越长则动力越小。因为F1对应的动力臂最长，所以F1最小。

故选：A。

由杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，在阻力和阻力臂都一定的情况下，动力臂越长则动力越小。所以要判断哪个动力最小，就看哪个动力对应的动力臂最长。支点与动力作用点之间的连线就是最长的动力臂，与这条动力臂垂直的力即为最小动力。

本题考查杠杆平衡条件的应用，使用杠杆，当阻力和阻力臂一定时，动力臂越长越省力，找出最长的动力臂是本题的关键。7.【答案】C

【解析】解：

由题知，物体在光滑和粗糙两种不同的水平地面上运动时，拉力F相同、s相同（AB=BC），

由W=Fs可知，两次拉力做功一样多，即W1一定等于W2。

故选：C。

知道用力大小相同、物体在力的方向上移动的距离相同，利用功的公式W=Fs分析判断。

此题考查功的大小比较，分析时不要受接触面粗糙程度的影响，利用W=Fs分析判断。8.【答案】D

【解析】解：

由公式Q=cm△t得，△t=，因铁块和铜块吸收的热量相同，铁的比热容大于铜的比热容，且质量相等，所以铜块升高的温度大于铁块升高的温度，由于不知道初温，所以无法确定铁块和铜块的终温高低；热传递是从高温物体传向低温物体，所以不能确定是否发生热传递，或热传递的方向，故D正确。

故选：D。

解决此题要知道热传递发生的条件是要有温度差，结合热量的公式Q=cm△t进行分析解答。

本题考查了热量的计算、热传递的方向，知道铁和铜比热容的大小关系是突破口，然后熟练应用吸热公式是解本题的关键。9.【答案】冷热程度；做功快慢；（d）

【解析】解：温度是描述物体冷热程度的物理量，功率是描述物体做功快慢的物理量；

在使用温度计测量液体温度时，玻璃泡要与被测液体充分接触，但不能接触容器底或容器壁。所以（d）正确。

故答案为：冷热程度；做功快慢；（d）。

根据对温度、功率物理意义及温度计使用方法的掌握作答。

此题考查了温度、功率的物理意义及温度计的使用方法，属于基础知识和基本技能的考查，是一道基础题。10.【答案】引力；做功；升高

【解析】解：两个底面削平的铅柱紧压在一起，下面吊一个重物也不能把它们拉开，说明分子之间存在相互作用的引力。

当活塞迅速压下去时，活塞对气体做功，使气体的内能增大，温度升高，达到棉花的着火点，因此棉花燃烧起来。

故答案为：引力；做功，升高。

分子之间存在相互作用的引力和斥力。做功可以改变物体的内能，外界对物体做功，物体的内能增大，温度升高。

本题考查的知识点有两个：一是分子之间存在相互作用的引力和斥力；二是做功可以改变物体的内能，对物体做功，物体的内能增大，温度升高。11.【答案】焦耳每千克摄氏度；不变；大

【解析】解：水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），表示1kg的水温度每升高1℃吸收的热量为4.2×103J，所以比热容的单位读作焦耳每千克摄氏度；

一杯水当喝掉半杯后，质量改变，但比热容与质量无关，所以水的比热容不变，仍然为4.2×103

J/（kg•℃）；

因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以常用水给汽车发动机降温。

故答案为：焦耳每千克摄氏度；不变；大。

（1）单位体积某种物质，温度升高1℃所吸收的热量叫做这种物质的比热容；

（2）比热容是物质的一种热性。比热容只跟物质的种类和状态有关，与物体质量的大小、温度高低、吸收或放出热量的多少均无关；

（3）水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多。

此题考查了比热容的物理意义及水的比热容较大的应用，正确理解概念，知道水的比热容较大，是解答此题的基础。12.【答案】abch；efg；d

【解析】解：

a、独轮车在使用时，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，

b、起子在使用时，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，

c、图示钳子在使用时，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，

d、天平在使用时，动力臂等于阻力臂，属于等臂杠杆，

e、镊子在使用时，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，

f、缝纫机的脚踏板在使用时，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，

g、曲臂时，小臂的动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，

h、撬棒在使用时，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，

可见，属于省力杠杆的是abch；属于费力杠杆的是efg；属于等臂杠杆的是d。

故答案为：abch；efg；d。

结合图片和生活经验，判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。

此题考查的是杠杆的分类，主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂13.【答案】动；省力；改变用力方向；等于

【解析】解：（1）乙滑轮随货物一起升降的滑轮为动滑轮，使用时相当于省力杠杆；甲

不随货物升降的滑轮为定滑轮，甲滑轮的优点是

改变用力方向；

（2）使用定滑轮和动滑轮都不省功，等于直接用手做的功，不计滑轮重力及摩擦，则拉力F1、F2做的功W1等于W2。

故答案为：动；省力；改变用力方向；等于。

（1）随货物一起升降的滑轮为动滑轮，动滑轮实质是动力臂为阻力臂二倍的省力杠杆，使用动滑轮能省一半力；不随货物升降的滑轮为定滑轮，定滑轮实质是等臂杠杆，不省力也不费力，但可以改变作用力方向；

（2）由功原理得使用任何机械都不省功。

本题考查动滑轮和动滑轮的实质，功率的简单计算，是一道基础题目。14.【答案】③

⑤

②

【解析】解：

小球从A运动到B的过程中，质量不变、高度降低，重力势能减小；质量不变、速度增大，动能增大；

小球从B运动到C的过程中，质量不变、高度增大，重力势能增大；质量不变、速度减小，动能减小；

所以从A点到达C点的过程中，小球的动能先增大后减小，小球的重力势能先减小后增大；

因为轨道是粗糙的，整个过程中要克服摩擦做功，机械能转化为内能，小球的机械能一直在减小。

故答案为：③；⑤；②。

（1）动能与物体的质量和速度有关，质量越大，速度越大，物体的动能也就越大；

（2）重力势能与物体的质量和被举高的高度有关，质量越大，被举高的高度越大，物体的重力势能越大；

（3）小球在运动过程中要克服摩擦力做功，机械能逐渐变小。

本题考查了动能和重力势能的影响因素、机械能和内能之间的转化，易错点在第三空，知道物体克服摩擦做功机械能转化为内能是关键。15.【答案】20；0.5；10；2；0

【解析】解：（1）如图所示，

因为物体做匀速运动，

所以f=2F=2×10N=20N；

（2）物体移动的路程：

s′=v物t=0.1m/s×5s=0.5m，

拉力移动的距离：

s=2s′=2×v物t=2×0.5m=1m，

拉力做功：

W=Fs=10N×2×v物t=10N×1m=10J，

P==═2W；

（3）在竖直方向上物体没有移动距离，故重力做功为0J。

故答案为：20；0.5；

10；2；0。

（1）该滑轮为动滑轮，拉力F的大小和弹簧测力计的示数一样，因为物体做匀速运动，所以物体受到的力是平衡力，利用力的平衡可以计算摩擦力的大小；

（2）先求物体移动的路程，再计算拉力移动的距离，然后利用W=FS公式计算拉力做的功，再利用功率的公式计算拉力F的功率；

（3）W=Gh求重力做的功。

本题所用滑轮组是水平的，计算过程要注意，拉力的大小是摩擦力的一半，拉力移动的路程是物体移动的路程的2倍（动滑轮由两股绳子拉着）。16.【答案】1.600；体积随温度升高而增大；与乙相比，在变化相同温度，甲体积变化量更大，现象会更明显；与丙相比，甲在温度变化时体积变化更均匀

【解析】解：①由表格数据知当4℃时1cm3的丙液体在48℃时的体积为1.600厘米3；

由表格数据知：温度从8℃到56℃，温度升高，体积逐渐增大，故可以得出：一定质量的乙液体，体积随温度升高而增大；

②甲与乙相比，在变化相同温度，甲体积变化量更大，现象会更明显；甲与丙相比，甲在温度变化时体积变化更均匀，故选甲液体作为温度计玻璃泡中的感温液。

故答案为：①1.600；体积随温度升高而增大

②与乙相比，在变化相同温度，甲体积变化量更大，现象会更明显；与丙相比，甲在温度变化时体积变化更均匀。

①根据表格数据判断分析4℃时1cm3的丙液体的体积；

根据表格数据观察温度升高时，体积的变化，得出结论；

②温度计的原理是液体的热胀冷缩，温度计的测温物质应该选用变化量大且变化均匀。

本题考查了学生的根据题中信息分析解答能力，读懂题中信息解答即可，难度不大。17.【答案】解：如图所示，过支点O作F1的垂线段L1为动力臂，作垂直于L2的直线，与杠杆OA的交点B为力F2的作用点，方向斜向左下方，如下图示：

【解析】

力臂是由支点到力的作用线的距离，而画力时也可根据其作用线与力臂垂直这一特点，在已知力臂的情况下，画出对应的力。

画力臂与画力所依据的都是力的作用线与力臂垂直，这一点我们必须明确。18.【答案】解：

①水升高的温度：△t=50℃-20℃=30℃，

②水吸收的热量：

Q吸=c水m△t=4.2×103J/（kg•℃）×2kg×30℃=2.52×105J。

答：①水升高的温度△t为30℃；

②水吸收的热量Q吸为2.52×105焦。

【解析】

①末温减去初温即为水升高的温度△t；

②根据Q吸=c水m△t可求得水吸收的热量

本题考查了热量的计算，计算时注意温度升高（△t）与升高到（末温）的区别。19.【答案】解：

①摄像机随无人机一起匀速上升，则摄像机受力平衡，

所以无人机对摄像机的拉力：F=G=mg=0.1kg×9.8N/kg=0.98N，

则无人机对摄像机所做的功：W=Fs=0.98N×20m=19.6J；

②无人机对摄像机做的功率：P=Wt=19.6J10s=1.96W。

答：①无人机对摄像机所做的功W为19.6J；

②无人机对摄像机做的功率P为1.96W。

①根据力的平衡得出无人机对摄像机的拉力，又知摄像机通过的路程，利用W=Fs计算所做的功W；

②利用P=计算无人机对摄像机做的功率P。

此题考查功和功率的计算，难度不大，关键是根据力的平衡求出无人机对摄像机的拉力。20.【答案】解：

（1）由图可知，动力臂为OB=34OA=34×1.2m=0.9m，阻力臂为OC=12OA=12×1.2m=0.6m，

由杠杆的平衡条件：F×OB=G×OA，F×0.9m=60N×0.6m，所以F=40N。

（2）如果A点力的方向不同，力臂的大小则不同，不能确定动力臂与阻力臂的大小关系，所以此时杠杆可能是等臂杠杆，也可能是省力杠杆，还可能是费力杠杆。故乙同学观点正确。

答：（1）若在B点用竖直向上的力使杠杆在水平位置平衡，这个力的大小为40N。

（2）乙同学的观点正确，因为

（1）根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2，算出在B点用竖直向上的力；

（2）根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2，力臂的大小关系决定了力的大小关系。

此题是有关杠杆的平衡条件的应用，根据力臂的关系判断杠杆的分类。21.【答案】放热时间（分）；质量相同的同种物质，放出热量与降低温度成正比；定值；物质种类；二

【解析】解：①放出热量的多少不能直接测量出来，需要通过放热时间长短来表示，且放出的热量不可能为2J，4J，故需要将第二行的“放出的热量（焦）”修改为“放热时间（分）”。

②由表一知质量为100g的水放热时间依次为2、4、6，如下所示：

表二m1=100克水放热时间（分）246降低温度（℃）由表一知质量为200g的水放热时间依次为4、8、12，

表三m2=200克水放热时间（分）4812降低温度（℃）③分析比较表二（或表三）中第一行和第二行的数据及相关条件，可得的初步结论是质量相同的同种物质，温度降低的越多，降温时间越长，即质量相同的同种物质，放出热量与降低温度成正比。

④比较表二和表三知：同种物质，放出热量与质量和降低温度乘积的比值是定值；

⑤（a）为了得到普遍规律，需要换用不同液体重新实验，实验中需要控制液体的质量相同，改变液体的种类，故表四表头应该为：m3=100克煤油（或其他液体）；

（b）根据：同种物质，质量不同相同时间放热多少不同，知：他们应该将这组数据与表二对应数据进行比较，从而能分析得出同种物质质量不相同时放出热量的多少的关系。

故答案为：

①放热时间（分）；②见上表；③质量相同的同种物质，放出热量与降低温度成正比；④定值；⑤物质种类；二。

①放出热量的多少通过放热时间来表示的，用到了转换法；

②根据表一的数据填写表二的数据；

③质量相同的同种物质，放出热量与降低温度成正比；

④可得出水的放出的热量与质量、降低的温度乘积的比值是定值；

⑤（a）为了得到普遍规律，需要换用不同液体重新实验，实验中需要控制液体的质量相同，改变液体的种类，完成表四表头的填写；

（b）根据：同种物质，质量不同相同时间放热多少不同，找出与表四对应数据。

本题考查了学生根据题中信息分析解答能力，掌握控制变量法是解题的关键。22.【答案】解：温度计的分度值是1℃，温度为-2℃时所在的刻度如图所示：

【解析】

在作图以前，应该观察使用温度计的量程，认清它的最小刻度值，以便正确涂黑．

此题考查的是温度计的刻度的认识，注意区分零上或零下刻度，是一道基础题．23.【答案】解：在A点用最小的力F1将大石头撬动，根据杠杆的平衡条件，动力臂应最大，故B为支点，故过A点作AB的垂线，动力的方向斜向上；从支点到动力作用线的距离为动力臂L1，如下所示：

【解析】

根据杠杆的平衡条件，动力臂应最大，确定支点，过点A作AB的垂线，动力的方向斜向上；

根据力臂的定义画出动力臂L1。

本题考查杠杆的平衡条件的运用及力臂的画法，关键是确定最小动力的画法。24.【答案】体温计；37.8℃；能；探究杠杆平衡条件；左；水平

【解析】解：

（1）该测量工具是体温计，体温计玻璃泡的上方有一段非常细的缩口，它的作用是当体温计离开人体后，细管内水银柱在缩口处断开，仍然指示原来的温度，所以体温计能离