2020年高考物理全真模拟押题卷(新课标Ⅲ)押题卷02(解析版)

.(14分)如图所示，边界MN、PQ间有竖直向下的匀强电场、 PQ、EF间有垂直于纸面向里的匀强磁场，一质量为m,电荷量为q的粒子从边界MN上的。点以水平初速度vo射入电场，结果从PQ上的A点进入磁场，且粒子在磁场中运动的时间为泰，MN和PQ间、PQ和EF间的距离均为L,。到A的竖直距离为不计粒子的重力。求：电场强度E与磁感应强度B。mv(2 2mv0【答案】E-- ；B——0粒子在电场中做类平抛运动,水平方向匀速运动L v0t粒子在电场中做类平抛运动,水平方向匀速运动L v0t, (1)TOC\o"1-5"\h\z，一，L1 2竖直万向一一at (2)2 2根据牛顿第二定律qEma (3)2mvo(1)(2)(3)解得E (4)qL

TOC\o"1-5"\h\z粒子离开电场时竖直速度vyatqE—v0 (5)mVo在A点的速度v、;‘v2vyJ2Vo (6)粒子进入磁场时速度与水平方向的夹角为 ，在磁场中的圆心角为a则, vy,tan—1,一；一, (7)vo 4 2粒子在磁场中做匀速圆周运动其运动周期为 T" (8)qB设的圆心角为%则粒子在磁场中的运动时间为：根据t——T— (9)2qB(10)粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径为 R,根据几何关系有R(10)2由洛伦兹力公式及牛顿第二定律： qvBmv-得2由洛伦兹力公式及牛顿第二定律： qvBmv-得RRmvqB(11)(12)2mvo

qL(12)【参考评分标准：(7)(11)式各2分其余每式1分】25.(18分)如图所示，质量M=0.4kg的长木板静止在光滑水平面上， 其右侧与固定竖直挡板间的距离 L=0.5m,某时刻另一质量m=0.1kg的小滑块(可视为质点)以v°=2m/s的速度向右滑上长木板，一段时间后长木板与竖直挡板发生碰撞，碰撞过程无机械能损失。已知小滑块与长木板间的动摩擦因数 科=0.2,重力加速度g=10m/s2,小滑块始终未脱离长木板。求：(1)自小滑块刚滑上长木板开始，经多长时间长木板与竖直挡板相碰;(2)长木板碰撞竖直挡板后，小滑块和长木板相对静止时，小滑块距长木板左端的距离。【答案】(1)1.65s(2)0.928m【解析】 (1)小滑块刚滑上长木板后，小滑块和长木板水平方向动量守恒TOC\o"1-5"\h\zmv0(mM)v1 (1)得v14m/s ⑵对长木板：mgMa (3)得长木板的加速度a0.5m/s2 (4)自小滑块刚滑上长木板至两者达相同速度 v1at1 (5)得t10.8s (6)，.一一1 9长木板位移x—at| (7)2得x0.16mL0.5m (8)两者达相同速度时长木板还没有碰竖直挡板。Lxv1t2 (9)得120.85s (10)tt1t21.65s (11)(2)长木板碰竖直挡板后，小滑块和长木板水平方向动量守恒mv1Mv1(mM)v2 (12)最终两者的共同速度v2 0.24m/s (13)2 1 2mgs-mv0一(mM)v2 (14)2小滑块和长木板相对静止时，小滑块距长木板左端的距离 s0.928m。 (15)

【参考评分标准：正确得出（1）（12）（14）各得2分，其余格各式每式1分】（二）选考题：共15分。请考生从2道物理题中任选一题作答。如果多做，则按所做的第一题计分。.【物理——选修3-1（15分）（5分）如图所示，在斯特林循环的 p-V图像中，一定质量理想气体从状态 a依次经过状态b、c和d后再回到状态a,整个过程由两个等温和两个等容过程组成。 下列说法正确的是。（填正确答案标号。选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。每选错1个扣3分，最低得分为0分）00A.从a到b,气体的温度一直升高B.从b到c,气体与外界无热量交换C.从c到d,气体对外放热D.从d到a,单位体积中的气体分子数目增大E.从b到c气体吸收的热量与从 d到a气体放出的热量相同（10分）如图所示，内壁光滑的固定导热气缸竖直放置，内部横截面积为 S,上部A、B间有多个较宽缝隙与外部相通，缝隙下端 B与气缸底部D的距离为H。现用一质量为m,厚度不计的活塞封闭一定量的气体，稳定时活塞所处位置 C距气缸底部D的距离为3Ho已知此时封闭气体的热力4学温度为T。，外部的大气压强为Po,当地重力加速度为go现对封闭气体缓慢加热，求：B点时封闭气体的热力学温度多大;B点时封闭气体的热力学温度多大;:继续缓慢加热一段时间，封闭气体温度达 2T0时停止加热，再经一段时间后封闭气体恢复至原来的温度T0,此时若将活塞缓慢拉离气缸，拉离过程中封闭气体的温度看做不变，至少应施加多大的拉力。【答案】(1)ACD(2)：-T0 :p0Smg3 2【解析】 (1)从a到b,体积不变，压强增大，温度一直升高， A正确；从b到c,温度不变，内能不变，压强减小，体积增大，对外做功，气体从外界吸收热量， B错误；从c到d,体积不变，压强减小，温度降低，内能减小，气体对外放热， C正确；从d到a,温度不变，压强增大，体积减小，单位体积中的气体分子数目增大，D正确；从b到c气体吸收的热量等于气体对外做的功，从d到a气体放出的热量等于外界对气体做的功，两个过程体积变化相同，但压强不同，做的功不同，所以从 b到c气体吸收的热量与从d到a气体放出的热量不同， E错误。故选ACD。(2)活塞上升过程封闭气体压强不变，由盖吕萨克定律:3HSHS(2)活塞上升过程封闭气体压强不变，由盖吕萨克定律:3HSHS4To T(1)TOC\o"1-5"\h\zr 4得此时封闭气体的热力学温度T-T0 (2)3:刚停止加热时， PiSPoSmg (3)将活塞拉离气缸至 B处时所需拉力最大，此时和刚停止加热时体积相同，将活塞拉离气缸至 B处时：p2sFPoSmg (4)由查理定律：-p-匹 (5)2ToTo联立得至少应施加的拉力F P0smg。 (6)2【参考评分标准：(1)(3)(4)(5)每式2分；(2)(6)每式1分】.【物理——选修3-4(15分)(5分)如图所示，一列振幅为10cm的简谐横波，其传播方向上有两个质点 P和Q,两者的平衡位置相距3m。某时刻两质点均在平衡位置且二者之间只有一个波谷， 再经过0.3s,Q第一次到达波峰。则下列说法正确的是。(填正确答案标号。选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。每选错1个扣3分，最低得分为0分)A.波的传播方向一定向右B.波长可能为2mC.周期可能为0.24sD.波速可能为15m/sE.0.3s内质点P的位移大小为10cm（2）（10分）如图所示的直角三角形 ABC是柱形玻璃砖的横截面， ：A=30°,:B=90°,BC的长为L,BC所在的玻璃砖面镀银， E为BC边的中点。一束平行于AB的光束从AC边上的某点射入玻璃砖，进入玻璃砖后，在BC边上的E点被反射，EF是该反射光线，且EF恰与AC平行。求：（:玻璃砖的折射率;（:该光束从AC边上射入玻璃砖后在玻璃砖中传播的时间 （光在真空中的速度为 c）。(1)BDE(1)BDE【解析】 （1）某时刻P、Q两质点均在平衡位置且二者之间只有一个波谷，故存在以下三种情况:由于不知道质点P、Q的振动情况，故无法判断波的传播方向， A错误；当P、Q之间波的形式如图b所示，则有*3m,故有上2m,B正确；质点Q第一次到达波峰可能经历[=0.3s或3T=0.3s,故周期T=1.22 4 4s或T=0.4s,C错误；图a、b、c中波的波长分别为K=3m、次=2m、为=6m,当周期T=1.2s时，波速速Va=2.5m/s、Vb=|m/s>vc=5m/s；

3当T=0.4s时，波速va'=7.5m/s,Vb'=5m/s,vc'=15m/s,D正确;经过0.3s,质点Q第一次到达波峰，图a中质点P到达波峰，图b中质点P到达波谷，图c中质点P到达波谷，故0.3s内质点P的位移大小为10cm,E正确。(2)(:作出光路图如图,由几何关系可知，光线在AC面上的入射角为60。，折射角为30。,sin60小则折射率n由几何关系可知，光线在AC面上的入射角为60。，折射角为30。,sin60小则折射率n 33。sin30一一一…-1 1(:因为发生全反射的临界角为 sinC一下,n .3一.1 1 .3因