内蒙古兴安盟2022-2023学年数学九年级第一学期期末调研模拟试题含解析_第1页
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文档简介

2022-2023学年九上数学期末模拟试卷注意事项1.考生要认真填写考场号和座位序号。2.试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上,在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答;第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3.考试结束后,考生须将试卷和答题卡放在桌面上,待监考员收回。一、选择题(每题4分,共48分)1.四条线段a,b,c,d成比例,其中b=3cm,c=8cm,d=12cm,则a=()A.2cm B.4cm C.6cm D.8cm2.将两个圆形纸片(半径都为1)如图重叠水平放置,向该区域随机投掷骰子,则骰子落在重叠区域(阴影部分)的概率大约为()A. B. C. D.3.如图,四边形ABCD和四边形A'B'C'D'是以点O为位似中心的位似图形,若OA:OA'=3:5,则四边形ABCD和四边形A'B'C'D'的面积比为()A.3:5 B.3:8 C.9:25 D.:4.袋中装有除颜色外其他完全相同的4个小球,其中3个红色,一个白色,从袋中任意地摸出两个球,这两个球颜色相同的概率是()A. B. C. D.5.关于二次函数,下列说法错误的是()A.它的图象开口方向向上 B.它的图象顶点坐标为(0,4)C.它的图象对称轴是y轴 D.当时,y有最大值46.如图,是矩形内的任意一点,连接、、、,得到,,,,设它们的面积分别是,,,,给出如下结论:①②③若,则④若,则点在矩形的对角线上.其中正确的结论的序号是()A.①② B.②③ C.③④ D.②④7.某商店以每件60元的价格购进一批货物,零售价为每件80元时,可以卖出100件(按相关规定零售价不能超过80元).如果零售价在80元的基础上每降价1元,可以多卖出10件,当零售价在80元的基础上降价x元时,能获得2160元的利润,根据题意,可列方程为()A.x(100+10x)=2160 B.(20﹣x)(100+10x)=2160C.(20+x)(100+10x)=2160 D.(20﹣x)(100﹣10x)=21608.同时掷两个质地均匀的骰子,观察向上一面的点数,两个骰子的点数相同的概率为()A. B. C. D.9.如图,⊙O的直径长10,弦AB=8,M是弦AB上的动点,则OM的长的取值范围是()A.3≤OM≤5 B.4≤OM≤5 C.3<OM<5 D.4<OM<510.如图,中,,将绕着点旋转至,点的对应点点恰好落在边上.若,,则的长为()A. B. C. D.11.“割圆术”是我国古代的一位伟大的数学家刘徽首创的,该割圆术,就是通过不断倍增圆内接正多边形的边数来求出圆周率的一种方法,某同学在学习“割圆术”的过程中,画了一个如图所示的圆的内接正十二边形,若该圆的半径为1,则这个圆的内接正十二边形的面积为().A.1 B.3 C.3.1 D.3.1412.若关于x的一元二次方程x2﹣2x+m=0没有实数根,则实数m的取值是()A.m<1 B.m>﹣1 C.m>1 D.m<﹣1二、填空题(每题4分,共24分)13.如图,四边形ABCD内接于⊙O,若∠BOD=140°,则∠BCD=_____.14.已知扇形的圆心角为,所对的弧长为,则此扇形的面积是________.15.如图,是的直径,弦则阴影部分图形的面积为_________.16.把方程2x2﹣1=x(x+3)化成一般形式是_________.17.如图,⊙O是△ABC的外接圆,∠A=30°,BC=4,则⊙O的直径为___.18.已知二次函数的自变量与函数的部分对应值列表如下:…-3-2-10……0-3-4-3…则关于的方程的解是______.三、解答题(共78分)19.(8分)计算:.20.(8分)如图,直线y=x+3分别交x轴、y轴于点A、C.点P是该直线与双曲线在第一象限内的一个交点,PB⊥x轴于B,且S△ABP=16.(1)求证:△AOC∽△ABP;(2)求点P的坐标;(3)设点Q与点P在同一个反比例函数的图象上,且点Q在直线PB的右侧,作QD⊥x轴于D,当△BQD与△AOC相似时,求点Q的横坐标.21.(8分)某居民小区要在一块一边靠墙的空地上修建一个矩形花园ABCD,花园的一边靠墙,另三边用总长为32m的栅栏围成(如图所示).如果墙长16m,满足条件的花园面积能达到120m2吗?若能,求出此时BC的值;若不能,说明理由.22.(10分)为了从小华和小亮两人中选拔一人参加射击比赛,现对他们的射击水平进行测试,两人在相同条件下各射击6次,命中的环数如下(单位:环):小华:7,8,7,8,9,9;小亮:5,8,7,8,1,1.(1)填写下表:平均数(环)中位数(环)方差(环2)小华8小亮83(2)根据以上信息,你认为教练会选择谁参加比赛,理由是什么?(3)若小亮再射击2次,分别命中7环和9环,则小亮这8次射击成绩的方差.(填“变大”、“变小”、“不变”)23.(10分)如图,以矩形ABCD的边CD为直径作⊙O,点E是AB的中点,连接CE交⊙O于点F,连接AF并延长交BC于点H.(1)若连接AO,试判断四边形AECO的形状,并说明理由;(2)求证:AH是⊙O的切线;(3)若AB=6,CH=2,则AH的长为.24.(10分)如图,在平面直角坐标系中,点B(12,10),过点B作x轴的垂线,垂足为A.作y轴的垂线,垂足为C.点D从O出发,沿y轴正方向以每秒1个单位长度运动;点E从O出发,沿x轴正方向以每秒3个单位长度运动;点F从B出发,沿BA方向以每秒2个单位长度运动.当点E运动到点A时,三点随之停止运动,运动过程中△ODE关于直线DE的对称图形是△O′DE,设运动时间为t.(1)用含t的代数式分别表示点E和点F的坐标;(2)若△ODE与以点A,E,F为顶点的三角形相似,求t的值;(3)当t=2时,求O′点在坐标.25.(12分)综合与实践:操作与发现:如图,已知A,B两点在直线CD的同一侧,线段AE,BF均是直线CD的垂线段,且BF在AE的右边,AE=2BF,将BF沿直线CD向右平移,在平移过程中,始终保持∠ABP=90°不变,BP边与直线CD相交于点P,点G是AE的中点,连接BG.探索与证明:求证:(1)四边形EFBG是矩形;(2)△ABG∽△PBF.26.如图为一机器零件的三视图.(1)请写出符合这个机器零件形状的几何体的名称;(2)若俯视图中三角形为正三角形,那么请根据图中所标的尺寸,计算这个几何体的表面积(单位:cm2)

参考答案一、选择题(每题4分,共48分)1、A【解析】由四条线段a、b、c、d成比例,根据比例线段的定义,即可得,又由b=3cm,c=8cm,d=12cm,即可求得a的值.【详解】∵四条线段a、b、c、d成比例,∴∵b=3cm,c=8cm,d=12cm,

解得:a=2cm.

故答案为A.【点睛】此题考查了比例线段的定义.解题的关键是熟记比例线段的概念.2、B【解析】连接AO1,AO2,O1O2,BO1,推出△AO1O2是等边三角形,求得∠AO1B=120°,得到阴影部分的面积=-,得到空白部分的面积=+,于是得到结论.【详解】解:连接AO1,AO2,O1O2,BO1,则O1O2垂直平分AB

∴AO1=AO2=O1O2=BO1=1,

∴△AO1O2是等边三角形,

∴∠AO1O2=60°,AB=2AO1sin60°=

∴∠AO1B=120°,∴阴影部分的面积=2×()=-,

∴空白部分和阴影部分的面积和=2π-(-)=+,

∴骰子落在重叠区域(阴影部分)的概率大约为≈,

故选B.【点睛】此题考查了几何概率,扇形的面积,三角形的面积,正确的作出辅助线是解题的关键.3、C【分析】根据题意求出两个相似多边形的相似比,根据相似多边形的性质解答.【详解】∵四边形ABCD和A′B′C′D′是以点O为位似中心的位似图形,OA:OA′=3:5,∴DA:D′A′=OA:OA′=3:5,∴四边形ABCD与四边形A′B′C′D′的面积比为:9:1.故选:C.【点睛】本题考查位似的性质,根据位似图形的面积比等于位似比的平方可得,位似图形即特殊的相似图形,运用相似图形的性质是解题的关键.4、A【分析】用树形图法确定所有情况和所需情况,然后用概率公式解答即可.【详解】解:画树状图如下:则总共有12种情况,其中有6种情况是两个球颜色相同的,故其概率为.故答案为A.【点睛】本题考查画树形图和概率公式,其中根据题意画出树形图是解答本题的关键.5、D【分析】由抛物线的解析式可求得其开口方向、对称轴、函数的最值即可判断.【详解】∵,∴抛物线开口向上,对称轴为直线x=0,顶点为(0,4),当x=0时,有最小值4,故A、B、C正确,D错误;故选:D.【点睛】本题主要考查二次函数的性质,掌握二次函数的顶点式是解题的关键,即在y=a(x−h)2+k中,对称轴为x=h,顶点坐标为(h,k).6、D【分析】根据三角形面积公式、矩形性质及相似多边形的性质得出:①矩形对角线平分矩形,S△ABD=S△BCD,只有P点在BD上时,S₁+S₂=S₃+S4;②根据底边相等的两个三角形的面积公式求和可知,S₁+S₃=矩形ABCD面积,同理S₂+S4=矩形ABCD面积,所以S₁+S₃=S₂+S4;③根据底边相等高不相等的三角形面积比等于高的比来说明即可;④根据相似四边形判定和性质,对应角相等、对应边成比例的四边形相似,矩形AEPF∽矩形ABCD推出,点P在对角线上.【详解】解:①当点P在矩形的对角线BD上时,S₁+S₂=S₃+S4.但P是矩形ABCD内的任意一点,所以该等式不一定成立。故①不一定正确;②∵矩形∴AB=CD,AD=BC∵△APD以AD为底边,△PBC以BC为底边,这两三角形的底相等,高的和为AB,∴S₁+S₃=S矩形ABCD;同理可得S₂+S4=S矩形ABCD,∴②S₂+S4=S₁+S₃正确;③若S₃=2S₁,只能得出△APD与△PBC高度之比是,S₂、S4分别是以AB、CD为底的三角形的面积,底相等,高的比不一定等于,S4=2S2不一定正确;故此选项错误;④过点P分别作PF⊥AD于点F,PE⊥AB于点E,F.若S1=S2,.则AD·PF=AB·PE∴△APD与△PAB的高的比为:∵∠DAE=∠PEA=∠PFA=90°∴四边形AEPF是矩形,∴矩形AEPF∽矩形ABCD∴∴P点在矩形的对角线上,选项④正确.故选:D【点睛】本题考查了三角形面积公式的应用,相似多边形的判定和性质,用相似多边形性质对应边成比例是解决本题的难点.7、B【分析】根据第一句已知条件可得该货物单件利润为元,根据第二句话的已知条件,降价几个1元,就可以多卖出几个10件,可得降价后利润为元,数量为件,两者相乘得2160元,列方程即可.【详解】解:由题意得,当售价在80元基础上降价元时,.【点睛】本题主要考查的是一元二次方程应用题里的利润问题,理解掌握其中的数量关系列出方程是解答这类应用题的关键.8、C【分析】首先列表,然后根据表格求得所有等可能的结果与两个骰子的点数相同的情况,再根据概率公式求解即可.【详解】列表得:(1,6)(2,6)(3,6)(4,6)(5,6)(6,6)(1,5)(2,5)(3,5)(4,5)(5,5)(6,5)(1,4)(2,4)(3,4)(4,4)(5,4)(6,4)(1,3)(2,3)(3,3)(4,3)(5,3)(6,3)(1,2)(2,2)(3,2)(4,2)(5,2)(6,2)(1,1)(2,1)(3,1)(4,1)(5,1)(6,1)∴一共有36种等可能的结果,两个骰子的点数相同的有6种情况,

∴两个骰子的点数相同的概率为:故选:C【点睛】此题考查了树状图法与列表法求概率.注意树状图法与列表法可以不重不漏的表示出所有等可能的结果.用到的知识点为:概率=所求情况数与总情况数之比9、A【详解】解:的直径为10,半径为5,当时,最小,根据勾股定理可得,与重合时,最大,此时,所以线段的的长的取值范围为,故选A.【点睛】本题考查垂径定理,掌握定理内容正确计算是本题的解题关键.10、A【分析】先在直角三角形ABC中,求出AB,BC,然后证明△ABD为等边三角形,得出BD=AB=2,再根据CD=BC-BD即可得出结果.【详解】解:在Rt△ABC中,AC=2,∠B=60°,∴BC=2AB,BC2=AC2+AB2,∴4AB2=AC2+AB2,

∴AB=2,BC=4,

由旋转得,AD=AB,

∵∠B=60°,∴△ABD为等边三角形,

∴BD=AB=2,

∴CD=BC-BD=4-2=2,

故选:A.【点睛】此题主要考查了旋转的性质,含30°角的直角三角形的性质,勾股定理以及等边三角形的判定与性质,解本题的关键是综合运用基本性质.11、B【分析】先求出,进而得出,根据这个圆的内接正十二边形的面积为进行求解.【详解】∵是圆的内接正十二边形,∴,∵,∴,∴这个圆的内接正十二边形的面积为,故选B.【点睛】本题考查正十二边形的面积计算,先求出是解题的关键.12、C【解析】试题解析:关于的一元二次方程没有实数根,,解得:故选C.二、填空题(每题4分,共24分)13、110°.【分析】由圆周角定理,同弧所对的圆心角是圆周角的2倍.可求∠A=∠BOD=70°,再根据圆内接四边形对角互补,可得∠C=180-∠A=110°【详解】∵∠BOD=140°∴∠A=∠BOD=70°∴∠C=180°-∠A=110°,故答案为:110°.【点睛】此题考查圆周角定理,解题的关键在于利用圆内接四边形的性质求角度.14、【分析】利用弧长公式列出关系式,把圆心角与弧长代入求出扇形的半径,即可确定出扇形的面积.【详解】设扇形所在圆的半径为r.∵扇形的圆心角为240°,所对的弧长为,∴l,解得:r=6,则扇形面积为rl=.故答案为:.【点睛】本题考查了扇形面积的计算,以及弧长公式,熟练掌握公式是解答本题的关键.15、【分析】根据垂径定理求得CE=ED=;然后由圆周角定理知∠COE=60°.然后通过解直角三角形求得线段OC,求出扇形COB面积,即可得出答案.【详解】解:∵AB是⊙O的直径,弦CD⊥AB,CD=2,∴CE=CD=,∠CEO=90°,∵∠CDB=30°,∴∠COB=2∠CDB=60°,∴OC==2,∴阴影部分的面积S=S扇形COB=,

故答案为:.【点睛】本题考查了垂径定理、解直角三角形,圆周角定理,扇形面积的计算等知识点,能知道阴影部分的面积=扇形COB的面积是解此题的关键.16、x2﹣3x﹣1=1【解析】2x2﹣1=x(x+3),2x2﹣1=x2+3x,则2x2﹣x2﹣3x﹣1=1,故x2﹣3x﹣1=1,故答案为x2﹣3x﹣1=1.17、1【分析】连接OB,OC,依据△BOC是等边三角形,即可得到BO=CO=BC=BC=4,进而得出⊙O的直径为1.【详解】解:如图,连接OB,OC,∵∠A=30°,∴∠BOC=60°,∴△BOC是等边三角形,又∵BC=4,∴BO=CO=BC=BC=4,∴⊙O的直径为1,故答案为:1.【点睛】本题主要考查了三角形的外接圆以及圆周角定理的运用,三角形外接圆的圆心是三角形三条边垂直平分线的交点,叫做三角形的外心.18、,【分析】首先根据与函数的部分对应值求出二次函数解析式,然后即可得出一元二次方程的解.【详解】将(0,-3)(-1,-4)(-3,0)代入二次函数,得解得∴二次函数解析式为∴方程为∴方程的解为,故答案为,.【点睛】此题主要考查二次函数与一元二次方程的综合应用,熟练掌握,即可解题.三、解答题(共78分)19、【分析】根据特殊角的三角函数值及绝对值、乘方、零指数次幂的定义进行计算即可.【详解】原式【点睛】本题考查了实数的运算,熟练掌握运算法则是解本题的关键.20、(1)证明见解析;(2)点P的坐标为(2,4);(3)点Q的横坐标为:或.【分析】(1)利用PB∥OC,即可证明三角形相似;(2)由一次函数解析式,先求点A、C的坐标,由△AOC∽△ABP,利用线段比求出BP,AB的值,从而可求出点P的坐标即可;(3)把P坐标代入求出反比例函数,设Q点坐标为(n,),根据△BQD与△AOC相似分两种情况,利用线段比联立方程组求出n的值,即可确定出Q坐标.【详解】(1)证明:∵PB⊥x轴,OC⊥x轴,∴OC∥PB,∴△AOC∽△ABP;(2)解:对于直线y=x+3,令x=0,得y=3;令y=0,得x=-6;∴A(-6,0),C(0,4),∴OA=6,OC=3.∵△AOC∽△ABP,∴,∵S△ABP=16,S△AOC=,∴,∴,即,∴PB=4,AB=8,∴OB=2,∴点P的坐标为:(2,4).(3)设反比例函数的解析式为:y=,把P(2,4)代入,得k=xy=2×4=8,∴y=.点Q在双曲线上,可设点Q的坐标为:(n,)(n>2),则BD=,QD=,①当△BQD∽△ACO时,,即,整理得:,解得:或;②当△BQD∽△CAO时,,即,整理得:,解得:,(舍去),综上①②所述,点Q的横坐标为:1+或1+.【点睛】此题属于反比例函数综合题,涉及的知识有:待定系数法求函数解析式,相似三角形的判定与性质,一次函数与反比例函数的交点,以及坐标与图形性质,熟练掌握待定系数法是解本题的关键.21、花园的面积能达到20m2,此时BC的值为2m.【分析】设AB=xm,则BC=(32﹣2x)m,根据矩形的面积公式结合花园面积为20m2,即可得出关于x的一元二次方程,解之即可得出x的值,结合墙的长度可确定x的值,进而可得出BC的长度.【详解】设AB=xm,则BC=(32﹣2x)m,依题意,得:x(32﹣2x)=20,整理,得:x2﹣16x+60=0,解得:x1=6,x2=1.∵32﹣2x≤16,∴x≥8,∴x=1,32﹣2x=2.答:花园的面积能达到20m2,此时BC的值为2m.【点睛】本题考查了一元二次方程的应用,找准等量关系,正确列出一元二次方程是解答本题的关键.22、(1)8,8,;(2)选择小华参赛.(3)变小【分析】(1)根据方差、平均数和中位数的定义求解;

(2)根据方差的意义求解;

(3)根据方差公式求解.【详解】(1)解:小华射击命中的平均数:=8,小华射击命中的方差:,小亮射击命中的中位数:;(2)解:∵小华=小亮,S2小华<S2小亮∴选小华参赛更好,因为两人的平均成绩相同,但小华的方差较小,说明小华的成绩更稳定,所以选择小华参赛.(3)解:小亮再射击2次,分别命中7环和9环,则小亮这8次射击成绩的方差变小.【点睛】本题考查了方差:一组数据中各数据与它们的平均数的差的平方的平均数,叫做这组数据的方差.方差是反映一组数据的波动大小的一个量.方差越大,则平均值的离散程度越大,稳定性也越小;反之,则它与其平均值的离散程度越小,稳定性越好.也考查了算术平均数和众数.23、(1)详见解析;(2)详见解析;(3)【分析】(1)根据矩形的性质得到AE∥OC,AE=OC即可证明;(2)根据平行四边形的性质得到∠AOD=∠OCF,∠AOF=∠OFC,再根据等腰三角形的性质得到∠OCF=∠OFC.故可得∠AOD=∠AOF,利用SAS证明△AOD≌△AOF,由ADO=90°得到AH⊥OF,即可证明;(3)根据切线长定理可得AD=AF,CH=FH=2,设AD=x,则AF=x,AH=x+2,BH=x-2,再利用在Rt△ABH中,AH2=AB2+BH2,代入即可求x,即可得到AH的长.【详解】(1)解:连接AO,四边形AECO是平行四边形.∵四边形ABCD是矩形,∴AB∥CD,AB=CD.∵E是AB的中点,∴AE=AB.∵CD是⊙O的直径,∴OC=CD.∴AE∥OC,AE=OC.∴四边形AECO为平行四边形.(2)证明:由(1)得,四边形AECO为平行四边形,∴AO∥EC∴∠AOD=∠OCF,∠AOF=∠OFC.∵OF=OC∴∠OCF=∠OFC.∴∠AOD=∠AOF.∵在△AOD和△AOF中,AO=AO,∠AOD=∠AOF,OD=OF∴△AOD≌△AOF.∴∠ADO=∠AFO.∵四边形ABCD是矩形,∴∠ADO=90°.∴∠AFO=90°,即AH⊥OF.∵点F在⊙O上,∴AH是⊙O的切线.(3)∵HC、FH为圆O的切线,AD、AF是圆O的切线∴AD=AF,CH=FH=2,设AD=x,则AF=x,AH=x+2,BH=x-2,在Rt△ABH中,AH2=AB2+BH2,即(x+2)2=62+(x-2)2,解得x=∴AH=+2=.【点睛】此题主要考查直线与圆的关系,解题法的关键是熟知切线的判定定理与性质,及勾股定理的运用.24、(1)E(3t,0),F(12,10﹣2t);(2)t=;(3)O'(,)【分析】(1)直接根据路程等于速度乘以时间,即可得出结论;(2)先判断出∠DOE=∠EAF=90°,再分两种情况,用相似三角形得出比例式,建立方程求解,最后判断即可得出结论;(3)先根据勾股定理求出DE,再利用三角形的面积求出OG,进而求出OO',再判断出△OHO'∽△EOD,得出比例式建立方程求解即可得出结论.【详解】解:(1)∵BA⊥x轴,CB⊥y轴,B(12,10),∴AB=10,由运动知,OD=t,OE=3t,BF=2t(0≤t≤4),∴AF=10﹣2t,∴E(3t,0),F(12,10﹣2t);(2)由(1)知,OD=t,OE=3t,AF=10﹣2t,∴AE=12﹣3t,∵BA⊥x轴,∴∠OAB=90°=∠AOC,∵△ODE与以点A,E,F为顶点的三角形相似,∴△DOE∽△EAF或△DOE∽△FAE,①当△DOE∽△EAF时,,∴,∴t=,②当△DOE∽△FAE时,,∴,∴t=6(舍)

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