2021-2022学年广东省肇庆市四会石狗中学高三物理月考试卷含解析

2021-2022学年广东省肇庆市四会石狗中学高三物理月考试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1.如图甲，在线圈中通入电流后，在上产生感应电流随时间变化规律如图乙所示，则通入线圈中的电流随时间变化图线是下图中的哪一个？（、中电流正方向如图甲中箭头）

参考答案：答案：D2.（多选）如图所示的电路中，电源的电动势E和内阻r一定，A、B为平行板电容器的两块正对金属板，为光敏电阻。当的滑动触头P在a端时，闭合开关S，此时电流表A和电压表V的示数分别为I和U。以下说法正确的是A．若仅将的滑动触头P向b端移动，则I不变，U增大B．若仅增大A、B板间距离，则电容器所带电荷量减少C．若仅用更强的光照射，则I增大，U增大，电容器所带电荷量增加D．若仅用更强的光照射，则U变化量的绝对值与I变化量的绝对值的比值不变参考答案：BD3.在平直公路上行驶的汽车中，某人从车窗相对于车静止释放一个小球，不计空气阻力，用固定在路边的照相机对汽车进行闪光照相，照相机闪两次光，得到两张清晰的照片，对照片进行分析，知道了如下信息：①两次闪光的时间间隔为0.5s；②第一次闪光时，小球刚释放，第二次闪光时，小球刚好落地；③两次闪光的时间间隔内，汽车前进了5m；④两次闪光时间间隔内，小球位移的大小为5m。根据以上信息尚不能确定的是（

）A．小球释放点离地的高度

B．第一次闪光时汽车的速度C．汽车做匀加速直线运动

D．两次闪光的时间间隔内汽车的平均速度参考答案：C4.在α粒子散射实验中，当在α粒子最接近原子核时，关于描述α粒子的有关物理量符合下列哪种情况A．动能最小

B．势能最小C．α粒子与金属原子核组成系统能量最小

D．α粒子所受金原子斥力最大参考答案：AD5.有一个正检验电荷仅受电场力作用，分别从电场中的点由静止释放，动能随位移变化的关系图象如图中的①②③图线所示，其中图线①是直线。下图中甲是匀强电场，乙是孤立的正点电荷形成的电场，丙是等量异种点电荷形成的电场（位于两点电荷连线上，且位于连线的中点），丁是等量正点电荷形成的电场（位于两点电荷连线的中垂线上，且位于连线的中点），则下列说法正确的是（

）A．检验电荷在甲图所示电场中从由静止释放，沿直线运动到点，对应的图线可能是①B．检验电荷在乙图所示电场中从由静止释放，沿直线运动到点，对应的图线可能是②C．检验电荷在丙图所示电场中从由静止释放，沿直线运动到点，对应的图线可能是③D．检验电荷在丁图所示电场中从由静止释放，沿直线运动到点，对应的图线可能是③参考答案：A二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6.如图13所示的是“研究小球的平抛运动”时拍摄的闪光照片的一部分，其背景是边长为5cm的小方格，取g＝10m/s2。由此可知：闪光频率为________Hz；小球抛出时的初速度大小为________m/s；从抛出点到C点，小球经过B点时的速度大小是________m/s.参考答案：10；

1.5；

2.57.某同学在做“验证牛顿第二定律”的实验中得到如图11所示a-F图象，其中a为小车加速度，F为沙桶与沙的重力，则图线不过原点O的原因是____________________________；图线斜率倒数的物理意义是_______________.参考答案：实验前没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不够；小车质量。8.如图所示的演示实验中，A、B两球同时落地，说明，某同学设计了如右下图所示的实验:将两个斜滑道固定在同一竖直面内，最下端水平.把两个质量相等的小钢球从斜面的同一高度由静止同时释放，滑道2与光滑水平板吻接，则将观察到的现象是

，这说明

.参考答案：9.如图所示为某运动员在平静的湖面训练滑板运动的示意图，在进行滑板运动时，水对滑板的作用力垂直于板面，大小为kv2，其中v为滑板的速率。某次运动中，在水平牵引力F作用下，当滑板和水面的夹角θ=37°时，滑板做匀速直线运动，相应的k=50kg/m，人和滑板的总质量为100kg，水平牵引力的大小为

牛，水平牵引力的功率为

瓦。参考答案：

答案：750N、

3750W10.我校机器人协会的同学利用如图所示的装置探究作用力与反作用力的关系。如图甲所示，在铁架台上用弹簧测力计挂住一个实心铁球，在圆盘测力计的托板上放一烧杯水，读出两测力计的示数分别为F1、F2；再把小球浸没在水中（水不会溢出），如图乙所示，读出两测力计的示数分别为F3、F4。请你分析弹簧测力计示数的变化，即F3_______F1（选填“>”“=”“<”）。水对铁球的浮力大小为_________，若___________，就说明了作用力与反作用力大小相等。参考答案：11.两列简谐波分别沿x轴正方向和负方向传播，波速均为υ＝0.4m/s，波源的振幅均为A＝2cm。如图所示为t＝0时刻两列波的图像，此刻平衡位置在x＝0.2m和x＝0.8m的P、Q两质点恰好开始振动。质点M的平衡位置位于x＝0.5m处。则两列波相遇的时刻为t＝______s，当t＝2.0s时质点M运动的路程为_______cm。参考答案：0.75，20 12.天然放射性元素放出的α、β、g三种射线的贯穿本领和电离本领各不相同，图为这三种射线贯穿物体情况的示意图，①、②、③各代表一种射线。则③为_________射线，它的贯穿本领最强；射线①的电离本领__________（选填“最强”或“最弱”）。参考答案：g，最强 13.（2）“用DIS测变速直线运动的瞬时速度”实验中，使用光电门传感器。小王同学利用DIS实验器材研究某物体沿X轴运动的规律，发现物体所处的坐标X与时间t满足X=t3-2t（单位均是SI制单位），则该物体在第2秒末的瞬时速度大小为__________m/s。参考答案：10三、简答题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14.（4分）已知气泡内气体的密度为1.29kg/，平均摩尔质量为0.29kg/mol。阿伏加德罗常数，取气体分子的平均直径为，若气泡内的气体能完全变为液体，请估算液体体积与原来气体体积的比值。（结果保留一位有效数字）。参考答案：设气体体积为，液体体积为气体分子数,(或)则

（或）解得

(都算对)解析：微观量的运算，注意从单位制检查运算结论，最终结果只要保证数量级正确即可。设气体体积为，液体体积为气体分子数,(或)则

（或）解得

(都算对)15.如图所示，在滑雪运动中一滑雪运动员，从倾角θ为37°的斜坡顶端平台上以某一水平初速度垂直于平台边飞出平台，从飞出到落至斜坡上的时间为1.5s，斜坡足够长，不计空气阻力，若g取10m/s2，已知sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：(1)运动员在斜坡上的落点到斜坡顶点(即飞出点)间的距离；(2)运动员从斜坡顶端水平飞出时的初速度v0大小.参考答案：18.75m

试题分析：（1）根据位移时间公式求出下落的高度，结合平行四边形定则求出落点和斜坡顶点间的距离。（2）根据水平位移和时间求出初速度的大小。（1）平抛运动下落的高度为：则落点与斜坡顶点间的距离为：（2）平抛运动的初速度为：【点睛】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式和数学公式进行求解，并且要知道斜面的倾角是与位移有关，还是与速度有关。四、计算题：本题共3小题，共计47分16.如图，Q为一个原来静止在光滑水平面上的物体，其DB段为一半径为R的光滑圆弧轨道，AD段为一长度为L=R的粗糙水平轨道，二者相切于D点，D在圆心O的正下方，整个轨道位于同一竖直平面内.物块P的质量为m（可视为质点），P与AD间的动摩擦因数μ=0.1，物体Q的质量为M=2m，重力加速度为g.（1）若Q固定，P以速度v0从A点滑上水平轨道，冲至C点后返回A点时恰好静止，求v0的大小和P刚越过D点时对Q的压力大小.

（2）若Q不固定，P仍以速度v0从A点滑上水平轨道，求P在光滑圆弧轨道上所能达到的最大高度h.参考答案：（1）P从A到C又返回A的过程中，由动能定理有

=

①（2分）

将L=R代入①解得

②（2分）

若P在D点的速度为vD，Q对P的支持力为FD，由动能定理和牛顿定律有

=

③（2分）

④（2分）

联立解得

⑤（2分）

由牛顿第三定律可知，P对Q的压力大小也为1.2mg.（1分）（2）当PQ具有共同速度v时，P达到的最大高度h，由动量守恒定律有

v

⑥（2分）

由功能关系有

⑦（3分）

联立解得

17.（18分）在绝缘水平面上，放一质量为m=2.0×10-3kg的带正电滑块Ａ，所带电量为q=1.0×10-7C，在滑块Ａ的左边处放置一个不带电、质量Ｍ=4.0×10-3kg的绝缘滑块Ｂ，Ｂ的左端接触（不连接）于固定在竖直墙壁的轻弹簧上，轻弹簧处于自然状态，弹簧原长s=0.05m，如图所示。在水平方向加一水平向左的匀强电场，电场强度的大小为Ｅ=4.0×105N/C，滑块Ａ由静止释放后向左滑动并与滑块Ｂ发生碰撞，设碰撞时间极短，碰撞后结合在一起共同运动的速度为v=1m/s，两物体一起压缩弹簧至最短处（弹性限度内）时，弹簧的弹性势能Ｅ0=3.2×10-3J。设两滑块体积大小不计，与水平面间的动摩擦因数为μ=0.50，摩擦不起电，碰撞不失电，g取10m/s2。求：⑴两滑块在碰撞前的瞬时，滑块Ａ的速度；⑵滑块Ａ起始运动位置与滑块Ｂ的距离；⑶Ｂ滑块被弹簧弹开后距竖起墙的最大距离sm.参考答案：解析：

（1）设Ａ与Ｂ碰撞前Ａ的速度为v1，碰撞过程动量守恒，有：

mv1＝（Ｍ＋m）v

……………（2分）

代入数据解得：v１＝3m/s

……………（2分）

（2）对Ａ，从开始运动至碰撞Ｂ之前，根据动能定理，有：

qＥ－μmg＝－０……………（2分）

代入数据解得：＝0.3m…………………（2分）

（3）设弹簧被压缩至最短时的压缩量为s1，对ＡＢ整体，从碰后至弹簧压缩最短过程中，根据能量守恒定律，有：qＥs1＋＝μmgs1＋Ｅ０………（2分）

代入数据解得：s1＝0.02m……………………（1分）

设弹簧第一次恢复到原长时，ＡＢ共同动能为Ｅk，根据能量守恒定律，有：

Ｅ０＝qＥs1＋μ(Ｍ+m）gs1＋Ｅk-----------------------------------①（2分）

在弹簧把ＢＡ往右推出的过程中，由于Ｂ受到向左的摩擦力小于Ａ受到的向左的摩擦力和电场力之和。故至他们停止之前，两者没有分开。

……（1分）

弹簧第一次将ＡＢ弹出至两者同时同处停止时，Ｂ距离竖直墙壁最远，设此时距离弹簧原长处为s2，根据动能定理，有：－qＥs2－μ(Ｍ+m）gs2＝０－Ｅk-----------------------------------②（2分）

①②联立并代入数据解得：s2＝0.03m……（１分）

故Ｂ离墙壁的最大距离sm＝s＋s2＝0.08m

……（１分）18.如图，一质量为M的物块静止在桌面边缘，桌面离水平地面的高度为h.一质量为m的子弹以水平速度v0射入物块后，以水平速度v0/2射出．重力加速度为g.，试求：①此过程中系统损失的机械能；②此后物块落地点离桌面边缘的水平距离．参考答案：①设子弹穿过物块后物块的速度为v，由动量守恒得mv0＝m＋Mv

①

（2分）解得v＝v0

②