向量的数量积 一课一练-高一下学期数学人教A版(2019)必修第二册_第1页
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文档简介

6.2.4向量的数量积1.[2022·福建三明高一期末]在边长为2的正方形ABCD中,E为BC中点,则eq\o(AB,\s\up6(→))·eq\o(AE,\s\up6(→))=()A.2B.4C.2eq\r(5)D.52.[2022·山东东营高一期末]若向量a,b满足eq\b\lc\|\rc\|(\a\vs4\al\co1(a))=eq\b\lc\|\rc\|(\a\vs4\al\co1(b))=2,〈a,b〉=120°,则eq\b\lc\|\rc\|(\a\vs4\al\co1(a-b))=()A.4B.12C.2D.2eq\r(3)3.[2022·湖北武汉高一期末]已知|a|=2,|b|=3,a与b的夹角为135°,则a在b方向上的投影向量为________.4.已知|a|=4,|b|=2,且a与b的夹角为eq\f(2π,3),求:(1)a·b;(2)(a-2b)·(a+b).5.[2022·河北石家庄高一期末]已知在边长为6的等边三角形ABC中,eq\o(BD,\s\up6(→))=eq\f(1,2)eq\o(DC,\s\up6(→)),则eq\o(AD,\s\up6(→))·eq\o(AC,\s\up6(→))=()A.24B.6C.18D.-246.[2022·江苏苏州高一期中]已知平面向量a,b满足eq\b\lc\|\rc\|(\a\vs4\al\co1(a))=2,eq\b\lc\|\rc\|(\a\vs4\al\co1(b))=1,a·(a-b)=5,则向量a与b的夹角为()A.eq\f(π,6)B.eq\f(π,3)C.eq\f(2π,3)D.eq\f(5π,6)7.[2022·福建福州高一期末]设非零向量a,b,c是满足a+b+c=0,a⊥b,(2a-b)⊥c,若eq\b\lc\|\rc\|(\a\vs4\al\co1(a))=eq\r(2),则eq\b\lc\|\rc\|(\a\vs4\al\co1(b))=________.8.[2022·河北邢台高一期末]已知向量a,b满足(2a+b)·(a-2b)=2,且|a|=eq\r(2),|b|=2.(1)求a与b的夹角θ;(2)求eq\b\lc\|\rc\|(\a\vs4\al\co1(a+b)).9.[2022·广东珠海高一期末]已知eq\b\lc\|\rc\|(\a\vs4\al\co1(a))=eq\r(2),|b|=1,且a与a-2b相互垂直.(1)求向量a与向量b的夹角θ的大小;(2)求eq\b\lc\|\rc\|(\a\vs4\al\co1(a+b)).10.在△ABC中,eq\o(AB,\s\up6(→))=c,eq\o(BC,\s\up6(→))=a,eq\o(CA,\s\up6(→))=b,且a·b=b·c=c·a,试判断△ABC的形状.11.(多选)[2022·山东滨州高一期末]已知a,b,c是任意的非零向量,则下列结论正确的是()A.eq\b\lc\|\rc\|(\a\vs4\al\co1(a+b))≤eq\b\lc\|\rc\|(\a\vs4\al\co1(a))+eq\b\lc\|\rc\|(\a\vs4\al\co1(b))B.a·b≤eq\b\lc\|\rc\|(\a\vs4\al\co1(a))·eq\b\lc\|\rc\|(\a\vs4\al\co1(b))C.若eq\b\lc\|\rc\|(\a\vs4\al\co1(a))=eq\b\lc\|\rc\|(\a\vs4\al\co1(b)),则a=bD.若eq\b\lc\|\rc\|(\a\vs4\al\co1(a+b))=eq\b\lc\|\rc\|(\a\vs4\al\co1(a-b)),则a⊥b12.设两个向量e1,e2满足|e1|=2,|e2|=1,e1,e2的夹角为60°,若向量2te1+7e2与e1+te2的夹角θ为钝角,求实数t的取值范围.答案:1.解析:由题设,eq\o(AB,\s\up6(→))·eq\o(AE,\s\up6(→))=|eq\o(AB,\s\up6(→))||eq\o(AE,\s\up6(→))|cos∠BAE=|eq\o(AB,\s\up6(→))|2=4.故选B.答案:B2.解析:由eq\b\lc\|\rc\|(\a\vs4\al\co1(a))=eq\b\lc\|\rc\|(\a\vs4\al\co1(b))=2,〈a,b〉=120°,可得a·b=eq\b\lc\|\rc\|(\a\vs4\al\co1(a))·eq\b\lc\|\rc\|(\a\vs4\al\co1(b))cos〈a,b〉=2×2×coseq\f(2π,3)=-2,所以eq\b\lc\|\rc\|(\a\vs4\al\co1(a-b))=eq\r((a-b)2)=eq\r(a2+b2-2a·b)=eq\r(\b\lc\|\rc\|(\a\vs4\al\co1(a))2+\b\lc\|\rc\|(\a\vs4\al\co1(b))2-2a·b)=eq\r(4+4-2×(-2))=2eq\r(3).故选D.答案:D3.解析:因为a在b方向上的投影为eq\b\lc\|\rc\|(\a\vs4\al\co1(a))cos135°=-eq\r(2),与b同向的单位向量为eq\f(b,\b\lc\|\rc\|(\a\vs4\al\co1(b)))=eq\f(1,3)b,所以a在b方向上的投影向量为-eq\f(\r(2),3)b.答案:-eq\f(\r(2),3)b4.解析:(1)由平面向量数量积的定义可得a·b=|a|·|b|coseq\f(2π,3)=4×2×(-eq\f(1,2))=-4;(2)(a-2b)·(a+b)=a2-a·b-2b2=|a|2-a·b-2|b|2=42+4-2×22=12.5.解析:因为eq\o(BD,\s\up6(→))=eq\f(1,2)eq\o(DC,\s\up6(→)),所以eq\o(BD,\s\up6(→))=eq\f(1,3)eq\o(BC,\s\up6(→))=eq\f(1,3)(eq\o(AC,\s\up6(→))-eq\o(AB,\s\up6(→))),所以eq\o(AD,\s\up6(→))=eq\o(AB,\s\up6(→))+eq\o(BD,\s\up6(→))=eq\o(AB,\s\up6(→))+eq\f(1,3)(eq\o(AC,\s\up6(→))-eq\o(AB,\s\up6(→)))=eq\f(2,3)eq\o(AB,\s\up6(→))+eq\f(1,3)eq\o(AC,\s\up6(→)).因为等边三角形ABC的边长为6,所以eq\o(AC,\s\up6(→))·eq\o(AB,\s\up6(→))=6×6cos60°=18,所以eq\o(AD,\s\up6(→))·eq\o(AC,\s\up6(→))=(eq\f(2,3)eq\o(AB,\s\up6(→))+eq\f(1,3)eq\o(AC,\s\up6(→)))·eq\o(AC,\s\up6(→))=eq\f(2,3)eq\o(AB,\s\up6(→))·eq\o(AC,\s\up6(→))+eq\f(1,3)eq\o(AC,\s\up6(→))2=eq\f(2,3)×18+eq\f(1,3)×36=24,故选A.答案:A6.解析:因为eq\b\lc\|\rc\|(\a\vs4\al\co1(a))=2,eq\b\lc\|\rc\|(\a\vs4\al\co1(b))=1,a·(a-b)=5,所以a·(a-b)=a2-a·b=eq\b\lc\|\rc\|(\a\vs4\al\co1(a))2-a·b=5,所以a·b=-1,设向量a与b的夹角为θ,则cosθ=eq\f(a·b,\b\lc\|\rc\|(\a\vs4\al\co1(a))·\b\lc\|\rc\|(\a\vs4\al\co1(b)))=eq\f(-1,1×2)=-eq\f(1,2),因为θ∈eq\b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\co1(0,π)),所以θ=eq\f(2π,3).故选C.答案:C7.解析:因为a+b+c=0,可得c=-(a+b),又因为a⊥b,(2a-b)⊥c,且eq\b\lc\|\rc\|(\a\vs4\al\co1(a))=eq\r(2),可得(2a-b)·c=(2a-b)·eq\b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\co1(-(a+b)))=-2a2-a·b+b2=-2×(eq\r(2))2-0+eq\b\lc\|\rc\|(\a\vs4\al\co1(b))2=0,解得eq\b\lc\|\rc\|(\a\vs4\al\co1(b))2=4,所以eq\b\lc\|\rc\|(\a\vs4\al\co1(b))=2.答案:28.解析:(1)由(2a+b)·(a-2b)=2a2-3a·b-2b2=4-3×eq\r(2)×2cosθ-8=2,得cosθ=-eq\f(\r(2),2),因为θ∈[0,π],所以θ=eq\f(3π,4).(2)由题意得|a+b|=eq\r(a2+2a·b+b2)=eq\r(2-4\r(2)×\f(\r(2),2)+4)=eq\r(2).9.解析:(1)由题意,a·(a-2b)=a2-2a·b=0,所以2-2eq\r(2)cosθ=0,可得cosθ=eq\f(\r(2),2),而0≤θ≤π,所以θ=eq\f(π,4).(2)由eq\b\lc\|\rc\|(\a\vs4\al\co1(a+b))2=a2+2a·b+b2=2+2+1=5,所以eq\b\lc\|\rc\|(\a\vs4\al\co1(a+b))=eq\r(5).10.解析:在△ABC中,易知eq\o(AB,\s\up6(→))+eq\o(BC,\s\up6(→))+eq\o(CA,\s\up6(→))=0,即a+b+c=0,因此a+c=-b,a+b=-c,从而eq\b\lc\{(\a\vs4\al\co1((a+b)2=(-c)2,,(a+c)2=(-b)2,))两式相减可得b2+2a·b-c2-2a·c=c2-b2,则2b2+2(a·b-a·c)=2c2,因为a·b=c·a=a·c,所以2b2=2c2,即|b|=|c|.同理可得|a|=|b|,故|eq\o(AB,\s\up6(→))|=|eq\o(BC,\s\up6(→))|=|eq\o(CA,\s\up6(→))|,即△ABC是等边三角形.11.解析:对A,eq\b\lc\|\rc\|(\a\vs4\al\co1(a+b))2=a2+b2+2a·b=eq\b\lc\|\rc\|(\a\vs4\al\co1(a))2+eq\b\lc\|\rc\|(\a\vs4\al\co1(b))2+2eq\b\lc\|\rc\|(\a\vs4\al\co1(a))·eq\b\lc\|\rc\|(\a\vs4\al\co1(b))·cos〈a,b〉≤eq\b\lc\|\rc\|(\a\vs4\al\co1(a))2+eq\b\lc\|\rc\|(\a\vs4\al\co1(b))2+2eq\b\lc\|\rc\|(\a\vs4\al\co1(a))·eq\b\lc\|\rc\|(\a\vs4\al\co1(b))=(eq\b\lc\|\rc\|(\a\vs4\al\co1(a))+eq\b\lc\|\rc\|(\a\vs4\al\co1(b)))2,当且仅当a,b同向时等号成立,所以eq\b\lc\|\rc\|(\a\vs4\al\co1(a+b))≤eq\b\lc\|\rc\|(\a\vs4\al\co1(a))+eq\b\lc\|\rc\|(\a\vs4\al\co1(b)),故A正确;对B,因为cos〈a,b〉≤1,所以a·b=eq\b\lc\|\rc\|(\a\vs4\al\co1(a))·eq\b\lc\|\rc\|(\a\vs4\al\co1(b))·cos〈a,b〉≤eq\b\lc\|\rc\|(\a\vs4\al\co1(a))·eq\b\lc\|\rc\|(\a\vs4\al\co1(b)),当且仅当a,b同向时等号成立,故B正确;对C,若eq\b

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