人教版高中化学必修一模块质量检测

模块质量检测一、选择题（本题包括16小题，每小题3分，共48分）1.下列说法正确的是（）正常雨水的pH为7.0,酸雨的pH小于7.0；严格执行机动车尾气排放标准有利于防止大气污染；使用二氧化硫和某些含硫化合物进行增白的食品会对人体健康产生损害；使用氯气对自来水消毒过程中，生成的有机氯化物可能对人体有害；食品厂产生的含丰富氮、磷营养素的废水可长期排向水库养鱼。①②③B.①④⑤C.②③④D.③④⑤解析：正常雨水的pH为5.6，酸雨的pH小于5.6，含丰富氮、磷营养素的水会加速藻类植物的生长，形成水华，污染环境。答案：C2•下列有关说法正确的是（）萃取操作可在普通漏斗中完成浓烧碱液沾到皮肤上应立即用稀盐酸冲洗用酒精灯加热试管内固体时一定要先给试管预热再集中加热液体部位用容量瓶配制一定浓度的某溶液后，将溶液保存在容量瓶中并贴上标签解析：萃取操作应在分液漏斗中完成，A错误；浓烧碱液沾到皮肤上应立即擦去，然后用大量水冲洗，最后涂上硼酸溶液，B错误；给试管预热可以防止试管因受热不均而炸裂，C正确；容量瓶只能用来配制一定浓度溶液，而不能用来保存溶液，D错误。答案：C用NA表示阿伏加德罗常数，下列叙述正确的是（）标准状况下，22.4LH2O含有的分子数为1Na常温常压下，1.06gNa2CO3含有的Na+离子数为0.02NA通常状况下，NA个CO2分子占有的体积为22.4L物质的量浓度为0.5mol/L的MgCl2溶液中，含有Cl-个数为1NA解析：标准状况下，水不是气态，A错误；通常状况下，不能使用气体摩尔体积，C错误；因为不能确定0.5mol/LMgCl溶液的体积，故无法判断溶液中Cl-的数目，D错误。2答案：B下列叙述中正确的是（）氯化钠溶液在电流作用下电离成钠离子和氯离子溶于水后能电离出氢离子的化合物都是酸硫酸钡难溶于水，但硫酸钡属于电解质二氧化碳溶于水能部分电离，故二氧化碳属于电解质解析：电解质溶于水或受热熔融，即可离解为自由移动的离子，并非是通电的结果，故A错；酸是指电离后产生的阳离子全部是氢离子的化合物，而不是指有氢离子产生的化合物，B错；BaSO溶解度虽小，4但溶于水的部分能电离，所以BaSO是电解质，C正确；CO溶于水生成的HCO部分电离，HCO是电422323解质，而CO是非电解质，D错。2答案：C［双选题］下列实验设计及其对应的离子方程式均正确的是（）A.用FeCl3溶液腐蚀铜线路板：Cu+2Fe3+==。2++2Fe2+B.Na2O2与H2O反应制备O2：NaO+HO===2N<++2OH-+Of2222c.将氯气溶于水制备次氯酸：C1+HQ===曲+C1-+HC1O22D.用浓盐酸酸化的KMnO4溶液与H2O2反应，证明H2O2具有还原性2MnO-+6H++5H2O2===2M谀++5O2f+8H2O解析：B项应为：2Na2O2+2Hf===4Na++4OH-+O2f；d中MnO-能氧化Cl-生成Cl「答案：AC6•下列离子组在指定溶液中能大量共存的是（）A•强酸溶液中：K+、Fe2+、MnO-、SO；-滴加石蕊试液显红色的溶液中：Fe3+、NH+>C卜、SCN-C•既能溶解A1（OH）3又能溶解H2SiO3的溶液中：Na+、CO2->SO「NO-D•在含有大量HCO-的溶液中：K+、Na+、A1O-、Br-解析：A项，酸性条件下MnO4-氧化Fe2+而不共存；B项,Fe3+和SCN不能大量共存；C项，既能溶解Al（OH）又能溶解HSiO的溶液是强碱性溶液，四种离子能够大量共存；D项，HCO-和A1O-不能32332大量共存。答案：C下列物质中，不会出现丁达尔效应的是（）①氢氧化铁胶体②水③豆浆④蔗糖溶液⑤FeCl3溶液⑥云、雾A.②④⑤B.③④②④⑥D.①③④解析：丁达尔效应是胶体的特殊性质，水、蔗糖溶液、FeCl3溶液不会出现丁达尔效应。答案：A［双选题］把少量金属钠投入到足量的氯化铝溶液中，下列叙述正确的是（）A.析出金属铝B.产生白色沉淀C.产生红褐色沉淀D.产生无色气体解析：金属钠投入到足量的氯化铝溶液中，钠先和水反应生成氢氧化钠和氢气，氢氧化钠和氯化铝反应生成氢氧化铝沉淀。答案：BD9•下列有关物质的性质和该性质的应用均正确的是（）（2011・江苏高考）常温下浓硫酸能使铝发生钝化，可在常温下用铝制贮罐贮运浓硫酸（2011・江苏高考）二氧化硅不与任何酸反应，可用石英制造耐酸容器（2011・江苏高考）二氧化氯具有还原性，可用于自来水的杀菌消毒（2011・山东高考）A1、Fe、Cu对应的氧化物均为碱性氧化物解析：因为常温下浓硫酸能够使铝表面生成一层致密的氧化物保护膜，所以常温下可以用铝制贮罐贮运浓硫酸，A正确；B项，二氧化硅可以与氢氟酸反应，B项错误；C项，二氧化氯杀菌消毒后氯元素的化合价降低，应用了二氧化氯的氧化性，C项错误；D项，铝的氧化物AlO属于两性氧化物，D项错误。23答案：A对离子反应：xR2++yH++O2===mR3++nH2O，下列说法中，错误的是（）m=4,R3+是氧化产物x=y=m=4,n=2该反应中R2+得到电子，被还原为R3+任何氧化还原反应电子得失总数必然相等解析：依据得失电子守恒，可以确定：1mol氧化剂（O2）得4mol电子，则xmol还原剂（R2+）失电子也为4mol,即m二x二4。再依据质量守恒和电荷守恒，确定y二4,n二2。答案：C除去某溶液里溶解的少量杂质，下列做法中不正确的是（括号内的物质为杂质）（）NaCl溶液（BaCl2）:加过量Na2CO3溶液，过滤，再加适量盐酸并加热KNO3溶液（AgNO3）：加过量KCl溶液，过滤NaCl溶液（Br2）：力口CCl4，分液KNO3溶液（NaCl）：加热蒸发得浓溶液后，降温解析：除去KNO3溶液中的AgNO3杂质时，应加适量的KCl溶液，然后过滤，如果加过量KCl溶液，会引进新的杂质KCl。答案：B用下列实验装置完成对应的实验（部分仪器已省略），能达到实验目的的是（）

选项XYZANaNaOHNaHCO3BCuCuSO”Cu(OH)2CCCOCO2DSiSiO°2H2SiO3Ch三/浓H2SO4A.干燥CLB.吸收HC1稀H2SO4二三”CC14C.石油的蒸憎D.吸收NH3解析：A干燥气体导气管应长进短出；B中HC1气体极易溶于水，会引起倒吸；C中石油蒸馏要测馏出成分气体的温度，温度计的液泡要和烧瓶的支管口对齐；DCh三/浓H2SO4A.干燥CLB.吸收HC1稀H2SO4二三”CC14C.石油的蒸憎D.吸收NH3解析：A干燥气体导气管应长进短出；B中HC1气体极易溶于水，会引起倒吸；C中石油蒸馏要测馏出成分气体的温度，温度计的液泡要和烧瓶的支管口对齐；D中，NH3不溶于CCl4可以有效防止倒吸。答案：D13.［双选题］对于1mol/L的氨水，下列叙述正确的是（忽略溶液混合时的体积变化）（）A.将标准状况下22.4L氨气溶于水配成1L溶液，即可得到1mol/L的氨水B.1mol/L的氨水的质量分数小于1.7%C.1mol/L的氨水与水等质量混合后，所得氨水的物质的量浓度大于0.5mol/LD.将1mol/L的氨水与3mol/L的氨水等质量混合后，所得氨水的物质的量浓度为2mol/L17cM解析：B项中，由于氨水的密度p<1g/mL,所以1mol/L的氨水的质量分数二10而=10而"7%，错误；等质量的1mol/L的氨水与水相比，前者体积大，所以二者混合，物质的量浓度大于0.5mol/L，C项正确；1mol/L氨水和3mol/L氨水浓度不同，密度不同，故混合后物质的量浓度不为2mol/L，D项错误。答案：AC14.下表各组物质中，满足右图物质一步转化关系的选项是（）解析：A项NaHCO3不能一步转化为Na，B项Cu（OH\不能一步转化为Cu，D项SiO?不能一步转化为驴卩，吓。?也不能一步转化为Si。答案：CA、B、C、D、E分别是Cu、Ag、Fe、Al、Mg五种金属中的一种。已知：①A、C均能与稀硫酸反应放出气体；②B与D的硝酸盐反应，置换出单质D；③C、E在冷的浓硫酸中发生钝化。由此可判断A、B、C、D、E依次为()A.Fe、Cu、Al、Ag、MgB.Al、Cu、Mg、Ag、FeC.Mg、Cu、Al、Ag、FeD.Mg、Ag、Al、Cu、Fe解析：本题可根据③突破，③中C、E在冷的浓硫酸中发生钝化，故C、E必是Fe、Al中的某一种，能与稀HSO发生反应放出气体的还有Mg，故A是Mg。B、D是Cu、Ag两种金属的某一种，而B能与24D的硝酸盐反应置换出单质D，故B是Cu，D是Ag。符合顺序的只有C项。答案：C将一定质量的镁和铝混合物投入200mL稀硫酸中，固体全部溶解后，向所得溶液中加入NaOH溶液，生成沉淀的物质的量与加入的NaOH溶液体积的变化关系如图所示。则下列说法不正确的是()°20200240y(NaOH溶液)/mL镁和铝的总质量为9g最初20mLNaOH溶液用于中和过量的稀硫酸氢氧化钠溶液的物质的量浓度为5mol/L生成的氢气在标准状况下的体积为11.2L解析：从图像中看到，从开始至加入NaOH溶液20mL，没有沉淀生成，说明原溶液中H2SO4溶解Mg、Al后有剩余』匕时发生的反应为：H2SO4+2NaOH===Na,SO4+2h2O。当V(NaOH溶液)二200mL时，沉淀量最大，此时为Mg(OH)和Al(OH)；当V(NaOH溶液)二240mL时，沉淀不再减少，此时全部为23Mg(OH)2。故n(Mg)二nNgQH、]二0.15mol。m(Mg)二0.15molX24g/mol二3.6g；n(Al)二n[Al(OH)3]二0.35mol-0.15mol二0.2mol,m(Al)二0.2molX27g/mol二5.4g，所以镁和铝的总质量为9g,A正确。从200mL到240mL,NaOH溶解Al(OH)3:NaOH+Al(OH)3===NaAlC^+2气。,则此过程消耗n(NaOH)二n[Al(OH)J二0.2mol，故c(NaOH)二警晋二5mol/L,C正确。再由Mg+HSO===MgSO+Hf,2Al+0.04L24&42」3H2SO4===Al，(SO4)3+3H2f可以计算出生成n(H2)二0.45mol，标准状况下V(H2)二0.45molx22.4L/mol二10.08L,故D不正确。答案：D二、非选择题(本题共6小题，共52分)(7分)非金属单质A经如图所示的过程转化为含氧酸D,已知D为强酸，请回答下列问题：囚―°^[B―°^[C――*回若A在常温下为固体，B是能使品红溶液褪色的有刺激性气味的无色气体。D的化学式是；在工业生产中B气体的大量排放被雨水吸收后形成了而污染了环境。若A在常温下为气体，C是红棕色的气体。A、C的化学式分别是：A；C。D的浓溶液在常温下可与铜反应并生成C气体，请写出该反应的化学方程式。该反应(填“属于”或“不属于”)氧化还原反应。解析：依据图示中的“连续氧化”转化关系和“D为含氧酸、强酸”，可确定D为H2SO4或HNO3。答案：⑴①H2SO4②酸雨⑵①NH3或N2NO2②Cu+4HNO3(浓)===Cu(NC3)2+2NO2f+2H2O属于(10分)已知将盐酸滴入高锰酸钾溶液中，产生黄绿色气体，而溶液的紫红色褪去。现有一氧化还原反应的体系中，反应物和生成物共有KC1、Cl2、H2SO4、H2O、KMnO4、MnSO4、K2SO4七种物质：该反应中，化合价升高的反应物是，化合价没有发生变化的反应物是。(2)写出一个包含上述七种物质的氧化还原反应方程式(需配平)：。上述反应中，1mol氧化剂在反应中(填“得到”或“失去”)mol电子。如果在反应后的溶液中加入NaBiO3，溶液又变紫红色。说出NaBiO3的一个性质：。解析：根据题给信息KMnO4和盐酸反应生成氯气，而所给物质中KCl中含有Cl-,H2SO4中含有H+,所以反应物是KMnOKCl和H2SO4，生成物是KqO4、MnSOCl?和Hf。锰元素化合价由+7价变成+2价，化合价降低，被还原；氯元素的化合价由-1价变成0价，化合价升高，被氧化，根据化合价升降数相等可得如下配平的化学方程式:2KMnO+10KCl+8HSO===6KSO+2MnSO+5Clf+8HO。在反应后的溶液中加入NaBiO，溶液又变紫红色，说明有MnO-生成，即BiO-将Mn2+氧化成MnO-,TOC\o"1-5"\h\z3434所以NaBiO具有强氧化性，其氧化性比KMnO氧化性强。34答案：(1)KClH2SO42KMnO4+10KCl+8H2SO4===6KSO+2MnSO+5C1f+8HO24422得到5(4)NaBiO3具有强氧化性(比KMnO4氧化性强)(9分)下图的各方框表示有关的一种反应物或生成物(某些物质已经略去)，其中X是酸式盐，常温下A、C、D为无色气体，C能使湿润的红色石蕊试纸变蓝。TOC\o"1-5"\h\z一A+也()2「回+('u冈5kl—0_刁+DA冋」+('u|」催化剂—水稀释写出下列各物质的名称：X:；B:；F:。写出下列变化的反应方程式：C_E的化学方程式：；G_E的离子方程式：<写出以上不属于氧化还原反应的化学方程式：解析：C能使湿润的红色石蕊试纸变蓝，正明C为NH3，x分解生成nh3和气体A,应为NH4HCO3，A为CO，则D为O，NH与O反应生成E，E应为NO，NO与O反应生成F，则F为NO，NO与B2232222反应生成G，则G为HNO。3答案：(1)碳酸氢铵水二氧化氮4NH3+5O2===^4NO+6H2O3Cu+8H++2NO亍===302++2NOf+4H2ONH4HCO3=====NH3f+H2O+CO2f(8分)物质的分离和提纯有多种方法。物质分离、提纯方案的设计在科学研究和工业生产中占有十分重要的地位。工业上冶炼铝的原料是铝土矿(主要成分是A12O3，杂质为Fe2O3、SiO2等，已知SiO2是不溶于水的酸性氧化物，Fe2O3是不溶于水的碱性氧化物)。某研究小组设计的提纯Al2O3的方案如下：铝土矿盐酸、滤液1过量NaOH溶液滤液2过量co沉淀A过滤过滤过滤TOC\o"1-5"\h\z写出沉淀A的化学式：。加入过量的NaOH溶液，过滤后的滤液中含有的溶质有。写出由沉淀A—A12O3的化学方程式：，通入过量CO2生成沉淀A时反应的离子方程式为。解析：沉淀A受热得Al2O3，可知A是A1(OH)3，进而推知滤液2中含A1O[,滤液1中含A13+、Fe3+O答案：(1)A1(OH)3(2)NaOHNaAlO2NaCl(3)2Al(OH)3=====Al2O3+3H2OAlO-+CO2+