2020年湖北省随州市中考物理试卷

第第页，共18页(4)热值是燃料的一种特性，热值的大小只与燃料的种类有关。本题考查了能源的分类、改变内能的方法、燃料的热值、分子的热运动，都是基础知识,难度不大。.【答案】D【解析】解:A、惯性大小只跟物体的质量有关， 该物块整个运动过程中质量不变， 其惯性大小不变,即该物块在CD段的惯性与AB段的惯性一样大，故A错误。B、根据v=可得，该物块通过AB段所用时间：tAB=；"=^'=5s,通过CD段所用时间：tcD=^=：：；=2s,则该物块通过AB段和CD段所用的时间之比为： 考=5:2,故B错误。CD、物块在AB段和CD段均做匀速运动，受力平衡，则在AB段、CD段所受拉力分别为FAB=fAB=1N,FCD=fCD=2N,则拉力F在AB段所做白功：Wab=FabXsAB=1NX10m=10J,拉力F在CD段所做的功：Wcd=FcdXScd=2NM0m=20J,拉力F在CD段做功的功率为：Pcd=',=?=10W,故D正确，C错误。故选：Do(1)惯性大小只跟物体的质量有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系，质量越大，惯性越大。(2)已知路程和速度，利用速度公式计算该物块通过 AB段和CD段所用的时间之比。(3)利用二力平衡条件得出物块在 AB段、CD段受到的拉力，然后利用 W=Fs和P='计算对应的功和功率。此题考查惯性大小的影响因素、速度公式及其应用、功和功率的计算、二力平衡条件的应用等，涉及到的知识点多，综合性强，且难度适中，属于中考常见题型。.【答案】C【解析】解：A、家庭电路中的保险丝熔断，可能是家庭电路中发生了短路，也可能是电路中总功率过大，故A正确；B、三孔插座地线直接接三孔插座的上孔，零线直接接三孔插座的左孔，火线首先接保险丝，然后再进入右孔，故B正确；C、通过灯L的电流没有通过bc段导线，所以bc段断路灯L一样能发光，故C错误；D、若在a、b间接入一个灯泡Li,这盏灯与灯L是并联的，故D正确。故选：Co(1)保险丝熔断的原因是电路中电流过大，电流过大的原因是短路或电路中总功率过大；(2)家用电器的三脚插头中有两个脚接用电部分，另一个较长的脚跟用电器的金属外壳连接，三脚插头与三孔插座相连接时，把有金属外壳的用电器的外壳与地线相接；因用电器漏电时，会使外壳带电，若接上地线，电流就通过地线，流入大地，以防止触电事故的发生；(3)灯泡L发光，必须是一个完整的闭合回路；(4)串联电路电流只有一条路径，电流依次经过各用电器从正极回到电源负极；并联电路电流有多条路径，分别经过各用电器从电源正极回到负极。本题考查了学生识别串、并联电路的能力和安全用电的相关知识本题， 考查的知识点比较多，主要考查学生对所学物理知识的灵活运用能力，相对比较简单。.【答案】D【解析】解：(1)重物A的重力：GA=mAg=80kgX10N/kg=800N不计绳重和摩擦，滑轮组的机械效率 刀能=='—=；，：=80%,解得动滑轮重力：G动=200N,故①正确；(2)工人对重物A做的有用功：W有用=Gh=800NX1m=800J,由刀；，一二80%可得工人对绳的拉力做功(总功)：■T1W总二/二黯1000J,故②正确；(3)重物匀速上升过程中，质量不变、速度不变，动能不变；质量不变、高度增大，重力势能增大，它的机械能增大，故③正确；(4)若增大重物A的质量，重物的重力增大，滑轮组的机械效率增大，同时工人的拉力增大，工人的最大拉力：F最大二G人二m人g=60kgM0N/kg=600N,由图知，n=3,不计绳重和摩擦，最大拉力 F最大二:(G最大+G动)，提升的最大物重：G最大=3F最大-G动=3X600N-200N=1600N,因为不计绳重和摩擦，滑轮组的最大机械效率 刀三尸二；二,..皆彳，所以最大机械效率：%tI160UN刀最大二.—n="nx丽匚下而^〜88.9%所以，该工人用此滑轮组匀速拉起重物时，机械效率不可能达到 90%,故④正确。故①②③④正确。故选：Do(1)知道重物A的质量，利用G二mg求其重力；不计绳重和摩擦，滑轮组的机械效率,耳二冰穹二中有，据此求动滑轮重力；(2)利用W二Gh求工人对重物A做的有用功，利用刀3,求工人对绳的拉力做功(总功)；(3)重物匀速上升过程中，质量不变、速度不变、高度增大，据此分析机械能变化；(4)若增大重物A的质量，重物的重力增大，滑轮组的机械效率增大，同时工人的拉力增大，工人的最大拉力等于工人的重力，由图知， n=3,不计绳重和摩擦，最大拉力F最大二；(G最大+G动)，据此求提升的最大物重；不计绳重和摩擦，滑轮组的最大机械效率予二学二/M二疏暮，据此求最大机械效率。本题考查了使用滑轮组时有用功、总功、机械效率的计算，注意利用好关系式：不计绳|WjgILII-重和摩擦，滑轮组的机械效率 刀中：二证力二不%7，10.【答案】C【解析】解：由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。A.当变阻器滑片向右滑动时，接入电路中的电阻变大，电路的总电阻变大，由I=；可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，由U=IR可知，灯泡两端的电压变小，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压变大，即电压表的示数变大，故A正确；B.因串联电路中总电压等于各分电压之和，且灯泡正常发光，所以，滑动变阻器两端的电压：U滑=U-Ul=4.5V-3V=1.5V,因串联电路中各处的电流相等，所以，由P=UI可得，电路中的电流：I=IV」票=0.5A，则滑动变阻器接入电路中的电阻：U»I5^R滑=4=丽=3a，故B正确；JrV-siJZiC.当电压表示数为3V时，由串联电路的分压特点可知，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路的总电阻最大，由P=UI=L可知，电路的总功率最小，故C错误;D.灯泡的电阻：叱记=痂=6口，当滑动变阻器连入电路的阻值为 9◎时，电路中的电流：IwI加I'=3'卜^tt^=0.3A，灯泡的功率：Pl'=(I')2Rl=(0.3A)2X6Q=0.5Wf,故D正确。故选：Co由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。(1)当变阻器滑片向右滑动时，接入电路中的电阻变大，电路的总电阻变大，根据欧姆定律可知电路中的电流变化和灯泡两端的电压变化， 根据串联电路的电压特点可知滑动变阻器两端的电压变化；(2)根据串联电路的电压特点求出灯泡正常发光时滑动变阻器两端的电压，根据串联电路的电流特点和p=ui求出电路中的电流，利用欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的电阻；(3)当电压表示数为3V时，由串联电路的分压特点可知， 滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路的总电阻最大，根据 P=UI=；求出电路的总功率最小；(4)根据欧姆定律求出灯泡的电阻，当滑动变阻器连入电路的阻值为 9◎时，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，利用 p=ui=i2r求出灯泡的功率。本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、 电功率公式的综合应用，要注意灯泡正常发光时的电压和额定电压相等。.【答案】否；人处于静止状态，受力是平衡的；当人对短板施加的力与人的重力不是平衡力的时候，人受力不平衡，所以会掉下来 人体悬浮时，处于静止状态，受到竖直向下的重力和竖直向上的支持力的共同作用，这两个力是一对平衡力【解析】解：(1)根据图甲可知，此时的人处于静止状态，受力是平衡的；乙图中，当人对短板施加的力与人的重力不是平衡力的时候，人受力不平衡，所以会掉下来，这两种情况都符合物理规律；(2)图丙、丁中人体悬浮时，处于静止状态，受到竖直向下的重力和竖直向上的支持力的共同作用，这两个力是一对平衡力，大小相等、方向相反、同一直线，作用在同一个物体上。故答案为：(1)否；人处于静止状态，受力是平衡的；当人对短板施加的力与人的重力不是平衡力的时候，人受力不平衡，所以会掉下来；(2)人体悬浮时，处于静止状态，受到竖直向下的重力和竖直向上的支持力的共同作用，这两个力是一对平衡力。物体处于静止状态或匀速直线运动状态时，受力是平衡的，据此分析。本题考查了二力平衡条件的应用，属于基础知识，要掌握二力平衡的条件。.【答案】解：①光斜射向AD面时，过入射点先作法线，光由空气斜射入玻璃中时，折射角小于入射角，由此在法线右侧的玻璃中画出折射光线；②经过折射光线射到AB面时发生光的反射，先过入射点作法线，根据反射角等于入射角作出反射光线；同理作出光射到 BC面的反射光线；③经BC反射的光线射到AD面上时，再次发生折射，过入射点作法线，光由玻璃斜射入空气中时，折射角大于入射角，由此在法线左侧空气中作出最终从 AD面射出的光线。如图所示：【解析】(1)发生光的反射时：反射光线与入射光线、法线在同一平面上；反射光线和入射光线分居在法线的两侧；反射角等于入射角；(2)发生光的折射时：折射光线与入射光线、法线在同一平面上，光从空气斜射入水中或其他介质中时，折射光线向法线偏折，入射角大于折射角；光从水或其他介质斜射入空气中时，折射光线远离法线偏折，折射角大于入射角。本题考查根据光的反射和折射定律作图， 关键是知道反射角、折射角与入射角的大小关系。.【答案】解：小明在竖直方向上受到重力和摩擦力， 因为他在竖直的爬杆上匀速下滑， 竖直方向上受力平衡，重力方向竖直向下，所以摩擦力方向竖直向上，且两力大小相等，由此画出人在竖直方向上受力示意图，如图所示：【解析】先分析小明在爬杆上匀速下滑时竖直受到的各力，再画出受力的示意图。本题考查力的示意图的画法，关键是正确分析出人在竖直方向所受到的力。.【答案】解：由图可知，磁体的左端为N极，右端为S极；将滑片P向右滑动的过程中，螺线管右侧的磁体所受的吸引力会变大，根据异名磁极相互吸引可知，螺线管的右端为S极、左端为N极；磁感线是从N极出来，回到S极的；吸引力变大，表明螺线管的磁性变强，电路中的电流变大，根据欧姆定律可知，滑动变阻器的电阻减小，所以应接右下方的接线柱；根据螺线管的极性和安培定则可知， 螺线管中电流的方向是向上的；绕法如图所示：【解析】同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，根据右侧的磁体所受的吸引力会变大判定螺线管磁性的变化；螺线管磁性的大小与电流大小有关，电流越大，磁性越强；根据安培定则判定螺线管的绕线方法。安培定则共涉及三个方向：电流方向、磁场方向、线圈绕向，告诉其中的两个可以确定第三个。.【答案】水蒸气遇冷液化石棉网的温度比水高，水可以继续吸热【解析】解：（1）实验中随着水的温度升高，汽化加快，水蒸气遇到温度较低的温度计放热液化，形成小水滴附着在温度计上；（2）撤去酒精灯后，水仍能继续沸腾一小段时间，其原因是石棉网的温度比水高，水可以继续吸热；（3）水的质量不会影响沸点；实验装置相同，水在相同时间吸收的热量相同，水的初温相同，由 Q吸=cm△t可知，水的质量越少，升温越快，故b小组水的初温、沸点与a组相同，升温快，加热到沸腾的时间短，图象如下：故答案为：（1）水蒸气遇冷液化；（2）石棉网的温度比水高，水可以继续吸热；（ 3）如上图。(1)物质由气态变为液态叫液化，液化放热；(2)液体沸腾时需要不断吸热，但温度保持不变；(3)在装置相同的情况下，质量不同，水升温快慢不同。此题主要是探究水的沸腾实验， 在做“观察水沸腾”的实验时， 应能熟练装配实验的装置，并能分析实验条件对其结果的影响，同时要学会分析温度随时间变化的图象。.【答案】点燃投影仪远视眼镜【解析】解：(1)根据凸透镜成像规律中实验的要求，必须让三者中心放在同一高度上，使其成像在光屏的中心；只有先将蜡烛点燃，才可以确定烛焰的中心，所以点燃蜡烛应在调整高度之前；(2)由图知，像距大于物距，此时成倒立放大的实像，投影仪根据这个原理制成；(3)把光屏向左移动一小段距离，要想在光屏上再次得到清晰的像，应使像向左移动，则需在凸透镜和蜡烛之间放置适当的凸透镜；远视眼就是利用这种透镜矫正的；故答案为：(1)点燃；(2)投影仪；(3)远视眼镜(1)要知道凸透镜成像规律实验的要求，首先必须将烛焰、凸透镜、光屏三者的中心放在同一高度上，只有先将蜡烛点燃，才可以确定烛焰的中心；(2)根据像距和物距的大小关系确定成像的特点，像距大于物距，成倒立放大的实像，投影仪根据这个原理制成；(3)根据凸透镜和凹透镜对光线的作用进行分析。此题是探究凸透镜成像的规律， 主要考查了实验的探究过程及成像规律的应用。 此题看似复杂，其实只要用心，仔细审题，并不难。17.【答案】减小杠杆自重的影响 只测量了一组数据便得出结论，结论具有片面性 核桃夹10【解析】解：(1)实验前，小红先将杠杆调至水平位置平衡，这样操作的目的是：杠杆所受重力的作用线通过支点，重力的力臂为零，重力对杠杆的转动不产生影响；(2)不合理，该同学只测量了一组数据便得出结论，结论具有片面性；(3)某次实验如图所示，杠杆平衡，动力臂大于阻力臂；我们在使用核桃夹时是为了省力，并且在使用的过程中动力臂大于阻力臂，所以它是省力杠杆；(4)根据杠杆的平衡条件，已知一个钩码重 0.5N,弹簧测力计的量程为5N,FX3L=6GXnL,F=2nG,P朋n=3G=lxO,5iV=5,实验前测得杠杆上相邻刻度线间的距离都等于 2cm,要保持杠杆平衡，则钩码到支点的距离不应超过5X2cm=10cm。故答案为：(1)减小杠杆自重的影响；(2)不合理；只测量了一组数据便得出结论，结论具有片面性；(3)核桃夹；(4)10。(1)实验前先要调节杠杆在水平位置平衡，这是为使杠杆所受的重力通过支点，从而可以不考虑杠杆的重力对其转动的影响；(2)杠杆的平衡条件是：动力匈力臂=阻力相力臂，在实验中，为得出普遍结论应改变实验条件，进行多次测量；(3)对物理模型的抽象、分析能力。判断杠杆的类型可结合生活经验和动力臂与阻力臂的大小关系来判断；(4)已知弹簧测力计的量程，根据杠杆的平衡条件可分析测力计示数的变化。本题考查探究杠杆的平衡条件实验，关键是将课本知识内容记忆清楚，仔细分析即可。18.【答案】D右3【解析】解：(1)电流表、电压表示数都不为零，所以电路没有发生断路，灯泡不亮可能是因为两端电压太低，电功率太小造成的，所以下一步的操作应该移动滑动变阻器的滑片， ABC错误，D正确；(2)第二组数据灯泡两端的电压增大，所以此时应该减小滑动变阻器的阻值，将滑片向右滑动；[t根据R二；分别代入数据可知Ri=4Q,R2=5Q,R3=4.8qR4=5.80根据灯丝电阻随温度升高而增大的特点，随灯泡两端电压的升高，灯丝的温度升高，灯丝的电阻应增大，由计算数据可知，R3错误，故第3次数据有问题；(3)当灯泡正常发光时，即要使灯泡电压为 3.8V,则滑动变阻器两端电压为6V-3.8V=2.2V〈3V,电压表“0〜15V”量程已损坏，只有“0〜3V”量程可用，所以把电压表并联在滑动变阻器的两端，移动滑动变阻器的滑片使电压表的示数为 2.2V时，即可进行实验。电路图如图所示：故答案为：(1)D;(2)右；3;(3)见上图。(1)灯泡不亮，可能发生断路、短路或由于电功率过小造成，根据电流表、电压表的情况确定实际情况，由于刚开始闭合开关时，滑动变阻器阻值最大，小灯泡的实际功率太小而不发光，这种情况在实验中常见，解决的方法就是移动滑片观察灯泡是否发光；(2)根据串分压的知识或欧姆定律判断电路中电阻的变化，从而可判断滑片的移动方向；(3)根据灯丝的电阻随温度的升高而增大的特点进行分析；(4)电源电压为6V,根据串联电路电压特点，当灯泡电压为 3.8V,滑动变阻器的电压为2.2VV3V,可以利用。〜3V量程测量滑动变阻器的电压。本题是一道实验综合题，主要考查了电路的连接、电路故障及实验数据的分析，这些都是实验题目中应该掌握的，难度适中。19.【答案】解：(1)1kg的水温度从20c升高到80c吸收的热量：Q=cmAt=4.2103J/(kg?C)MkgX(80C-20C)=2.52105J;(2)①两开关都闭合时，为R1的简单电路；②只闭合&时，两电阻串联，由串联电阻大于其中任一电阻，根据 P=：；,①为加热状态，②为保温状态，0加=小故R1=£=KXW=24.2只/ (230L/Y由串联电阻的规律， P保=ff+R,即80川=3-舟，故R2=580.8阿(3)饮水机正常工作时，加热效率为 84%,根据刀:；=卷，则将1kg的水从20c加热到80c需用多长时间：

2.S2N2.S2NJ07=150so答：(1)1kg的水温度从20c升高到80c吸收的热量为2.52M05J；(2)R2的阻值为580.8日(3)饮水机正常工作时，加热效率为84%,则将1kg的水从20c加热到80c需用150s。【解析】(1)根据Q=cm&得出水吸收的热量：(2)分析开关转换时电路的连接， 由串联电阻的规律和P=分析不同档位电路的连接，n根据P=：先求出R,再得出两电阻之和，从而得出 R2；Jr(3)加热效率为84%,根据刀。=。求出需用的加热时间。"11r如耳本题考查串联电路的规律及欧姆定律的运用和效率公式、 吸热公式的运用，为中考的热点问题。20.【答案】解：(1)由图象可知，当h=0时物体M处于空气中，弹簧测力计示数F1=24N,则物体M重力G=F［二24N;当h=10cm后，