湖北省华师一附中2022年物理高三上期中综合测试模拟试题含解析

2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项12铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、一质量为m的木块静止在光滑的水平面上，从t=0开始，将一个大小为F的水平恒力作用在该木块上，在t=t1时刻，力F的功率为()1A．F2t1/2m B．F2t12/2m C．F2t1/m D．F2t2/m12、质量为m60kgg10m/s2，由图象可知t0.5s时他的加速度3m/s2t0.4s他处于超重状态t1.1s时他受到单杠的作用力的大小是620Nt1.5s时他处于超重状态3、一个质点做方向不变的直线运动，加速度的方向始终与速度方向相同，但加速度小逐渐减小直至为零。在此过程中（ ）A．速度逐渐减小，位移逐渐增大，当加速度减小到零时，速度达到最小值B．速度逐渐增大，位移逐渐增大，当加速度减小到零时，速度达到最大值C．速度逐渐减小，位移逐渐增大，当加速度减小到零时，位移将不再增大D．速度逐渐增大，位移逐渐减小，当加速度减小到零时，位移达到最小值4如图所示质量分别为m1=1kg、m2=2kg的滑块A和滑块B叠放在光滑水平地面上A和B之间的动摩擦因数μ=05拉力F作用在滑块A上拉力F从0开始逐渐增大到7N的过程中，下列说法正确的是（ ）AF＞5N时，A、BB．始终保持相对静止C．从一开始就发生了相对滑动D．开始相对静止，后来发生相对滑动5、下列不属于分子动理论内容的是A．物体熔化时会吸收热量B．物体是由大量分子组成的C．分子间存在着引力和斥力D．分子在做永不停息的无规则运动6ｍ（可视为质点30°的固定斜面，其运动的加速度大小为0.6g，该物体在斜面上上升的最大高度为ｈ，则在这个过程中物体的（g=10m/s2）A．整个过程中物体机械能守恒B．重力势能增加了0.5mghC．机械能损失了0.2mghD．动能损失了1.1mgh二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7p-V图线A→B等容,B→C等压,C→A等温,C三个状态时（）UA=UC>UB气体分子的平均速率vA>vB>vCC．气体分子对器壁单位面积的平均作用力FA>FB,FB=FCD．气体分子在单位时间内对器壁单位面积碰撞的次数是NA>NB,NA>NCE.单位体积内气体的分子数nA=nB=nC8、如图所示，一列向右传播简谐横波在t=0时刻恰好传到A点，波速大小v=0.6m/s，P质点的横坐标为x=1.26m，则下列说法正确的是( )20cm0.24m2.5Hz质点A的振动方程为﹣10sin5（c）DAE.P2s9、如图所示，在动摩擦因数μ＝0.2的水平面上，质量m＝2kg的物块与水平轻弹簧相连，物块在与水平方向成θ＝45°角的拉力F作用下处于静止状态，此时水平面对物块的弹力恰好为零．g取10m/s2，以下说法正确的是()A．此时轻弹簧的弹力大小为20NB．若剪断弹簧，则剪断的瞬间物块的加速度为0C8m/s2DF8m/s2，方向向左10、如图所示，足够长的倾斜传送带以v=2.4m/s的速度逆时针匀速转动，传送带与水平θ37AB（可视为质点AB0.042mμA=0.75μB=0.5，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取sin37=0.6，cos37=0.8，重力加速度g=10m/s2，则下列说法中正确的是（ ）B始终沿斜面向下做匀加速直线运动B最终一定能追上物块At=0.24s时，A、B物块速度大小相等t=5.4s前，A、B两物块之间的距离先增大后不变218出演算过程。1（6分）某物理兴趣小组的同学在研究弹簧弹力的时候，测得弹力的大小FL1所示，则：通过图像得到弹簧的劲度系N/m为了用弹簧测定两木块AB2乙两种方案。①为了用某一弹簧测力计的示数表示A和B之间的滑动摩擦力的大小，你认为方案 更合理。②甲方案中，若A和B的重力分别为10.0N和20.0N。当A被拉动时，弹簧测力计a的示数为4.0N，b的示数为10.0则A、B间的动摩擦因数为 。1（12分）如图甲所示为验证牛顿第二定律的实验装置示意图。平衡小车所受阻力的操作：取，把木板不带滑轮的一端垫高；接通电火花计时器电源，轻推小车，让小车拖着纸带运动。如果打出的纸带如图乙所示，则应 选填减小或增大木板的倾角，反复调节，直到纸带上打出的点迹 为止。如图丙所示为研究在外力一定的条件下，物体的加速度与其质量的关时所得的实验图象横坐标m为小车上砝码的质量设图中直线的斜率为在纵轴上的截距b，若牛顿第二定律成立，则小车受到的拉力，小车的质量为 。226必要的文字说明、方程式和演算步骤。1（10分）＝4105N/、方向水平向左q的匀强电场，在第Ⅱ象限内存在方向垂直纸面向里的匀强磁场．比荷m

＝2.5×109C/kgv0＝2×107m/sxAx求粒子在电场中运动的加速度大小；yO的距离；若要使粒子不能进入第Ⅲ象限，求磁感应强度B（次进入电场后的运动情况）1（16分如图所示，一位同学玩飞镖游戏。圆盘最上端有一P点，飞镖抛出时与PP点为。当飞镖以初速度v0垂直盘面瞄准P盘心O点的水平轴在竖直平面内匀速转动。忽略空气阻力，若飞镖恰好击中P点，求Pt圆盘转动角速度1（12分）如图所示，斜面倾角为，一质量为m=kg的木块恰能沿斜面匀速下（sin37=0.,cos37=0.，=10m/2）物体受到的摩擦力大小物体和斜面间的动摩擦因数？FF的大小．参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】F由牛顿第二定律可以得到，F=maa=1F F21

，t1

=Ft1m1

，所以t时刻F的功率为P=Fv=F tm1

tCC．m 12、B【解析】t=0.4st=1.1s.【详解】A、根据速度图象的斜率表示加速度可知，t=0.5s时，他的加速度为0.3m/s2，选项A错误；B、t=0.4s时他向上加速运动，加速度方向竖直向上，他处于超重状态，B正确；、t=1.1s0600、t=1.5s时他向上做减速运动，加速度方向向下，他处于失重状态，选项D错误；B.【点睛】根据速度时间图象斜率代表加速度的特点，可以计算3、B【解析】AB．一个质点做方向不变的直线运动，加速度的方向始终与速度方向相同，但加速度到最大值。故A错误，B正确；CD．由于质点做方向不变的直线运动，所以位移逐渐增大，当加速度减小到零时，速度不为零，所以位移继续增大。故CD错误。故选B。4、B【解析】BAB二定律求出刚好发生相对滑动时的拉力，从而判断出AB运动状态的关系．【详解】隔离对B分析，当A、B间静摩擦力达到最大值时，A、B刚要发生相对滑动，则：ms2ms2a m

2.52A再对整体：F=（mA

B+m）a=3×2.5N=7.5N．知当拉力达到7.5N时，A、B才发生相对滑B动．所以拉力F从0开始逐渐增大到7N的过程中，A、B始终保持相对静止．故ACD错误，B正确．故应选B．【点睛】据牛顿第二定律进行求解．5、A【解析】A．物体熔化时会吸收热量，不属于分子动理论内容，选项A符合题意；B．物体是由大量分子组成的，属于分子动理论内容，选项B不符合题意；C．分子间存在着引力和斥力，属于分子动理论内容，选项C不符合题意；D．分子在做永不停息的无规则运动，属于分子动理论内容，选项D故选A。6、C【解析】合外力做的功；机械能变化量等于除重力外其余力做的功．【详解】由牛顿第二定律得：mgsin30°+f=m×0.6g，解得摩擦力f=0.1mg，此过程有摩擦力做功，ABP故C正确。由动能定理可知，动能损失量为合外力做的功的大小，即：△E=Fk 合•s=mg•0.6•2h=1.2mgh，故D错误；故选C。【点睛】的力做功有关．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20530分。7、ACD【解析】C→ATA

TC

pTB

T，B则T TA

T，一定量理想气体的内能只与温度有关，因为T TB A

T，所以BU U UA正确.A C B因为T TA C

T，分子平均动能与温度有关，则分子的平均速率v vB A

v，故BB错误；由B可知，T TA C

T，分子的平均速率v vB A

v，气体分子在单位时间内对B器壁的平均作用力F FA B

F，故C正确；C由A、B可知，n nA B

nvC A

v，C状态分子数密度最小，单位时间撞击B器壁的分子数最少，ABA状态的分子平均速率大，单位时间A数N N N ，故D正确。A B C由图示图象可知，体积V VA B故E错误；8、BCE

V，则单位体积的分子数关系为：n nC A

n ，C【解析】A=10cmλ=0.24mA错误；由v=λf得fv

0.60.24

Hz2.5Hz，选项B正确；t=0AAf10sin5（c，选项C正确；A只上下振动，并不向右移动，选项D错误；x=0.06mPP第一次到达波峰，用时x 1.260.06t s2sE正确。v 0.6故选BCE。【点睛】波源的起振方向相同，能熟练运用波形平移法研究波传播的时间。9、AD【解析】AFF

，则有1 2FFsin，F1

Fcos，因为此时水平面对物块的弹力为零，即1FFsinmg，解得F20 2N，1

20N，因为地面对物块的支持力为零，即物块与水平面之间的正压力为零，所以地面对物块不存在摩擦力，故水平方向上受到T弹簧的弹力和FT2

，所以TF2

20N，A正确；1BC．剪断弹簧的瞬间，弹力变为零，重力mg和F平衡，物块与水平面间仍没有摩擦1力，所以在剪断弹簧的瞬间物块合力为F2

，故加速度为a

210m/s2，方向水平FmF向右，BC错误；D．撤去力F的瞬间，弹力大小不变，仍为20Nfmg0.220N4N，根据牛顿第二定律得小球的加速度为a故选D。10、BC

2048m/s2，方向水平向左，D正确。2【解析】A．对物体B受力分析，在刚放到传送带时，物体受到重力，支持力和沿斜面向下的摩amgsinBmgcosgsin

gcosm B当达到传送带速度后，由于mgsinB

mgcosB继续向下匀加速运动，加速度大小为a'

mgsinBm

mgcos

gsinB

gcosB向下并不是匀加速直线运动，故A错误；BAAmgsinmgcosAABB最终一定追上物块B正确；C．物体刚放到传送带时，AB的加速度分别为a A

mgcos37mgsin37m

gcos37gsin3712m/s2A同理可得a B

mgcos37mgsin37m

gcos37gsin3710m/s2BA、B达到传送带速度所需时间为v 2.4At a 12s0.2sAAt v 2.4s0.24sB a 10B故经历2.4s时A、B具有相同的速度，故C正确；D．当AB达到共同速度时，AB间的距离逐渐增大，达到共同速度后，B的速度继续增大，AB间的距离减小，故在t=0.24s前，A、B两物块之间的距离先增大后减小，故D错误。218出演算过程。11、（1）300； (2)甲； (3)0.2；【解析】由图读出，弹簧的弹力F=0时，弹簧的长度为L0=20cmF0=60NL=40cm，弹簧压缩的长度x0=L-L0=40-20=20cm=0.2m；由胡克定律得弹簧的劲度系数为 ；AA的弹簧测力计必须要求其做匀速直线运动，比较困难，读数不是很准；甲方案中，弹簧测力计a便于读数，故甲方案更合理；②由于弹簧测力计a示数为4.0N，所以A、B间的动摩擦因数 ；【点睛】胡克定律公式F=kx中，x是弹簧伸长或压缩的长度，不是弹簧的长度。第（2）关键明确实验原理，根据平衡条件和滑动摩擦定律列式求解.1 b12、(1)砝码 减小 间隔相等均匀) (2)k k【解析】等（均匀）为止。1 1F=（m+m'）a，变形得＝

mm

-m图a F F a1 1 1 m b【点睛】

，所以作用力F=

k，

-m

，所以m′=k。.226必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（1）1.0×l015m/s2（2）0.4m （3）0.048T【解析】由题中“坐标平面第Ⅰ象限内存在大小为E＝4×1