（人教版）初中9年级全册物理-14、期中物理试卷【解析版】

九年级（上）期中物理试卷一、选择题（每小题只有一个选项符合要求，每小题2分，共32分）1．对于图中所示的四幅图，下列说法中正确的是()A．甲图中软木塞飞出时，管内水蒸气的内能增加B．乙图中两个压紧的铅块能吊起钩码，主要是因为分子间存在引力C．丙图中活塞向上运动是内燃机的做功冲程D．丁图中小朋友下滑时，内能转化为机械能【考点】分子间的作用力；做功改变物体内能；内燃机的四个冲程．【专题】分子热运动、内能；比热容、热机、热值．【分析】（1）物体对外做功，内能减小，温度降低；（2）分子间既有引力也有斥力；（3）在做功冲程中，燃气推动活塞向下运动，内能转化为机械能；压缩冲程机械能转化为内能；（4）改变物体内能的方式：做功和热传递．【解答】解：A、甲图中软木塞飞出时，管内水蒸气的内能减少，故A错误；B、乙图中两个压紧的铅块能吊起钩码，主要是因为分子间存在引力，故B正确；C、丙图中活塞向上运动时，进气门关闭，排气门打开，是内燃机的排气冲程，故C错误；D、丁图中小朋友下滑时，机械能转化为内能，故D错误．故选B．【点评】本题考查的知识点比较多，主要考查学生对所学物理知识的综合应用能力．2．关于温度、热量和内能，下列说法正确的是()A．温度高的物体内能一定大，温度低的物体内能一定小B．物体的内能与温度有关，只要温度不变，物体的内能就一定不变C．内能小的物体也可能将热量传递给内能大的物体D．物体的温度越高，所含热量越多【考点】温度、热量与内能的关系．【专题】应用题．【分析】（1）一切物体都具有内能，内能的大小跟质量、温度、状态有关．（2）热传递的条件是物体之间有温度差，高温物体将能量向低温物体传递，直至各物体温度相同．（3）热量是物体通过热传递方式改变的内能，是一个过程量．【解答】解：内能的多少与物体的质量、温度、状态有关，温度不是决定物体内能大小的唯一因素，故A、B不符合题意；发生热传递的条件是温度的高低，不是内能的大小．内能小的物体也可能是温度高的物体，所以，内能小的物体也可能将热量传递给内能大的物体，故C符合题意；热量是一个过程量，不能说“某物体含有或具有多少热量”，故D不符合题意．故选C．【点评】热量是物体通过热传递方式改变的内能，是一个过程量，要用“吸收”或“放出”来表达，而不能用“具有”或“含有”来修饰．3．如图是某物质由液态变为固态过程温度随时间变化的图象，下列说法正确的是()A．t4时刻物体内能为零B．t2、t3时刻物体内能相等C．t2时刻物体内能比t3小D．t1时刻物体分子动能比t2时大【考点】熔化和凝固的温度—时间图象；内能的概念．【专题】分子热运动、内能．【分析】（1）首先掌握晶体在凝固过程中的特点：在凝固过程中温度保持不变，但不断放热，凝固过程中的温度叫做凝固点；（2）晶体在凝固前处于液态，凝固过程处于固液共存态，凝固完后处于固态；（3）晶体在凝固过程中，虽然温度保持不变，但不断放热，内能减小；（4）任何物质的分子总在永不停息地做无规则运动，所以内能不可能为零．【解答】解：A、t4时刻物体温度为零，但其分子仍不停地做无规则运动，所以具有内能，A错误；BC、t2、t3时刻温度相同，但在凝固过程中物体不断放热，所以内能减小，BC错误；D、t1时刻温度比t2时刻高，所以t1时刻物体分子运动比t2时大，动能大，D正确．故选D．【点评】此题考查了晶体在凝固过程中的特点及图象的分析，同时考查了对内能的理解及分子运动与温度的关系．4．在相同的加热条件下，对质量为mA比热为CA的物体A和质量为mB比热为CB的物体B均匀加热：物体A、B的温度随加热时间的变化情况如图所示．根据图象分析可推断出正确的结论是()A．若CA=CB，则mA＜mB B．若CA＞CB，则mA＞mBC．若mA=mB，则CA＜CB D．若mA＜mB，则CA＞CB【考点】比热容的概念．【专题】应用题；比热容、热机、热值．【分析】（1）可以在横轴上找一点，即加热时间相同，两种物质吸收的热量就是相同的；然后做纵轴的平行线，比较出温度变化的大小关系△tA＜△tB；（2）因为物质AB的质量和比热都不确定，所以根据cm=初步得出：cAmA＞cBmB，然后利用不等式的知识分析．【解答】解：由图象可知：取相同的加热时间，即物质A、B吸收的热量相同时，A的温度变化值大，即：△tB＞△tA．根据Q吸=cm△t得：cm=，所以cAmA＞cBmB，即：A的比热容和质量的乘积大于B的比热容和质量的乘积．A、若cA=cB，可以得到mA＞mB，故A错误；B、若cA＞cB，则AB的质量关系无法确定，故B错误；C、若mA=mB，则cA＞cB，故C正确；D、若mA＜mB，则cA＞cB，故D正确．故选CD．【点评】此题主要考查的是我们对于图象的分析能力，能分析得出甲的比热容和质量的乘积小于乙的比热容和质量的乘积．重点是根据选项中的已知条件，会利用不等式的知识解答．5．下列事例中，不属于静电现象的是()A．春天花开时，会闻到扑鼻的花香B．夏季雷雨时，天空中划过的闪电C．秋天夜晚，脱毛衣时常听到“啪啪”声D．冬季晴天，梳头时常看到头发随塑料梳子飘动【考点】物体带电现象．【专题】电流和电路．【分析】分子是运动的，花香的分子向周围运动，使人感到花香四溢；在干燥的天气中脱毛衣时，毛衣与里面的衣服摩擦，使它们带有异种电荷，电荷放电，发出啪啪声，属于摩擦起电；梳子梳头发，梳子和头发摩擦带异种电荷，异种电荷相互吸引把头发吸引起来．【解答】解：A、春天花开时，会闻到扑鼻的花香属于扩散现象，故A符合题意；B、夏季雷雨时，天空中划过的闪电属于摩擦起电，故B不符合题意；C、在干燥的天气脱毛衣时会听到轻微的噼叭声，是因为毛衣和衬衣之间相互摩擦带电，两者带有异种电荷，放电产生的劈叭声，属于静电现象，故C不符合题意；D、冬季晴天，梳头时由于摩擦使梳子与头发间带有异种电荷，头发间带同种电荷，同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，使头发随塑料梳子飘动，属于摩擦起电，故D不符合题意．故选A．【点评】本题考查摩擦起电的现象，这是学生身边的常见现象，能使学生感到物理就在身边，体现了物理和生活的密切关系．6．下列有关“电”的说法正确的是()A．运动的电荷一定形成电流B．电阻中有电流，它的两端一定有电压C．电路两端有电压就一定有电流D．电路中灯泡不亮，一定是灯丝断了【考点】电流的形成；电路的三种状态．【专题】应用题；电流和电路．【分析】（1）电荷的定向移动形成电流；（2）要使一段电路中产生电流，电路两端必须要有电压，电压能使导体中的自由电荷发生定向移动形成电流，所以电压是使电路中形成电流的原因；（3）电流产生的条件：一、必须具有能够自由移动的电荷；二、导体两端存在电压（要使闭合回路中得到持续电流，必须要有电源）；（4）灯泡断路或短路，实际电功率过小都不能发光．【解答】解：A、电荷的定向移动形成电流，故A错误；B、电压是使电路中形成电流的原因，电路中有电流，两端就一定有电压，故B正确；C、电路两端有电压不一定有电流，电路还必须是闭合的，故C错误；D、电路中灯泡不亮，可能是灯泡断路，也可能是灯泡短路或实际电功率太小造成，故D错误．故选B．【点评】此题考查了电荷的定向移动、电路中形成电流的原因等，掌握基础知识就能解题．7．夏天是雷电高发季节，为避免高大建筑物遭受雷电的破坏，常在建筑物的顶端安装避雷针，并用粗金属线与大地相连．当一大片带负电的云接近建筑物时，云层中的负电荷通过避雷针经金属线导入大地，则此时金属线中的电流方向是()A．从大地流向云层 B．从云层流向大地C．无电流产生 D．无法确定【考点】电流的方向．【专题】电流和电路．【分析】电荷的定向移动形成电流，物理学规定正电荷定向移动的方向为电流的方向．【解答】解：物理学规定正电荷定向移动的方向为电流方向，所以负电荷移动的方向与电流方向相反．由于云层中的负电荷通过避雷针经金属线导入大地，所以金属线中的电流方向是从大地流向云层；故选项A正确，选项BCD错误．故选：A．【点评】本题考查电流方向的规定，一定要注意负电荷定向移动的方向与电流方向是相反的．8．下面常见家用电器，关于它们正常工作时的电流，下列说法中合理的()A．电风扇约2A B．电冰箱约1A C．电视机约5A D．台灯约18mA【考点】电流的大小．【专题】应用题；电流和电路．【分析】首先要对选项中涉及的几种电器的工作电流有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案．【解答】解：A、电风扇的工作电流约0.4A左右；故A错误；B、电冰箱的工作电流在1A左右；故B正确；C、电视机的工作电流在0.3A～0.7A，故C错误；D、台灯的工作电流在0.1A～0.2A，即100mA﹣200mA；故D错误；故选B．【点评】此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可．9．岳阳城区新投入的公交车后门左右扶杆上均装有一个红色按钮（如图），每个按钮相当于一个开关，当乘客按下任一按钮，驾驶台上的指示灯亮，提醒司机有人下车，下列电路图能实现上述目标的是()A． B． C． D．【考点】串、并联电路的设计．【专题】电流和电路．【分析】根据“乘客只要按下任何一个按钮，装在驾驶台上的电灯都会发光”结合串并联电路特点判断两个开关的连接方式，然后分析电路图答题．[来源:Zxxk.Com]【解答】解：只要按下任何一个按钮，装在驾驶台上的指示灯都会发光，说明这两个开关互不影响，两开关是并联的，灯泡串联在干路中，由图示电路图可知，B正确；故选B．【点评】根据题意得出两开关的连接方式是解决本题的关键，解决此类问题要抓住题干中有用的信息，即电路元件是否可以独立工作（并联），还是相互影响（串联）．10．如图所示，要使灯泡L1和L2组成串联电路，应()A．闭合S2，断开S1 B．断开S1和S2C．闭合S1和S2 D．闭合S1，断开S2【考点】串、并联电路的设计．【专题】图析法．【分析】要使灯泡L1和L2组成串联电路，应使灯泡首尾相连，接在电源两端．【解答】解：当闭合S1，断开S2时，电流从电源正极出发后依次经过两盏灯泡，则它们是串联在一起的．故选D．【点评】解决此题的关键是理解串、并联电路的特点，会连接简单的串并联电路．11．在如图所示甲的电路中，当闭合开关时，两个电流表的指针偏转均为如图乙所示，则L1、L2中的电流分别是()A．1.2A0.22A B．0.98A0.22A C．0.96A0.24A D．0.24A1.2A【考点】并联电路的电流规律．【专题】电流和电路．【分析】分析电路可知：两灯并联，电流表A1测的是干路电流，电流表A2测的是L2所在支路的电流；由于并联电路中，干路中的电流等于各支路电流之和，所以电流表A1选用的应该是大量程（0～3A），A2选用的是小量程（0～0.6A）；然后根据相应量程下的分度值和指针位置来进行读数．结合并联电路的电流特点即可求出通过各灯的电流大小．【解答】解：经分析可知，电流表A1选择的量程是0～3A，分度值为0.1A，所以电流表A1的示数为I总=1.2A，即干路电流为1.2A；电流表A2选择的量程是0～0.6A，分度值是0.02A，所以电流表的示数为I2=0.24A，即通过灯L2的电流为0.24A；那么通过灯L1的电流大小为：I1=I总﹣I2=1.2A﹣0.24A=0.96A．故选C．【点评】对于这类题目要先分析电路的构成，然后结合串、并联电路的特点和电表的读数方法进行分析．12．如图电源电压不变，当滑片P向a端移动时，会出现的现象是()A．电流表示数变小，灯泡变暗 B．电流表示数变大，灯泡变亮C．电流表示数变大，灯泡变暗 D．电流表示数变小，灯泡变亮【考点】欧姆定律的应用；滑动变阻器的使用；实际功率．【分析】由图可知滑动变阻器与定值电阻R串联，当滑动变阻器的滑片向a端移动时，连入电路中的电阻变小，电路中的电流变大，则电流表的示数变大．再根据公式P=I2R可知灯泡功率的变化，灯泡的实际功率决定灯泡的亮度．【解答】解：当滑片向a端移动时，滑动变阻器接入电路电阻变小，电路总电阻变小，根据欧姆定律可知电路电流变答，电流表示数变大；由公式P=I2R可知灯泡实际功率变大，因此灯泡变亮．故选B．【点评】本题考查欧姆定律和电功率公式及其变形的灵活运用，重点知道滑片移动过程中电路的变化情况．13．在做“探究电流与电阻的关系”实验中，小翔连接了如图所示的电路．他先在电路的A、B间接入10Ω的电阻，移动变阻器的滑片，读出电压表与电流表的示数；记录数据后，改用15Ω电阻替换10Ω电阻，闭合开关，接下来他的实验操作应该是()A．观察电压表，向右移动滑片，读取电流数据B．观察电流表，向右移动滑片，读取电压数据C．观察电压表，向左移动滑片，读取电流数据D．观察电流表，向左移动滑片，读取电压数据【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验；滑动变阻器的使用；欧姆定律的应用．【专题】应用题；电路和欧姆定律；探究型实验综合题．【分析】要研究导体中的电流与电阻的关系，需要保证导体两端的电压不变，当改用15Ω电阻替换10Ω电阻时，导体两端的电压是否变化，怎样变化是此题的解题思路．【解答】解：将AB两点间改用15Ω电阻替换10Ω电阻时，闭合开关，电路总电阻变大，∵I=，∴电路中的电流变小，∵U=IR，且此时滑动变阻器的滑片不动，接入电路中的电阻没变，∴滑动变阻器两端的电压变小，∵串联电路中总电压等于各分电压之和，∴AB两点间的电压变大，即电压表的示数变大，为保持AB间的电压不变，应增大滑动变阻器接入电路的电阻，减小电路中的电流，减小电压表的示数，即接下来他的实验操作应该是：观察电压表，向左移动滑片，读取电流数据．故选C．【点评】探究电流与电阻的关系，采用的是控制变量法，熟悉控制变量法的实施环节并正确运用，是解决此类实验题的关键．14．小红在做测定灯泡电阻的实验中，将正常的电流表、电压表接入电路，当闭合开关后，发现电流表有读数，电压表读数为零，移动滑动变阻器滑片时电流表读数有变化，电压表读数始终为零，其原因可能是()A．滑动变阻器接触不良 B．开关接触不良C．小灯泡两端短路 D．灯泡的钨丝断了【考点】伏安法测电阻的探究实验．【分析】将正常的电流表、电压表接入电路，当闭合开关后，发现电流表有读数，说明电路为通路；当移动滑动变阻器滑片时电流表读数有变化，电压表读数始终为零，说明电压表测量的用电器发生短路．【解答】解：移动滑片，电流表示数变化，电压表示数始终为零，而电压表测导线电压时，电压表示数为0；因此灯泡被短路．故选C．【点评】考查伏安法测电阻的探究实验，利用电压表和电流表检测电路故障是常见的题型，需要在平时的学习中多总结方法与技巧．15．下图是小李同学在某次测量中连接的实物图，以实物图为根据画出的电路图，其中正确的是()A． B． C． D．【考点】电压表的连接．【专题】压轴题．【分析】（1）根据实物图画出电路图的方法：①首先利用去表法判断用电器的连接方法，电流表的电阻很小，电压表的电阻很大，把电流表看成导线，把电压表看成开路．②然后看开关控制用电器的情况，把开关接入合适的位置；③最后把电压表和电流表接入电路．（2）“方框”法判断电压表测谁的电压：电压表和用电器组成一个方框时，电压表测量该用电器两端的电压；电压表和电源组成一个方框时，电压表测量电源两端的电压；电压表和用电器、电源一起组成一个方框时，电压表测量该用电器和电源之外的用电器两端的电压．【解答】解：（1）电压表电阻很大，相当于开路，去掉电压表，L1、L2是串联的，开关控制整个电路．依次连接电源、开关、L2、L1．（2）电压表V1和L1组成方框，电压表V1测量L1两端的电压表；电压表V2和电源组成一个方框，电压表V2测量电源两端的电压．A、电压表V1测量L1两端的电压表，电压表V2测量电源两端的电压，但是开关不能控制电压表．不符合题意．B、电压表V1测量L1两端的电压表，电压表V2测量电源两端的电压，开关控制整个电路．符合题意．[来源:Zxxk.Com]C、电压表V1测量L1两端的电压表，电压表V2测量L2两端的电压．不符合题意．D、电压表V1测量测量电源两端的电压表，电压表V2测量L1两端的电压．不符合题意．故选B．【点评】（1）掌握由实物图画电路图的方法，电路图画实物图的方法．（2）掌握方框法判断电压表测量的电压．16．三个定值电阻串联后接在电压恒定的电路两端，其阻值R1=5Ω，R2=10Ω，R3=15Ω．某同学将一只电流表接在R2两端，如图所示，发现其示数为1.5A．若将电流表的位置改装一只电压表，则电压表的示数为()A．5V B．10V C．15V D．20V【考点】欧姆定律的应用．【专题】计算题；欧姆定律．【分析】（1）将一只电流表接在R2的两端时，R2被短路，R1和R3串联，电流表测电路中的电流，根据电阻的串联和欧姆定律求出电源的电压；（2）将电流表的位置改接一只电压表时，三电阻串联，电压表测R2两端的电压，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，再利用欧姆定律求出电压表的示数．【解答】解：（1）将一只电流表接在R2的两端时，R2被短路，R1和R3串联，电流表测电路中的电流，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，则R=R1+R3=5Ω+15Ω=20Ω，所以，由I=可得：电源的电压U=IR=1.5A×20Ω=30V；（2）将电流表的位置改接一只电压表时，三电阻串联，电压表测R2两端的电压，则R′=R1+R2+R3=5Ω+10Ω+15Ω=30Ω，则电路中的电流：I′===1A，所以，电压表的示数：U2=I′R2=1A×10Ω=10V．故选B．【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是知道接电流表和电压表时电路的连接有何不同．二、填空题（每空2分，共38分）把正确答案填写在题目中的横线上方．17．用凉水冷却滚烫的鸡蛋，因为水的比热容比较大；鸡蛋内能是通过热传递的方式改变的．【考点】水的比热容的特点及应用；热传递改变物体内能．【专题】应用题；分子热运动、内能；比热容、热机、热值．【分析】水的比热容较大，吸收相等的热量，水的温度变化较小，常用水作为冷却剂；改变物体内能的方式有做功和热传递．【解答】解：由学过的知识点可知，用凉水冷却滚烫的鸡蛋，是因为水的比热容比较大；水从鸡蛋中吸收热量，内能增加、温度升高，鸡蛋放出热量，温度降低，内能减少，是通过热传递的方式改变内能的．故答案为：比热容；热传递．【点评】本题考查水的比热容特点的应用及改变物体内能的方式，属于基础题．18．木炭的热值是8.4×107J/kg，完全燃烧500g木炭，能放出4.2×107J的热量．这些热量如果完全被质量1000kg，初温为20℃的水吸收，水的末温为30℃．[c水=4.2×103J/（kg．℃）]．【考点】燃料的热值；热平衡方程的应用．【专题】比热容、热机、热值．【分析】（1）知道木炭的质量和热值，利用燃料完全燃烧放热公式Q放=mq求放出的热量；（2）由Q放=Q吸=cm△t，得到△t=后计算水升高的温度，结合水的初温计算终温．【解答】解：燃烧木炭的质量m=500g=0.5kg，木炭燃烧放出的热量，Q放=mq=0.5kg×8.4×107J/kg=4.2×107J；由Q吸=cm△t得，水吸热后升高的温度：△t===10℃，水的末温为t=t0+△t=20℃+10℃=30℃．故答案为：4.2×107；30℃．【点评】本题考查了学生对公式Q放=mq和Q吸=cm△t的了解与掌握，计算时注意升高了（△t）、升高到（末温）和升高（△t）的区别．19．内燃机的一个工作循环有四个冲程，如图中表示的是做功冲程，它将内能转化为机械能．一台内燃机运行时各种能量的损耗大致为：汽缸散热损失占25%，废气带走的能量占30%，摩擦等机械损耗占10%，则它的机械效率为35%．【考点】内燃机的四个冲程；热机的效率．【专题】比热容、热机、热值．【分析】要解决此题需要掌握内燃机的四个冲程及能量转化情况．知道内燃机的效率的概念：内燃机的效率等于用来做有用功的能量与燃料完全燃烧放出的能量之比．【解答】解：由图可知，火花塞放出电火花，是做功冲程；该冲程将高温高压的燃气推动活塞对活塞做功，将内能转化为机械能．由题意知，内燃机的效率η=1﹣25%﹣30%﹣10%=35%．故答案为：做功；内；机械；35%．【点评】此题考查了内燃机的四个冲程特点、热机的效率及汽油机和柴油机的不同之处，是一道热学综合题目．20．PM2.5是指大气中直径不大于2.5μm的颗粒悬浮物，能被肺泡吸收并进入血液，影响人体健康．某科研队伍成功研制出PM2.5净化器，其原理如图所示．闭合开关S1、S2后，风扇旋转吸入含有颗粒物空气，当颗粒物接近带有负电荷的光洁金属网C时会被快速吸引过来，这是因为带电体具有吸引轻小物体的性质；当颗粒物快速通过光洁金属网C后，会带上负电荷，然后被带有正电荷的棉芯D吸附住，这是因为异种电荷互相吸引．【考点】电荷间的相互作用规律．【专题】电流和电路．【分析】带电体具有吸引轻小物体的性质；电荷间的作用规律是：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引．【解答】解：当颗粒物接近带有负电荷的光洁金属网C时会被快速吸引过来，这是因为带电体具有吸引轻小物体的性质；当颗粒物快速通过光洁金属网C后，会带上负电荷，然后被带有正电荷的棉芯D吸附住，这是因为异种电荷相互吸引．故答案为：轻小物体；异种电荷相互吸引．【点评】本题考查了带电体的性质、电荷间的相互作用，是一道基础题．21．如图所示的电路，开关闭合时电流表（甲）测量的是通过L1和L2的电流（选填“L1”、“L2”或“L1和L2”），电流表（乙）测量的是通过L1的电流（选填“L1”、“L2”或“L1和L2”）．L1和L2两只灯泡是并联关系（选填“串联”或“并联”）．[来源:Z,xx,k.Com]【考点】串联电路和并联电路的辨别．【分析】如图所示的电路，分析电流的流向可知：开关闭合后，电流经过开关和电流表甲分为两路，一路流向灯泡L2，另一路流向灯泡L1、电流表乙，然后两路汇合共同流向负极．根据串并联电路电流路径的特点判断两灯泡的连接方式．【解答】解：开关闭合后，电流从电源正极流出，经过开关和电流表甲分为两路，一路流向灯泡L2，另一路流向灯泡L1、电流表乙，然后两路汇合共同流向负极，因此两灯并联连接；电流表甲测量灯泡L1和L2的电流，电流表乙测量的是灯泡L1的电流．故答案为并联L1和L2；L1；并联．【点评】本题考查了电流表的使用．电流表要测量哪个电灯的电流就要与哪个电灯串联，且接线柱要接正确．正确使用电流表是初中学生学习应掌握的一种基本测量仪器．22．如图所示，若电源电压为6V，电压表的示数为3.8V，则灯L1两端的电压U1=3.8V，灯L2两端的电压U2=2.2V，若S断开，电压表的示数为6V．【考点】并联电路的电压规律．【专题】计算题；电压和电阻．【分析】电压表与被测用电器并联，开关闭合时，电压表测量L1两端的电压，由串联电路中电压关系求出灯L2两端的电压．若S断开，电压表通过灯泡L2并联在电源上，测量的是电源电压．【解答】解：开关闭合时，电压表测量L1两端的电压，则灯L1两端的电压U1=3.8V；由串联电路中电压关系（电路两端的总电压等于各用电器两端电压之和）可知，灯L2两端的电压U2=U﹣U1=6V﹣3.8V=2.2V；若S断开，电压表通过灯泡L2并联在电源上，测量的是电源电压，所以电压表的示数为6V．故答案为：3.8；2.2；6．【点评】本题考查了电压表的使用和串联电路的电压的特点：电路两端的总电压等于各串联用电器两端电压之和．23．如图所示是童童设计的压力传感器的原理图，其中弹簧上端和滑动变阻器的滑片P固定在一起，AB间有可收缩的导线，R1为定值电阻．当闭合开关S，压力F增大时，电流表示数变小，电压表示数变大．（选填“变大”、“变小”或“不变”）【考点】欧姆定律的应用；滑动变阻器的使用．【专题】推理法．【分析】分析电路图，确认电路的连接方式（串联），然后判断电流表和电压表测哪个电路元件的电流和电压；分析压力F增大时，电路中的电阻变化，进一步根据欧姆定律判断电流表和电压表的示数变化．【解答】解：如图，滑动变阻器和定值电阻R1串联在电路中，压力F增大时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知通过电路的电流变小，电流表测电路中的电流，故电流表的示数变小；R1为定值电阻，因为U1=IR1，所以R1两端的电压变小，串联电路总电压等于各分电压之和，所以滑动变阻器两端电压变大，电压表测其电压，故电压表的示数变大．故答案为：变小；变大．【点评】本题考查了学生对滑动变阻器的变阻原理、欧姆定律的掌握和运用，分析电路图，确认电路的连接方式是突破口，确认电压表的测量对象是关键．24．如图，电源电压10V，定值电阻R0=20Ω，滑动变阻器R最大阻值为30Ω，当滑片P在左端a点时，电压表示数为4V，当滑片从a向b点滑动的过程中，电流表的示数将不变．（选填“变大、变小、不变”）【考点】欧姆定律的应用．【专题】计算题；图析法；欧姆定律．【分析】由图可知，电阻R0与滑动变阻器R是串联的关系，电压表测量的是电阻R0与滑动变阻器滑片左边的电压，滑动变阻器接成了定值电阻，故电路中的总电阻不会变，电流大小不变，根据欧姆定律可求得电路中的电流，当滑片P在左端a点时，电压表只测量R0的电压，根据欧姆定律变形公式可求得电压表示数，当滑片从a向b点滑动的过程中，总电阻不变，电压表示数变大，根据I=分析电流表的示数．【解答】解：由图可知，电阻R0与滑动变阻器R是串联的关系，电压表测量的是电阻R0与滑动变阻器滑片左边的电压，滑动变阻器接成了定值电阻，故电路中的总电阻不会变，电流大小不变，则I===0.2A，当滑片P在左端a点时，电压表只测量R0的电压，由I=可得，电压表示数为U0=IR0=0.2A×20Ω=4V，当滑片从a向b点滑动的过程中，总电阻不变，电流表测量串联电路中的电流，由I=可得，电流表的示数不变．故答案为：4；不变．【点评】本题的关键是求得通过电路中的电流，并结合欧姆定律进行分析，有一定的拔高难度．三、作图与计算题（共16分）解答时应写出必要的文字说明．涉及计算的题目，应写出公式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分．25．一只玩具猫外形如图所示，猫体内有电池，猫手相当于一开关，向下压猫手，猫脸上的两个小电灯会一齐发光．如果其中一只坏了，另一只也能亮，请你把猫体内的电路图画在方框内．【考点】串、并联电路的设计．【专题】电流和电路．【分析】并联电路中各用电器互不影响；根据题意可知，两个小灯的工作互不影响，因此两灯并联连接，开关控制整个电路．【解答】解：两灯并联，开关控制整个电路，如下图所示：【点评】本题考查电路图的设计，关键是能根据题目所给信息设计出合理的电路图，了解开关在不同电路中的作用是本题的解题关键所在．26．在图中，有两根导线尚未接入电路，请用笔画线代替导线补上．补上后要求：闭合电键，当滑动变阻器的滑片P向右移，电压表和电流表示数均变大．【考点】实物的电路连接；欧姆定律的应用．【专题】电流和电路；欧姆定律．【分析】先根据滑动变阻器的滑片P向右移时，电流表示数变大，确定滑动变阻器接入电路的电阻减小，然后根据电压表示数变大和串联电路分压的特点确定电压表测量的电路．【解答】解：将滑动变阻器的右下接线柱与电流表0.6A的接线柱相连，电压表并联在灯泡两端，如下图所示：【点评】本题考查了实物电路图的连接，分析清楚电路结构、知道滑动变阻器的接法、熟练应用串联电路特点是正确作图的前提与基础．27．小明家新安装了一台容积为0.5m3的太阳能热水器，加满水后，经过4h阳光的照射，水温由原来的20℃升高到了40℃．问：在这4h内水吸收了多少热量？若这些热量由效率为20%的火炉燃烧焦炭来提供，则需要燃烧多少千克焦炭？[水的比热容c水=4.2×103J/（kg•℃）、焦炭的热值q=3.0×107J/kg]．【考点】热平衡方程的应用．【专题】计算题；热和能．【分析】（1）知道太阳能热水器的容积，可利用公式m=ρV计算出水的质量，又知道水的比热容、水的初温和末温，可利用热量公式Q吸=cm（t﹣t0）计算出水吸收的热量．（2）若这些热量由效率为20%的火炉燃烧焦炭来提供，Q吸=Q放×20%，再利用Q放=mq求需要焦炭的质量．【解答】解：（1）由ρ=得水的质量为：m=ρV=1×103kg/m3×0.5m3=500kg；则水吸收的热量为：Q吸=c水m（t﹣t0）=4.2×103J/（kg•℃）×500kg×（40℃﹣20℃）=4.2×107J．（2）由题知，Q吸=Q放×20%，∴Q放===2.1×108J，∵Q放=m碳q，需要焦炭的质量：m碳===7kg．答：这4h内水吸收了的热量是2.1×108J，若这些热量由效率为20%的火炉燃烧焦炭来提供，则需要燃烧7千克焦炭．【点评】本题考查了学生对密度公式、吸热公式Q吸=cm△t、燃料完全燃烧放热公式Q放=mq的掌握和运用，利用好条件“若这些热量由效率为20%的火炉燃烧焦炭来提供”得出Q吸=Q放×20%是本题的关键．28．在如图所示的电路中，电阻R1=30欧，滑动变阻器R2标有“100Ω2A”字样．闭合电键S后，移动滑动变阻器的滑片处于某一位置时，电压表的示数为9伏，电流表的示数为0.5安．试求：（1）此时滑动变阻器R2接入电路的阻值；（2）电源电压．[来源:学科网]【考点】欧姆定律的应用；串联电路的电压规律．【专题】计算题．【分析】（1）已知滑动变阻器两端电压、流过滑动变阻器的电流，由欧姆定律可求出滑动变阻器接入电路的电阻；[来源:学|科|网Z|X|X|K]（2）根据串联电路的特点，由欧姆定律可以求出电源电压．【解答】解：（1）滑动变阻器接入电路的阻值R2===18Ω；答：滑动变阻器R2接入电路的阻值是18Ω．（2）电源电压U=Ul+U2=IR1+U2=0.5A×30Ω+9V=15V+9V=24V；答：电源电压是24V．【点评】本题考查求电阻阻值、电源电压，是一道基础题；熟练掌握串联电路特点、欧姆定律是解题的关键．四、实验与探究题（共16分）29．同学们在做“比较水和沙子的吸热能力”实验的场景如图所示．（1）在实验中，加热相同的时间目的是使水和沙子吸收相等的热量；（2）请你指出该同学的设计思路和实验装置中的错误和不足．错误是：没有控制水和沙子质量相等、初温相同．；不足是：没有测量水和沙子温度的仪器．．【考点】物质的基本属性．【专题】实验题．【分析】（1）水和沙子吸收的热量来源于酒精灯放出的热量，吸收相同的热量，就需要加热相同的时间．（2）实验时要采取控制变量法保证水和沙子的质量和初温相同．用温度计来测量水和沙子的温度【解答】解：（1）加热时间相同是指沙子和水吸收热量相同．（2）没有指出两者的质量相同是错误的．在测量初温和末温时没有用到温度计，只凭感觉是不准确的，这是存在的不足之处．故答案为：（1）使水和沙子吸收相等的热量（2）错误是：没有控制水和沙子质量相等、初温相同．不足是：没有测量水和沙子温度的仪器．【点评】（1）研究水和沙子的吸热能力，①质量和吸收热量相同时，通过比较温度的变化，来比较吸热能力．②质量和升高温度相同，通过比较吸热的多少，来比较吸热能力．（2）多个因素影响一个物理量，研究其中一个因素和物理量的关系时，必须保证其它因素不变．30．如图甲所示为某同学练习使用电流表、电压表的实物连接图．[来源:学科网ZXXK]（1）请按照电路图，用笔画线代替导线，将图乙中的实物图连接完整．（2）在闭合开关前，应将滑片P滑到左端．（填“左”或“右”）（3）在某次实验时，电流表和电压表示数如图丙所示，其电流表示数为0.5A和电压表示数为2.5V．【考点】实物的电路连接；电流表的读数方法；电压表的读数方法；滑动变阻器的使用．【专题】作图题；电流和电路；电压和电阻．【分析】（1）由图R与滑动变阻器串联，电流表测电路中电流，电压表测R两端电压，由此连接实物；（2）闭合开关前滑动应置于最大值处；（3）根据电表量程和分度值读出两电表示数．【解答】解：（1）由图甲可知，滑动变阻器一上一下串联入电路中，电压表测量电阻R的电压，连接实物如图所示，；（2）为了保护电路，在闭合开关前应将滑片P滑到阻值最大处，即滑片P应滑到左端；（3）由图电流表使用0﹣0.6A量程，分度值0.02A，电流表示数为0.5A，电压表使用0﹣3V量程，分度值0.1V，电压表的示数为2.5V．故答案为：（1）见上图；（2）左；（3）0.5A；2.5V．【点评】本题考查实物连接、连接电路中的注意事项和电表的读出，电表的读出时首先要明确量程和分度值．31．阅读下面短文，回答问题：二极管的导电特性二极管是一种电学元件，它最重要的特性就是单向导电性．如图1所示是二极管的实物图和它的电路图符号．在电路中，电流只能从二极管的正极流入，负极流出．所以二极管具有的单向导电性．（1）把二极管、小灯泡、电池、开关分别连接成如图2所示两个电路，则两个电路中的小灯泡发光的是甲图（选填“甲”、“乙”）．（2）请设计一个实验，利用二极管判断蓄电池的正负极（其他器材自选）．请在图3方框内画出电路图：（用表示蓄电池）判断方法：把二极管接入电路，若亮则靠近二极管正极的是蓄电池的正极，另一端是负极、若不亮则靠近二极管正极的是蓄电池的负极，另一端是正极．【考点】根据实物图画电路图；半导体的特点．【专题】电流和电路．【分析】（1）根据二极管具有单向导电性进行分析，即电流从正极流入，负极流出；接反后电路则不会形成通路．（2）让二极管的两个接线柱接在蓄电池的正负极上，会发光，表示接二极管正极的为电源正极，另一个极则是负极．【解答】解：（1）因为甲图中的电流是从二极管的正极流入，负极流出的，所以甲图中的小灯泡发光，乙图中的小灯泡不发光．（2）电路图如图所示：判断方法：把二极管接入电路，若亮则靠近二极管正极的是蓄电池的正极，另一端是负极；若不亮则靠近二极管正极的是蓄电池的负极，另一端是正极．故答案为：（1）甲；（2）如图所示；把二极管接入电路，若亮则靠近二极管正极的是蓄电池的正极，另一端是负极；若不亮则靠近二极管正极的是蓄电池的负极，另一端是正极．【点评】认真审题，知道二极管的特性，分析清楚电路结构、根据实验目的与二极管特性设计实验，即可正确解题．一、不定项选择题（每题2分，共10分．有的小题只有1个正确选项，有的小题有2个正确选项，全部选对得2分，选对但不全得1分，有选错或者不答的得0分．）32．关于玻璃，下列说法正确的是()A．光从空气中斜射入玻璃中时，折射光线比入射光线更靠近法线B．加热玻璃，在其熔化过程中不断吸热，温度不变，内能增大C．玻璃与丝绸摩擦时，会因得到电子而带正电D．将玻璃加热到红炽状态时可以导电【考点】光的折射规律；晶体和非晶体的区别；摩擦起电的实质；导体和绝缘体的区别．【专题】应用题；其他综合题．【分析】A、光从空气斜射入玻璃，折射角小于入射角；B、玻璃是非晶体，非晶体在熔化过程中不断吸热，温度升高；C、摩擦起电的实质是电荷的转移，不是创造了电荷；D、导体和绝缘体之间没绝对的界限，条件变化，绝缘体也可以成为导体．【解答】解：A、光从空气中斜射入玻璃中时，折射角小于入射角，折射光线比入射光线更靠近法线，A正确；B、玻璃不是晶体，加热玻璃时，不会出现晶体熔化的现象，玻璃温度会持续升高，内能增大，B错误；C、玻璃与丝绸摩擦时，会因失去电子而带正电，C错误；D、玻璃在加热到红炽状态时会变成导体导电，故D正确．故选AD．【点评】本题主要考查了光的折射规律、晶体和非晶体的区别、摩擦起电的实质、导体和绝缘体的区别等，都属基础性知识．33．质量和初温均相同的水和某种液体，盛放在相同的两容器中，用规格相同的电热丝加热，如图所示，现记录了每隔2min时水和某种液体的温度（如表）．设电热丝放热全部被水和液体吸收，水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），则下列说法正确的是：()A．该液体的比热容为3.15×103J/（kg•℃）B．该液体的比热容为5.6×103J/（kg•℃）C．相同时间内水吸收的热量大于该液体吸收的热量D．相同时间内水吸收的热量小于该液体吸收的热量【考点】控制变量法与探究性实验方案．【专题】比热容、热机、热值．【分析】用两只同样的加热器加热，说明水和液体吸收的热量相同，分别给质量相等、初温相同的水和某种液体同时加热，由表格数据可知两种液体的温度变化△t水和△t液，根据Q=cm△t求该液体的比热容和水的比热容之间的大小关系，从而求出该液体的比热容．【解答】解：用两只同样的加热器加热，两容器也相同，说明水和液体吸收的热量相同，故C、D错；取两种液体都加热了2分钟为研究对象，Q水=Q液，∵Q水=c水m△t水，Q液=c液m△t液，∴c水m△t水=c液m△t液，即：4.2×103J/（kg•℃）×m×6℃=c液×m×8℃，解得：c液=3.15×103J/（kg•℃），故A正确、B错误．故选A．【点评】要能够利用表中数据发现温度的变化值，知道利用相同加热器、加热相同时间说明吸收的热量相同是此题的关键．34．如图，是一种自动测定油箱内油面高度的装置，R是绕O点转动的变阻器，它的金属滑片P是杠杆的一端，下列说法正确的是()A．R、R0在电路中是并联的B．油量表是由电流表改装而成的C．油位越高，流过R的电流越大D．油位越高，R两端的电压越大【考点】电路的动态分析．【专题】应用题；电路变化分析综合题．【分析】根据电压表并联在电路中，电流表串联在电路中，油量表和滑动变阻器并联，可以判断油量表是电压表．油面越高，浮子上升，滑片上移，滑动变阻器连入电路的电阻越大，电流越小．串联电路中电阻起分担电压的作用，电阻越大，分担的电压越大，油面越高，浮子上升，滑片上移，滑动变阻器连入电路的电阻越大，由此分析即可．【解答】解：由电路图所示，电阻R0与滑动变阻器R串联，油量表与电阻R并联，所以油量表是由电压表改装而成的，油位越高，由杠杆原理可知，滑片越往上滑，电阻R连入阻值变大，所以电路中电流变小，流过R的电流越小，R两端的电压越大．故ABC错误，D正确．故选D．【点评】本题根据油量表并联在电路中，可以判断油量表是电压表；根据串联电路中电阻越大分担的电压越大，可以判断电压表的示数变大；根据欧姆定律，电压不变，电阻越大，电路中的电流越小．35．如图所示的电路中，小灯泡L1和L2都标有“3V0.25A”的字样，电源由2节新干电池串联而成．当开关S闭合后，下列说法不正确的是()A．L1和L2都能发光B．电路将发生短路C．去掉导线b，能使L1和L2正常发光D．只要移动一条导线的一个接线头，就能使L1和L2并联【考点】电路的基本连接方式．【专题】图析法；电流和电路．[来源:学科网]【分析】通路包括串联电路和并联电路，串联电路中电流只与一条路径，并联电路中电流有多条流通路径；短路是指电流不经过用电器的电路．【解答】解：（1）由题可知，当开关闭合后，电源将短路，故A错误、B正确；（2）去掉导线b，电源电压为3V，两灯串联，灯泡两端电压达不到3V的额定电压，不能正常发光，只要移动一条导线的一个接线头，就能使L1和L2并联，故C错误、D正确．故选BD．【点评】本题考查识别串并联电路的能力，会区分电路的三种状态，并会根据要求设计电路．36．如图所示，闭合电键K，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，则()A．电流表的示数变大，电流表与电压表示数的比值变大B．电流表的示数变小，电流表与电压表示数的比值变小C．电流表的示数不变，电流表与电压表示数的比值不变D．电流表的示数变小，电流表与电压表示数的比值变大【考点】欧姆定律的应用．【专题】应用题．【分析】分析清楚电路结构，画出等效电路图，滑动变阻器滑片移动时，根据电压表与电流表所测的量，判断电压表与电流表示数如何变化．【解答】解：（1）由电路图知，闭合开关电阻R1与R2并联，电流表测流过电阻R1的电流，电压表测电阻R1的电压，即电源电压；（2）滑动变阻器的滑片P向右移动时，电阻R1两端电压U不变，则电压表的示数不变；（3）电阻R1阻值不变，由I1=知流过电阻R1的电流不变，电流表示数不变；（4）电压表示数U与电流表示数I1之比=R1不变；故选C．【点评】本题是一道闭合电路的动态分析题，分析清楚电路结构，确定电压表与电流表测哪部分电压与电流，是正确解题的前提与关键．二、综合题37．如图1所示电路电源两端电压不变，R1是电阻箱，R2是定值电阻．当开关S闭合后，逐步改变电阻箱接入电路的电阻值，根据记录到的电压表与电流表示数，绘制的图象如图2所示．（1）请你根据图象