芜湖市无为县红庙初中度八年级下学期物理期中测试

.@:第31页安徽省芜湖市无为县红庙初中2019-2019学年度八年级下学期物理期中测试考试分值：100分；考试时间：90分钟姓名：___________班级：___________考号：___________题号一二三四总分得分评卷人得分一．选择题〔共8小题，总分值24分，每题3分〕1．〔3分〕小明在上体育课时，通过一些活动联想到学过的物理知识，你认为以下联想错误的选项是〔〕A．“引体向上〞的同学握住单杠悬空静止，这时该同学受力平衡B．“踢足球〞利用了力使物体运动状态发生改变的道理C．“仰卧起坐〞利用了大气压的道理D．“单杠表演时手上搓镁粉〞利用了增大摩擦的道理2．〔3分〕关于物体所受的浮力，以下说法中正确的选项是〔〕A．空气中的物体不受浮力作用B．沉在水底的铁球不受浮力作用C．浮力是物体对液体施加的力D．浮力是液体或气体对物体压力的合力3．〔3分〕高铁是中国新“四大创造〞之一，得到其他国家的普遍赞誉。如下图，如今有一辆高速列车在程度路面上做匀速直线运动。以下说法正确的选项是〔〕A．列车在运动中假设受到的外力全部消失，列车会立即停顿运动B．列车满载乘客和空载时，假设速度一样，列车的动力一样大C．此时列车对铁轨的压力与铁轨对列车的支持力是一对平衡力长D．此时列车的牵引力与受到的阻力是一对平衡力4．〔3分〕小明在体育课上练习垫排球，当排球竖直上升到最高处时，假设所有外力都消失，那么排球将〔〕A．一直上升 B．掉落下来 C．先上升后下降 D．保持静止5．〔3分〕游泳的人由河边向深水走的过程中，假如河底布满石子，那么〔〕A．脚越来越疼，因为人越来越重B．脚疼越来越轻，因为人越来越轻C．脚疼越来越轻，因为河底对人的支持力越来越小D．脚越来越疼，因为河底对人的支持力越来越大6．〔3分〕如下图，两个底面积不同的薄壁轻质圆柱形容器甲和乙，放在程度地面上，容器内分别盛有体积一样的不同液体A和B，此时液体对容器底部的压强相等，现将完全一样的两个金属球分别浸没在A、B液体中〔液体不溢出〕，那么以下判断一定正确的选项是〔〕A．液体对容器底部的压强变化量△PA＞△PBB．容器对程度地面的压力变化量△FA＞△FBC．容器对程度地面的压强PA＞PBD．液体对容器底部的压力FA＞FB7．〔3分〕小明对图中所示的生活用具进展了分析，不正确的选项是〔〕A．甲图茶壶的壶嘴与壶体构成了连通器B．乙图中大气对吸盘的压力等于钩码的重力C．丙图指甲剪的刀刃做得很薄，目的是通过减小受力面积增大压强D．丁图使用剪刀时，物体越靠近O点越省力8．〔3分〕在两个完全一样的容器中分别倒入甲和乙两种不同的液体，如下图，以下分析正确的选项是〔〕A．假设甲和乙的质量相等，那么甲的密度小于乙的密度B．假设甲和乙对容器底部的压强相等，那么甲的密度小于乙的密度C．假设甲和乙对容器底部的压强相等，那么甲的质量小于乙的质量D．假设甲和乙的质量相等，那么甲对容器底部的压强小于乙对容器底部的压强评卷人得分二．填空题〔共10小题，总分值34分〕9．〔4分〕甲、乙两人进展百米赛跑，甲到达终点时，乙还距终点10m，假设让甲从起跑线后退10m，甲、乙同时起跑，那么先到达终点，要让甲、乙同时起跑，并同时到达终点，那么乙应从起跑线前m处起跑。10．〔2分〕物体从静止变为运动或从运动变为静止，物体速度的或发生变化，都叫做运动状态的改变。11．〔2分〕小铁球落入水中后，落水处向上激起一滴水珠，如下图是一瞬间一颗子弹将这滴水珠击穿的情景，这一瞬间水珠的上半部分由于仍保持原来的位置不动，由于受作用水珠上半部分将会下落。12．〔4分〕如下图，小李同学要喝到盒中饮料，必须用吸管较尖的一端才容易插入盒中，这是因为受力面积〔填“较大〞或“较小〞〕而压强较大的缘故。当她吸了一口饮料后，纸盒会瘪进去一些，这是由于的作用。13．〔4分〕1644年，意大利科学家最早测出来大气压的值。如图，在两球之间气体流速较周边的气体流速要快，这两个球〔选填“互相分开〞或“互相靠近〞〕。14．〔2分〕如下图，将边长为10cm的正方体木块放入装有某种液体的圆柱形容器中，木块静止时，有1/4的体积露出液面，此时液面比放入木块前升高2cm，容器底部受到的压强变化了160Pa〔取g=10N/kg〕，那么液体的密度是kg/m3，木块受到的浮力是N，假设使木块完全浸没需要加N向下的压力。15．〔2分〕液压千斤顶大活塞的面积是小活塞面积的500倍，那么，在小活塞上放一只kg的兔子，大活塞上便可顶起一头1000kg的大象。16．〔2分〕暑假小芳和爸爸自驾去各地旅行。一路上，小芳利用气压计测得不同高度的大气压数值〔将海平面的高度记为零〕，记录数据如下表。分析表中数据可知：该地区在海拔高度500m以下，大气压强p随高度h变化的关系是：。到了西藏后，海拔上升到了4000米左右。为了行车的平安和舒适，爸爸把车胎的气放掉了些，请分析这样做的原因是。h/m0100200300400500p/pa1×1050.99×1050.98×1050.97×1050.96×1050.95×10517．〔6分〕如图，小球悬挂在弹簧下端处于静止，请画出小球所受力的示意图。18．〔6分〕小明通过实验探究物体受力情况与运动状态之间的关系，他在弹簧测力计下悬挂一个3N的钩码，钩码的运动状态与弹簧测力计的示数记录如下表所示：实验次数钩码的运动状态弹簧测力计的示数〔N〕〔1〕静止3.0〔2〕静止3.0〔3〕加速向上运动4.5〔4〕加速向下运动2.3〔5〕减速向上运动2.4〔6〕减速向下运动3.8根据上表的信息，完成下面的问题：当小明在体重计上静止时，体重计的示数为550N，当小明从站立到迅速蹲下的过程中，可看作先加速向下运动，然后减速向下运动，最后静止，据前面的结论可知体重计的示数变化为A．一直小于550N最后等于550NB．一直大于550N最后等于550NC．先小于550N，后大于550N，最后等于550ND．先大于550N，后小于550N，最后等于550N。评卷人得分三．实验探究题〔共3小题，总分值26分〕19．〔12分〕在“观察从斜面滑下的小车在程度面上的运动〞活动中，小车在一样斜面顶端由静止释放，沿斜面下滑到达底端在毛巾、棉布和木板上向前运动一段间隔，分别停在如下图位置。〔1〕小车在一样斜面顶端由静止释放，是为了使小车到达程度面时的一样。〔2〕小车所受阻力越小，运动间隔越远。假如运动的物体在的理想情况下，它将保持原来的速度一直运动下去。300多年前，伽利略曾采用类似的方法得出一样的推论。〔3〕实验中，小车在棉布、木板外表抑制阻力做功的功率分别是P1、P2，那么P1P2．〔填“＞〞、“=〞或“＜“〕20．〔6分〕为了探究“影响液体内部压强大小的因素〞，甲乙两个实验小组分别采用如图1所示装置进展实验，其中甲装置U形管内装有已染色的水，密度取1.0×103kg/m3，实验装置经测试均可以正常使用。请答复以下问题：〔1〕关于两组实验装置以下描绘正确的选项是A．实验过程中，甲乙都是通过观察橡皮膜的形变来反映液体内部压强的大小B．甲乙装置都不是连通器〔2〕如图2是甲小组的实验过程：比较a、b两图可知，液体内部压强与液体的有关；拦河大坝做成上窄下宽的形状，其原因可以用比照两图所得出的结论进展说明；在图b中保持探头的位置不变，改变探头的方向，U形管两液面的高度差将〔选填“变大〞、“不变〞或“变小〞〕；小组成员将U形管的左端通过橡皮管与玻璃管侧壁管口相连通，当向玻璃管中吹气时，如图d所示，U形管内液面较高的是〔选填“a〞或“b〞〕侧。〔3〕假设在图b中U形管左右两侧液面的高度差△h=5cm，那么橡皮管内气体的压强与大气压强之差约为Pa。〔4〕乙组成员完成探究实验以后，对装置进展了一些改装，如图3所示，然后向装置左右两侧倒入一样质量的水〔图中橡皮膜不代表真实形状〕，待液面稳定后，橡皮膜将向〔选填“左〞或“右〞〕边发生形变。21．〔8分〕某中学两支物理小组的同学，在实验室中验证阿基米德原理〔1〕方案一，小刚用石块按如图甲实验步骤依次进展实验。由甲图可知，石块浸没在水中受到的浮力F浮=N，排开水的重力G排=N，发现F浮≠G排，造成这种结果的原因不可能是。A、整个实验过程中，弹簧测力计都没有校零B、最初溢水杯中的水未装至溢水口C、步骤C中，石块浸没后，碰触到溢水杯底部〔2〕方案二，如图乙，小明将装满水的溢水杯放在升降台C上，用升降台来调节溢水杯的高度。当小明逐渐调高升降台，发现随着重物浸入水中的体积越来越大，弹簧测力计A的示数〔选填“增大〞、“减小〞或“不变〞〕，且弹簧测力计A的示数变化量〔选填“大于〞、“小于〞或“等于〞〕B的示数变化量，从而证明了F浮=G排。〔3〕为了屡次实验得到普遍规律，方案〔选填“一〞或“二〞〕的操作更加简便。然后小明利用阿基米德原理测量某实心金属块的密度，实验步骤如下：①让小空筒漂浮在盛满水的溢水杯中，如图甲；②将金属块浸没在水中，测得溢出水的体积为18mL，如图乙；③将烧杯中18mL水倒掉，从水中取出金属块，如图丙；④将金属块放入小空筒，小空筒仍漂浮在水面，测得此时溢出水的体积为36mL，如图丁。请答复以下问题：①被测金属块的密度是kg/m3。②在实验步骤③和④中，将沾有水的金属块放入小空筒，测出的金属块密度将〔选填“偏大〞、“不变〞或“偏小〞〕。评卷人得分四．计算题〔共3小题，总分值16分〕22．〔6分〕如下图，物体B重5N。〔1〕假如用F=20N的力程度向右推它，固定在竖直墙上，那么物体B所受的摩擦力f是多大？〔2〕假如程度推力F减小到15N，物体刚好向下做匀速直线运动，此时物体所受的摩擦力f大小为多大？〔3〕假设将程度向右的推力F减小到9N，物体竖直方向受到的合力F合为2N，那么此时的滑动摩擦力为多大？23．〔4分〕如下图，有一圆柱体金属块A重20N，底面积为2.5×10﹣3㎡，高为0.1m，放在程度桌面上，〔g=10m/s2〕求：〔1〕金属块对桌面的压强；〔2〕金属块的密度；〔3〕假设用细绳系住金属块，让其浸没在容器B的水中，那么金属块受到细绳的拉力为多大？24．〔6分〕近期在日本召开了以美欧日等国的“七国峰会〞，在会上日本两次无理提出了我国南海问题。为了保卫国家主权，我军派调排水量达67500t的“辽宁〞号航空母舰加强了对南海黄岩岛等岛屿的巡逻。如图甲是辽宁号航空母舰的图片，辽宁号航空母舰以重油〔原油提出汽油、柴油后剩余的重质油〕为燃料。总功率1.5×108W，最大舰长304米，舰宽70.5米，飞行甲板长300米、宽70米，最高航速约54km/h．我国独立自主研发的航母舰载飞机﹣歼﹣15首次成功降落在“辽宁舰〞甲板上〔如图乙所示〕．〔g=10N/kg、水的密度为1×103kg/m3〕问：〔写出计算过程。〕〔1〕该航母训练平台上虽然没有帮助飞机起飞的弹射装置，但飞机跑道前端设计了向上翘起的滑跃式甲板，同时在飞机的尾喷管后安装一块阻挡喷出的气体的挡板。如图丙所示。挡板能起到帮助飞机起飞的作用是因为；舰载机为了顺利升空，最好是〔选填“顺风〞、“逆风〞或“无风〞〕时起飞。〔2〕航空母舰满载时受到浮力为多少？〔3〕假如航母总功率全部用来提供它向前的牵引力。当航母以最高航速54km/h航行1小时，它产生的牵引力是多少？假设这种状态下匀速航行1000km，航母发动机的效率为25%，至少需要燃烧多少千克的重油？〔重油的热值为4.0×107J/kg．〕〔4〕在某次巡逻演习中雷达发现假想敌潜艇在15海里外的水下10m处潜行。4架歼﹣15立即升空投下重量为100kg的感应式浅水水雷攻击，并成功将敌潜艇击沉。如图丁为感应式浅水水雷在水中待命时示意图，假设欲使水雷悬浮在水中，需在其下方用细绳悬挂一个密度为5×l03kg/m3、质量为31.25kg的物体，求水雷的密度？〔细绳的体积和质量忽略不计〕2019年07月23日177****0987的初中物理组卷参考答案与试题解析一．选择题〔共8小题，总分值24分，每题3分〕1．〔3分〕小明在上体育课时，通过一些活动联想到学过的物理知识，你认为以下联想错误的选项是〔〕A．“引体向上〞的同学握住单杠悬空静止，这时该同学受力平衡B．“踢足球〞利用了力使物体运动状态发生改变的道理C．“仰卧起坐〞利用了大气压的道理D．“单杠表演时手上搓镁粉〞利用了增大摩擦的道理【分析】利用以下知识分析判断：①物体处于静止或匀速直线运动时，受到平衡力的作用；②力的作用效果：一是改变物体的形状，二是改变物体的运动状态；③增大摩擦力的方法：增大压力，增大接触面的粗糙程度。【解答】解：A、“引体向上〞的同学握住单杠悬空静止，处于静止状态，受到重力和拉力是一对平衡力，故A正确；B、“踢足球〞时，因为足球受到力的作用，足球的运动状态就会发生改变，故B正确；C、“仰卧起坐〞时利用腹部肌肉的伸缩来完成的，跟大气压没关系，故C错误；D、“单杠表演〞时，为了防止手脱落下来，所以在手上搓镁粉增大摩擦，故D正确。应选：C。【点评】用所学物理知识分析身边实际现象是考试的重点，也反响了学以致用的思想，因此在平时学习时注意联络生活，多分析、多解释。2．〔3分〕关于物体所受的浮力，以下说法中正确的选项是〔〕A．空气中的物体不受浮力作用B．沉在水底的铁球不受浮力作用C．浮力是物体对液体施加的力D．浮力是液体或气体对物体压力的合力【分析】浮力是液体或气体对浸在其中的物体产生的向上托的力，其本质是物体在液体或气体中上下外表受到的压力差。【解答】解：A、空气中的物体与液体中的物体一样，都可能受浮力作用，故A错误；B、沉在水底的铁球排开了一定体积的水，所以受到浮力的作用，故B错误；C、浮力是物体受到液体或气体对它施加的力，故C错误；D、浮力的产生，其本质是物体在液体或气体中上下外表受到的压力差，即浮力是液体或气体对物体压力的合力，故D正确。应选：D。【点评】此题考察了对浮力的概念，浮力产生原因的理解，深化理解浮力的概念是解答的关键。3．〔3分〕高铁是中国新“四大创造〞之一，得到其他国家的普遍赞誉。如下图，如今有一辆高速列车在程度路面上做匀速直线运动。以下说法正确的选项是〔〕A．列车在运动中假设受到的外力全部消失，列车会立即停顿运动B．列车满载乘客和空载时，假设速度一样，列车的动力一样大C．此时列车对铁轨的压力与铁轨对列车的支持力是一对平衡力长D．此时列车的牵引力与受到的阻力是一对平衡力【分析】〔1〕牛顿第一定律的内容：一切物体在没有受到任何力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态；〔2〕滑动摩擦力的大小与压力的大小和接触面的粗糙程度有关，接触面的粗糙程度一样时，压力越大，滑动摩擦力越大；〔3〕一对平衡力必须大小相等、方向相反、作用在同一物体上、作用在一条直线上；〔4〕物体静止或做匀速直线运动时处于平衡状态，受到的力为平衡力。【解答】解：A．高速列车在程度路面上做匀速直线运动时，假设受到的外力全部消失，由牛顿第一定律可知，列车仍做匀速直线运动，故A错误；B．高速列车在程度路面上做匀速直线运动时，与铁轨的接触面粗糙程度不变，对铁轨的压力和和自身的重力相等，满载乘客时比空载时的重力大，对轨道的压力大，受到的摩擦力大，由二力平衡条件可知，满载乘客时的动力较大，故B错误；C．高速列车在程度路面上做匀速直线运动时，列车对铁轨的压力作用在铁轨上，铁轨对列车的支持力作用在列车上，二力是一对互相作用力，故C错误；D．高速列车在程度路面上做匀速直线运动时，处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，故D正确。应选：D。【点评】此题考察了牛顿第一定律和影响滑动摩擦力大小的因素、平衡力的区分以及二力平衡条件的应用，要注意平衡力和互相作用力的区别：是否作用在同一个物体上。4．〔3分〕小明在体育课上练习垫排球，当排球竖直上升到最高处时，假设所有外力都消失，那么排球将〔〕A．一直上升 B．掉落下来 C．先上升后下降 D．保持静止【分析】先分析排球在最高点时的运动状态，再根据牛顿第一定律可知，当物体不受外力时，将保持外力消失一瞬间时的状态。【解答】解：当排球运动到最高点时，排球在这一瞬间是静止的〔速度为0〕，假设此时所有外力都消失，根据牛顿第一定律可知，排球会保持静止状态不再改变，故D正确。应选：D。【点评】此题考察了牛顿第一定律的应用，是一道根底题。5．〔3分〕游泳的人由河边向深水走的过程中，假如河底布满石子，那么〔〕A．脚越来越疼，因为人越来越重B．脚疼越来越轻，因为人越来越轻C．脚疼越来越轻，因为河底对人的支持力越来越小D．脚越来越疼，因为河底对人的支持力越来越大【分析】游泳的人由河边向深水走的过程中，假如河底布满石子，要判断出人脚的感受，首先知道人受到浮力作用，且能判断出向深水走的过程中浮力大小的变化，从而解出人受到的支持力的变化。【解答】解：人向深水中走的过程中，受到的浮力逐渐增大，人此时受到三个力重力G、支持力F支、浮力F浮，满足F浮+F支=G，人重力不变，浮力逐渐增大，所以支持力逐渐减小，脚疼越来越轻。应选：C。【点评】脚的疼痛由人受到的支持力大小决定，此题存在三力平衡F浮+F支=G。6．〔3分〕如下图，两个底面积不同的薄壁轻质圆柱形容器甲和乙，放在程度地面上，容器内分别盛有体积一样的不同液体A和B，此时液体对容器底部的压强相等，现将完全一样的两个金属球分别浸没在A、B液体中〔液体不溢出〕，那么以下判断一定正确的选项是〔〕A．液体对容器底部的压强变化量△PA＞△PBB．容器对程度地面的压力变化量△FA＞△FBC．容器对程度地面的压强PA＞PBD．液体对容器底部的压力FA＞FB【分析】〔1〕根据p=ρgh分析出两种液体的密度关系，根据F浮=ρ液gV排判断浮力大小，对物体受力分析判断出支持力的大小，根据物体间力的作用是互相的判断出液体对容器底的变化，由图知S甲＞S乙，根据p=判断液体对容器底部的压强变化量的大小；〔2〕放入金属球后，容器对程度地面的压力变化量等于增加的球的重力，由图知S甲＞S乙，根据p=判断出容器对程度地面的压强的大小；〔3〕由F=pS可得，液体对容器底部的压力。【解答】解：〔1〕△PA==；△pB=；因为ρAghA=ρBghB；VA=VB；所以△PA=△PB，故A错误；〔2〕放入金属球后，容器对程度地面的压力变化量等于增加的球的重力，△FA=△FB，即容器对桌面的压力增加量一样，由图知S甲＞S乙，根据p=知，△pA＞△pB，故BC错误；〔3〕由图知SA＞SB，由F=pS可得，液体对容器底部的压力FA＞FB，故D正确。应选：D。【点评】此题考察了阿基米德原理、液体、固体压强的计算公式的应用和分析，题目较难。7．〔3分〕小明对图中所示的生活用具进展了分析，不正确的选项是〔〕A．甲图茶壶的壶嘴与壶体构成了连通器B．乙图中大气对吸盘的压力等于钩码的重力C．丙图指甲剪的刀刃做得很薄，目的是通过减小受力面积增大压强D．丁图使用剪刀时，物体越靠近O点越省力【分析】〔1〕上端开口，底部连通的容器叫连通器，连通器中装同种液体，液体静止时液面是相平的。〔2〕利用二力平衡条件对吸盘进展受力分析，判断大气对吸盘的压力与钩码的重力的关系；〔3〕增大压强的方法：是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；是在受力面积一定时，通过增大压力来增大压强。〔4〕杠杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂〔F1L1=F2L2〕，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小。【解答】解：A、甲图茶壶的壶嘴与壶体构成了连通器，故A正确；B、乙图中吸盘在竖直方向受竖直向下的拉力和竖直向上的摩擦力，并且二力是一对平衡力；在程度方向受大气对吸盘的压力和支持力，二力也是一对平衡力；因此大气对吸盘的压力与钩码的重力没有直接关系，故B错误；C、丙图指甲剪的刀刃做得很薄，目的是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；故C正确；D、丁图使用剪刀时，支点在O点，阻力和动力臂一定，物体越靠近O点，阻力臂越短，根据杠杆平衡条件可知，动力越小，即越省力，故D正确。应选：B。【点评】此题考察连通器原理、二力平衡条件及其应用、杠杆的应用、增大压强的方法，是一道综合性较强的题目。物理学的来源是生活，它的用处也是效劳于生活，所以我们生活中处处有物理学的知识，在平日的生活中要注意观察和积累。8．〔3分〕在两个完全一样的容器中分别倒入甲和乙两种不同的液体，如下图，以下分析正确的选项是〔〕A．假设甲和乙的质量相等，那么甲的密度小于乙的密度B．假设甲和乙对容器底部的压强相等，那么甲的密度小于乙的密度C．假设甲和乙对容器底部的压强相等，那么甲的质量小于乙的质量D．假设甲和乙的质量相等，那么甲对容器底部的压强小于乙对容器底部的压强【分析】〔1〕由题意可知，质量相等，体积不等，根据ρ=分析密度大小；〔2〕假设甲和乙对容器底部的压强相等，根据p=ρgh分析密度大小；〔3〕知道密度大小关系，根据p=比较出压力大小，采用割补法，比较液体重力大小关系，再比较出质量大小；〔4〕根据ρ=分析密度大小，再根据割补法分析甲和乙对容器底的压力大小，再根据p=比较出压强大小。【解答】解：A、由题意可知，甲和乙的质量相等，由图可知，V甲＜V乙，根据ρ=可知，ρ甲＞ρ乙，故A错误；B、假设甲和乙对容器底部的压强相等，由图可知，h甲＜h乙，根据p=ρgh可知，ρ甲＞ρ乙，故B错误；C、液体压强相等，两容器底面积相等，由p=可知，甲、乙对容器底的压力相等，即F甲=F乙﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①采用割补法〔如以下图所示〕，分别把容器两侧半球部分补上同种液体，此时液体为圆柱形；割补后深度不变，液体密度不变，所以液体对容器底的压强不变，又因为容器底面积不变，所以割补前后液体对容器底部的压力不变，且此时液体为圆柱形〔液体对容器底的压力等于液体的总重力〕；所以，F甲=G甲总﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②，F乙=G乙总﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣③，两容器完全一样，那么补上的液体体积相等，设补充的液体体积为V，由①②③可得：G甲总=G乙总，即m甲g+ρ甲gV=m乙g+ρ乙gV﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣④，由B选项可知，ρ甲＞ρ乙；所以由④式可得：m甲﹣m乙=〔ρ乙﹣ρ甲〕V＜0，所以m甲＜m乙，故C正确；D、由A选项可知，ρ甲＞ρ乙，由割补法可知，甲对容器底部的压力F甲=m甲g+ρ甲gV，乙对容器底部的压力F乙=m乙g+ρ乙gV，而m甲=m乙，ρ甲＞ρ乙，所以F甲＞F乙，又因为两容器的底面积相等，所以根据公式p=可知，p甲＞p乙，故D错误。应选：C。【点评】此题主要考察的是学生对压强、压力、密度、重力计算公式的理解和掌握，选项CD中采用割补法是此题的难点，割补前后液体对容器底部的压强、压力不变，难度较大。二．填空题〔共10小题，总分值34分〕9．〔4分〕甲、乙两人进展百米赛跑，甲到达终点时，乙还距终点10m，假设让甲从起跑线后退10m，甲、乙同时起跑，那么甲先到达终点，要让甲、乙同时起跑，并同时到达终点，那么乙应从起跑线前10m处起跑。【分析】假如让甲从起跑线后退10米与乙同时赛跑，等于让他们在距终点10米处同时起跑比赛。而甲的速度比乙快，可由此打破此题。也可通过画图的方法帮助理解。【解答】解：由题可知，甲跑了100米时，乙刚好跑了90米，那么甲的速度比乙快；〔1〕假设让甲从起跑线后退10m，甲、乙同时起跑〔如以下图所示〕，那么甲跑了100米时，乙刚好跑了90米，此时他们相遇，离终点还有10米；这样就等于让他们在距终点10米处同时起跑比赛，而甲的速度比较快，所以甲先到达终点。〔2〕显而易见，假设要让甲乙同时起跑，同时到达终点，那么乙应从起跑线前移10米，这样，甲跑了100米，乙就刚好跑了90米。故答案为：甲；10。【点评】此题主要考察学生对速度公式及其应用和速度与运动物体的理解和掌握，难度不大，是一道常见题。10．〔2分〕物体从静止变为运动或从运动变为静止，物体速度的大小或方向发生变化，都叫做运动状态的改变。【分析】解答此题的关键是理解和掌握力是改变物体运动状态的原因。【解答】解：力是改变物体运动状态的原因。力可以使运动的物体静止，也可以使静止的物体运动，也可以使物体运动速度的大小和方向发生改变。物体速度的大小或方向发生变化，都叫做运动状态的改变。故答案为：大小；方向。【点评】此题主要考察学生对物体运动状态变化的原因的理解和掌握。11．〔2分〕小铁球落入水中后，落水处向上激起一滴水珠，如下图是一瞬间一颗子弹将这滴水珠击穿的情景，这一瞬间水珠的上半部分由于惯性仍保持原来的位置不动，由于受重力作用水珠上半部分将会下落。【分析】一切物体都有保持原来运动状态的性质，叫惯性；地球外表的物体都受到重力作用，重力方向始终竖直向下。【解答】解：水珠被击穿的瞬间，水珠的上半部分由于惯性仍保持原来的位置不动，又由于受重力作用水珠上半部分将会下落。故答案为：惯性；重力。【点评】此题考察学生对惯性和重力概念的理解，注意一切物体都有惯性。12．〔4分〕如下图，小李同学要喝到盒中饮料，必须用吸管较尖的一端才容易插入盒中，这是因为受力面积较小〔填“较大〞或“较小〞〕而压强较大的缘故。当她吸了一口饮料后，纸盒会瘪进去一些，这是由于大气压的作用。【分析】〔1〕压强大小跟压力大小和受力面积大小有关。增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，增大压力来增大压强。〔2〕用吸管吸饮料，是利用大气压的作用把饮料压入嘴里。【解答】解：〔1〕饮料的吸管一端做成尖形，在压力一定时，减小受力面积来增大吸管对饮料盒的压强，这样才容易插入盒中。〔2〕吸管吸饮料时，吸气时，管内压强减小，纸盒会瘪进去一些，饮料在大气压作用下被压入嘴里。故答案为：较小；大气压。【点评】掌握压强大小的影响因素，利用控制变量法解释生活中有关增大和减小压强的问题；用吸管吸饮料利用了压强、大气压的作用等知识点，表达了物理和生活的亲密关系。13．〔4分〕1644年，意大利科学家托里拆利最早测出来大气压的值。如图，在两球之间气体流速较周边的气体流速要快，这两个球互相靠近〔选填“互相分开〞或“互相靠近〞〕。【分析】〔1〕托里拆利实验是首次测出大气压强值的著名实验；〔2〕流体流速越大压强越小。分析两球中间和球片外侧的空气流速，分析两球中间和外侧的压强。【解答】解：托里拆利实验第一次测出了大气压值；吹气使两球中间空气的流速变大，两球中间空气的压强变小，球外侧压强不变，所以两球中间的压强小于球片外侧压强，两球向中间靠拢。故答案为：托里拆利；互相靠近。【点评】此题考察了生活中的现象包含的物理知识，注重了物理知识与生活实际的联络，学习中要注意学以致用。14．〔2分〕如下图，将边长为10cm的正方体木块放入装有某种液体的圆柱形容器中，木块静止时，有1/4的体积露出液面，此时液面比放入木块前升高2cm，容器底部受到的压强变化了160Pa〔取g=10N/kg〕，那么液体的密度是0.8×103kg/m3，木块受到的浮力是6N，假设使木块完全浸没需要加2N向下的压力。【分析】〔1〕压强变化了160Pa，根据公式p=ρgh即可求出液体的密度；〔2〕求出木块的体积，根据G=mg=ρgV求出木块的重力，根据漂浮条件即可求出浮力；〔3〕根据阿基米德原理求出浸没时所受的浮力，然后利用F=F浮﹣G求出压力。【解答】解：〔1〕根据公式p=ρgh可得液体密度：ρ液===0.8×103kg/m3；〔2〕木块静止时有的体积露出液面，那么V排==，根据漂浮条件可得：F浮=G木，即ρ液gV排=ρ木gV木，所以ρ木===0.6g/cm3；木块的体积=〔10cm〕3=1000cm3=1×10﹣3m3，木块的重力G木=m木g=ρ木gV木=0.6×103kg/m3×10N/kg×1×10﹣3m3=6N；〔3〕木块完全浸没浮力F浮′=ρ液gV木=0.8×103kg/m3×10N/kg×1×10﹣3m3=8N，那么压力F=F浮′﹣G木=8N﹣6N=2N。故答案为：0.8×103；6；2。【点评】此题考察压强，密度，浮力的计算是综合题。15．〔2分〕液压千斤顶大活塞的面积是小活塞面积的500倍，那么，在小活塞上放一只2kg的兔子，大活塞上便可顶起一头1000kg的大象。【分析】由题意可知，大小活塞的面积之比和大象的质量，程度面上物体的压力和自身的重力相等，根据帕斯卡原理〔加在密闭液体上的压强，可以大小不变地由液体向各个方向传递〕和p=、G=mg得出等式即可求出兔子的质量。【解答】解：由帕斯卡原理可知，加在密闭液体上的压强，可以大小不变地由液体向各个方向传递，即p大=p小，因程度面上物体的压力和自身的重力相等，即F=G=mg，所以，由p=可得：=，即：=，那么兔子的质量：m兔子=×m大象=×1000kg=2kg。故答案为：2。【点评】此题考察了学生对压强公式、帕斯卡原理的掌握和运用，可以借助“小面积小力、大面积大力〞记忆，防止因颠倒出错！16．〔2分〕暑假小芳和爸爸自驾去各地旅行。一路上，小芳利用气压计测得不同高度的大气压数值〔将海平面的高度记为零〕，记录数据如下表。分析表中数据可知：该地区在海拔高度500m以下，大气压强p随高度h变化的关系是：p=105Pa﹣h×10Pa/m。到了西藏后，海拔上升到了4000米左右。为了行车的平安和舒适，爸爸把车胎的气放掉了些，请分析这样做的原因是海拔升高，外界大气压减小，易爆胎。h/m0100200300400500p/pa1×1050.99×1050.98×1050.97×1050.96×1050.95×105【分析】〔1〕结合表格中的海拨高度与大气压的关系进展分析解答；〔2〕大气压与高度的关系是：大气压随高度的增加而降低，据此分析。【解答】解：由表格数据可知，当海拔高度越高，大气压值越小，高度每升高100m，大气压减小0.01×105Pa，即高度每升高1m，大气压减小10Pa，所以大气压强p随高度h变化的关系式是：p=p=105Pa﹣h×10Pa/m。由于大气压随高度的增加而降低。西藏海拔高，高原气压低，小于原来车胎内的气压，车胎内的气体要膨胀，体积增大，有可能爆胎，所以到了西藏高原后，车胎的气要放掉些的原因是：海拔升高，外界大气压减小，易爆胎。故答案为：p=p=105Pa﹣h×10Pa/m；海拔升高，外界大气压减小，易爆胎。【点评】此题考察大气压与高度的关系，对于此类信息给予题目要结合题目中的数据进展分析求解，不可乱猜，对学生分析归纳才能要求较高，具有一定的难度。17．〔6分〕如图，小球悬挂在弹簧下端处于静止，请画出小球所受力的示意图。【分析】小球处于平衡状态，一定受力平衡，受到重力和弹簧的拉力，重力的作用点在重心上，方向竖直向下，拉力的作用点在重心上，方向竖直向上。【解答】解：小球受重力和拉力，重力竖直向下画，标上符号G，拉力竖直向上画，作用点在弹簧与小球的接触点，标出符号F，注意两个力长度相等，如图：【点评】平衡状态的物体，一定受到平衡力的作用；作出力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点。18．〔6分〕小明通过实验探究物体受力情况与运动状态之间的关系，他在弹簧测力计下悬挂一个3N的钩码，钩码的运动状态与弹簧测力计的示数记录如下表所示：实验次数钩码的运动状态弹簧测力计的示数〔N〕〔1〕静止3.0〔2〕静止3.0〔3〕加速向上运动4.5〔4〕加速向下运动2.3〔5〕减速向上运动2.4〔6〕减速向下运动3.8根据上表的信息，完成下面的问题：当小明在体重计上静止时，体重计的示数为550N，当小明从站立到迅速蹲下的过程中，可看作先加速向下运动，然后减速向下运动，最后静止，据前面的结论可知体重计的示数变化为CA．一直小于550N最后等于550NB．一直大于550N最后等于550NC．先小于550N，后大于550N，最后等于550ND．先大于550N，后小于550N，最后等于550N。【分析】〔1〕分析表格中的数据，得出物体处于平衡、加速向下运动、减速向上运动时物体对弹簧秤的拉力与自身重力的关系；〔2〕根据小明的运动状态，结合〔1〕中分析得出的结论进展分析答题。【解答】解：〔1〕由表中数据可知，①物体静止时，它对悬挂物的物体的拉力或对支持物的压力等于自身重力，合力为零；②物体加速向下运动时，它对悬挂物的拉力或对支持物的压力小于自身的重力，合力方向向下；③物体减速向下运动时，它对悬挂物的拉力或对支持物的压力大于自身的重力，合力方向向上。〔2〕当小明从站立到迅速蹲下的过程中，分为三个阶段；①加速向下运动，由②的结论知：小明受到的合力F方向向下，那么体重计的支持力〔即示数〕：F示=G﹣F＜G=550N；②减速向下运动，由③的结论知：小明受到的合力F方向向上，体重计的支持力，即F示=G+F＞G=550N；③静止，此时小明受平衡力的作用，合力为0，体重计的支持力，即F示=G=550N；综上可知，整个过程体重计的示数，先减小、后增大，最后等于550N，C符合题意。故答案为：C。【点评】此题主要考察学生由表格数据总结实验结论的才能，并且根据实验结论解决实际问题。此题涉及到了非平衡力，此知识点对初中生来说是个难点，因此此题属于难题。三．实验探究题〔共3小题，总分值26分〕19．〔12分〕在“观察从斜面滑下的小车在程度面上的运动〞活动中，小车在一样斜面顶端由静止释放，沿斜面下滑到达底端在毛巾、棉布和木板上向前运动一段间隔，分别停在如下图位置。〔1〕小车在一样斜面顶端由静止释放，是为了使小车到达程度面时的速度一样。〔2〕小车所受阻力越小，运动间隔越远。假如运动的物体在不受任何阻力的理想情况下，它将保持原来的速度一直运动下去。300多年前，伽利略曾采用类似的方法得出一样的推论。〔3〕实验中，小车在棉布、木板外表抑制阻力做功的功率分别是P1、P2，那么P1＞P2．〔填“＞〞、“=〞或“＜“〕【分析】〔1〕在进展牛顿第一定律的实验时，我们主要研究的是摩擦阻力对小车运动情况的影响，因此，需控制小车在程度面的速度相等，这样才能得出其不同摩擦阻力下，对小车运动状态的影响。再根据不同外表的摩擦大小，可判断小车前进间隔的远近；〔2〕分析实验现象可知，小车受到的阻力越小，其前进的间隔会越远，据此进一步做出极端假设，即小车不受外力时，会永远运动下去。这一实验是牛顿第一定律得出的根底，再在此根底上进展科学推理才最终得出了这一著名的定律。〔3〕从小车的动能全部转化为内能，大小等于抑制阻力做的功分析，在木板面积阻力小，滑行间隔远，时间长，根据P=分析功率的大小。【解答】解：〔1〕实验中，每次都让小车从同一个斜面的一样位置由静止开场滑下，是为了使小车到达斜面底端时具有一样的速度，这是控制变量法的要求。〔2〕由实验现象可知，图中小车在不同材料外表滑行时，程度面粗糙程度越小，小车受到的阻力越小，小车运动的越远。在此实验的根底上进展合理的推理，可以得到：运动物体不受任何阻力的理想情况下，它将保持匀速直线运动。〔3〕因小车到达程度面时初速度一样，小车的动能一样，最终速度为0，小车的动能全部转化为内能，大小等于抑制阻力做的功，故小车在棉布、木板外表上抑制阻力做功相等，即W1=W2；但在木板外表滑行时间长，根据P=知木板外表功率小，木板外表功率大，即那么P1＞P2。故答案为：〔1〕速度；〔2〕不受任何阻力；〔3〕＞。【点评】此题主要考察了牛顿第一定律的实验过程和推理过程，这一实验结果的得出方式是我们应该特别注意的，同时，实验中还用到了控制变量的方法，也是我们应该重点学习的。20．〔6分〕为了探究“影响液体内部压强大小的因素〞，甲乙两个实验小组分别采用如图1所示装置进展实验，其中甲装置U形管内装有已染色的水，密度取1.0×103kg/m3，实验装置经测试均可以正常使用。请答复以下问题：〔1〕关于两组实验装置以下描绘正确的选项是BA．实验过程中，甲乙都是通过观察橡皮膜的形变来反映液体内部压强的大小B．甲乙装置都不是连通器〔2〕如图2是甲小组的实验过程：比较a、b两图可知，液体内部压强与液体的密度有关；拦河大坝做成上窄下宽的形状，其原因可以用比照bc两图所得出的结论进展说明；在图b中保持探头的位置不变，改变探头的方向，U形管两液面的高度差将不变〔选填“变大〞、“不变〞或“变小〞〕；小组成员将U形管的左端通过橡皮管与玻璃管侧壁管口相连通，当向玻璃管中吹气时，如图d所示，U形管内液面较高的是a〔选填“a〞或“b〞〕侧。〔3〕假设在图b中U形管左右两侧液面的高度差△h=5cm，那么橡皮管内气体的压强与大气压强之差约为500Pa。〔4〕乙组成员完成探究实验以后，对装置进展了一些改装，如图3所示，然后向装置左右两侧倒入一样质量的水〔图中橡皮膜不代表真实形状〕，待液面稳定后，橡皮膜将向左〔选填“左〞或“右〞〕边发生形变。【分析】〔1〕上端开口，下部连同的容器是连通器；〔2〕掌握液体压强的特点，液体压强与液体的密度和深度有关，在探究过程中，要注意控制变量法的应用；在同一深度，液体内部向各个方向的压强都相等；根据气体压强与流速的关系：气体在流速大的地方压强小，在流速小的地方压强大。〔3〕根据p=ρgh求出液体产生的压强即为橡皮管内气体的压强与大气压之差；〔4〕对于同种液体，液体压强随着深度的增加而增大。【解答】解：〔1〕据图可知，甲图是通过看U形管中液面的高度差来判断液体压强的大小的；而乙图是通过观察橡皮膜的凹陷程度来判断两侧液体压强大小的；据连通器的特点可知，甲装置的下部连同，但左侧的上端没有开口，故不是连通器；乙装置中，隔板两侧的液体上端开口，下端不连同，所以都不是连通器；应选B。〔2〕ab两图，同一液体，橡皮膜在液体中的深度一样，U形管两边液面的高度差不同，且液体密度越大，高度差越大，即压强越大，可得在同深度，液体的密度越大，液体的压强越大；拦河坝做成上窄下宽，是因为液体的压强随着深度的增加而增加，坝底部受到的压强较大，比较bc两图可知，液体的密度一样，深度越大，U型管左右液面差越大，压强越大；在图b中保持探头的位置不变，改变探头的方向，探头所受的液体压强不变，即U形管两液面的高度差将不变；在d图中，从左侧管口沿程度方向用力吹气时，左管上端的空气流速快、压强小，右管上端空气流速小、压强大；由于大气压强的作用，液体从右侧压入左侧一部分，所以左〔a〕侧液面将升高。〔3〕橡皮管内气体的压强与大气压之差：p=ρgh=1×103kg/m3×10N/kg×0.05m=500Pa；〔4〕据图可知，向装置左右两侧倒入一样质量的水，由于左侧的横截面积大，所以深度小；而右侧的横截面积大，所以深度大，故右侧的压强大于左侧的压强，故橡皮膜向左发生形变。故答案为：〔1〕B；〔2〕密度；bc；不变；a；〔3〕500；〔4〕左；【点评】此题主要考察的是学生对液体压强的影响因素实验的理解和掌握，注意控制变量法和转换法的运用。21．〔8分〕某中学两支物理小组的同学，在实验室中验证阿基米德原理〔1〕方案一，小刚用石块按如图甲实验步骤依次进展实验。由甲图可知，石块浸没在水中受到的浮力F浮=0.5N，排开水的重力G排=0.4N，发现F浮≠G排，造成这种结果的原因不可能是A。A、整个实验过程中，弹簧测力计都没有校零B、最初溢水杯中的水未装至溢水口C、步骤C中，石块浸没后，碰触到溢水杯底部〔2〕方案二，如图乙，小明将装满水的溢水杯放在升降台C上，用升降台来调节溢水杯的高度。当小明逐渐调高升降台，发现随着重物浸入水中的体积越来越大，弹簧测力计A的示数减小〔选填“增大〞、“减小〞或“不变〞〕，且弹簧测力计A的示数变化量等于〔选填“大于〞、“小于〞或“等于〞〕B的示数变化量，从而证明了F浮=G排。〔3〕为了屡次实验得到普遍规律，方案二〔选填“一〞或“二〞〕的操作更加简便。然后小明利用阿基米德原理测量某实心金属块的密度，实验步骤如下：①让小空筒漂浮在盛满水的溢水杯中，如图甲；②将金属块浸没在水中，测得溢出水的体积为18mL，如图乙；③将烧杯中18mL水倒掉，从水中取出金属块，如图丙；④将金属块放入小空筒，小空筒仍漂浮在水面，测得此时溢出水的体积为36mL，如图丁。请答复以下问题：①被测金属块的密度是3×103kg/m3。②在实验步骤③和④中，将沾有水的金属块放入小空筒，测出的金属块密度将不变〔选填“偏大〞、“不变〞或“偏小〞〕。【分析】〔1〕方案一〔1〕根据称重法测出小石块受到的浮力；排开水的重力等于排开的水和小桶的重力之和减掉空桶的重力；逐一分析每个选项，确定不符合条件的选项；〔2〕方案二：根据阿基米德原理可知，重物浸入水中的体积越来越大时受到的浮力变大，根据称重法可知弹簧测力计A示数的变化；此时重物排开水的体积变大即溢出水的体积变大，据此可知弹簧测力计B示数的变化；再根据阿基米德原理判断弹簧秤A的示数变化量和弹簧秤B的示数变化量之间的关系；〔3〕比较两个方案确定哪个操作更简便；①根据图甲和图乙求出金属块排开水的体积，即金属块的体积；根据图丙和图丁求出金属块受到的浮力，再利用物体漂浮条件可得金属块的重力，然后利用G=mg求出其质量，最后根据ρ=计算金属块的密度；②通过分析金属块的体积在测量过程中的变化，根据ρ=分析在实验步骤③和④中，将沾有水的金属块放入小空筒，对实验结果的影响。【解答】解：〔一〕方案一：〔1〕根据F浮=G﹣F可知，石块浸没在水中受到的浮力F浮=F1﹣F3=2N﹣1.5N=0.5N；排开水的中力G排=F4﹣F2=1.9N﹣1.5N=0.4N；F浮＞G排，A、假设弹簧测力计都没有校零，那么四次测量结果都应加上测量前弹簧测力计示数，那么所得浮力与排开水的重力大小应不变，故A不可能；B、假设最初溢水杯中的水未装至溢水口，那么石块排开水的只有一部分溢出到桶中，排开水的重力G排减小，B有可能；C、步骤C中，石块浸没后，碰触到溢水杯底部，那么导致F4减小，那么G排=F4﹣F2减小，C有可能；故不能的是A；〔二〕方案二：〔1〕重物浸入水中的体积越来越大时，排开液体的体积变大，根据F浮=ρ液gV排可知，重物受到的浮力变大，因为F浮=G﹣F示，所以弹簧测力计A的示数F示=G﹣F浮变小；又因为重物浸入水中的体积越来越大时，溢出水的体积变大、溢出水的质量变大、溢出水受到的重力变大，所以弹簧测力计B的示数变大；根据阿基米德原理可知，物体所受浮力的大小和排开液体的重力相等，所以弹簧测力计A示数的变化量和弹簧测力计B的示数变化量相等；〔3〕由上可知，方案二的操作可较方便的完成屡次实验，使结论有普遍性。①在图甲中，小空桶受到的浮力等于其重力：G桶=F浮1﹣﹣﹣﹣①；由图乙可知，金属块的体积V金属块=18mL，在图丁中，小空桶和金属块处于漂浮状态，此时小空桶和金属块的总重等于受到的浮力：G总=G桶+G金属块=F浮2﹣﹣﹣﹣﹣②，②﹣①得：G金属块=F浮2﹣F浮1，图丁中增加的排开水的体积：V′=18mL+36mL=54mL，由阿基米德原理：G金属块=m金属块g=F浮2﹣F浮1=ρ水gV排，故m金属排=ρ水V排，故金属块的密度：ρ金属块==ρ水=×1.0×103kg/m3=3×103kg/m3，②在实验步骤③和④中测得的金属块的体积一定，在实验步骤③和④中，将沾有水的金属块放入小空筒，相当于减少了小空桶排开水的重力，增加了小空桶和金属块排开水的重力，而且其减少量等于增加量，故金属块排开水的体积不变，所受浮力不变，那么其重力、质量不变，所以根据ρ=可知，测出的金属块密度不变。故答案为：〔1〕0.5；0.4；A；〔2〕减小；等于；〔3〕二；①3×103；②等于。【点评】此题验证阿基米德原理，考察操作过程及误差的分析和对实验方案评估和改进，同时也考察了有关物体密度的计算、力的平衡、阿基米德原理等，根据条件确定金属块的体积和质量是解决此题的关键。综合性强，难度大，为压轴题。四．计算题〔共3小题，总分值16分〕22．〔6分〕如下图，物体B重5N。〔1〕假如用F=20N的力程度向右推它，固定在竖直墙上，那么物体B所受的摩擦力f是多大？〔2〕假如程度推力F减小到15N，物体刚好向下做匀速直线运动，此时物体所受的摩擦力f大小为多大？〔3〕假设将程度向右的推力F减小到9N，物体竖直方向受到的合力F合为2N，那么此时的滑动摩擦力为多大？【分析】物体无论是做匀速直线运动还是静止都处于平衡状态，故由力的平衡条件可得出摩擦力；当物体运动状态改变时，那么受到了非平衡力的作用，据此分析摩擦力的大小。【解答】解：〔1〕用F=20N的力程度向右推物体，物体静止时，竖直方向受向下的重力和向上的摩擦力，二力应为平衡力，即摩擦力大小等于重力5N；〔2〕当程度推力F减小到15N，物体沿竖直面匀速下滑时，竖直方向受重力和向上的摩擦力，二力应大小相等，故摩擦力大小仍为5N；〔3〕假设将程度向右的推力F减小到9N，物体沿竖直面加速下滑，竖直方向受重力和向上的摩擦力的合力为2N，故摩擦力大小为5N﹣2N=3N。答：〔1〕用F=20N的力程度向右推物体固定在竖直墙上，物体B所受的摩擦力f为5N；〔2〕当程度推力F减小到15N，物体刚好向下做匀速直线运动，此时物体所受的摩擦力f为5N；〔3〕将程度向右的推力F减小到9N，物体竖直方向受到的合力F合为2N，那么此时的滑动摩擦力为3N。【点评】许多学生在做此题时由于受到压力F的干扰而出现错误，在理解二力平衡时应注意只有在同一条直线上的两个力才有可能是平衡力。23．〔4分〕如下图，有一圆柱体金属块A重20N，底面积为2.5×10﹣3㎡，高为0.1m，放在程度桌面上，〔g=10m/s2〕求：〔1〕金属块对桌面的压强；〔2〕金属块的密度；〔3〕假设用细绳系住金属块，让其浸没在容器B的水中，那么金属块受到细绳的拉力为多大？【分析】1、金属块重力就等于压力，还知金属块底面积可求压强，2、知道金属块底面积和金属块高度可求体积。知道金属块重力可求质量，质量除以体积就是密度，3、根据力的合成拉力等于重力减浮力，浮力就等于ρgV。【解答】解：〔1〕金属块放在程度桌面上，所以对桌面的压力F=G=20N。对桌面的压强=。答：金属块对桌面的压强8×103Pa。〔2〕金属块的体积V=Sh=2.5×10﹣3m2×0.1m=2.5×10﹣4m3。金属块的密度ρ===Kg/m3=8×103Kg/m3。答：金属块的密度8×103Kg/m3。〔3〕金属块浸没在水中受到的浮力F浮=ρ水gV排=10×103×10×2.5×10﹣4N=2.5N。细绳受到的拉力F=G﹣