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则h′(x)=a-eq\f(1,x),假设存在实数a,使h(x)=ax-lnx(x∈(0,e])有最小值3,(ⅰ)当a≤0时,h′(x)<0,所以h(x)在(0,e]上单调递减,h(x)min=h(e)=ae-1=3,a=eq\f(4,e),不符合题意.(ⅱ)当a>0时,①当0<a≤eq\f(1,e)时,eq\f(1,a)≥e,h′(x)<0在(0,e]上恒成立,所以h(x)在(0,e]上单调递减,h(x)min=h(e)=ae-1=3,a=eq\f(4,e),不符合题意.②当a>eq\f(1,e)时,0<eq\f(1,a)<e,当0<x<eq\f(1,a)时,h′(x)<0,h(x)在eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(0,\f(1,a)))上单调递减;当eq\f(1,a)<x<e时,h′(x)>0,h(x)在eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,a),e))上单调递增,所以h(x)min=heq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,a)))=1+lna=3,解得a=e2>eq\f(1,e).综上所述,
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