2022年高考物理押题预测卷01（福建卷）（全解全析）

物理第页）2022年高考押题预测卷01【福建卷】物理·全解全析12345678BDDCBDABCADAB1．【答案】B【解析】A．由几何关系结合对称知识可知，三个粒子射出磁场时，速度方向的反向延长线均过原点O，选项A错误；B．由轨道半径公式可知速度越大轨道半径越大，所以c粒子的速率最大，则B正确；C．因a粒子的轨道半径最小，可知速率最小，动能最小，选项C错误；D．公式可知三个质量和电荷量都相同的带电粒子a、b、c的粒子的运动周期相同，粒子在磁场中的运动时间为则运动时间的长短由圆心角的大小来决定，由图像可知a的圆心角最大，c的圆心角最小，所以a粒子在磁场中运动的时间最长，c粒子在磁场中运动的时间最短，则D错误；故选B。2．【答案】D【解析】A．由题图可知，在t1时刻，无人机水平方向做匀速直线运动，竖直方向匀加速上升，则无人机的加速度竖直向上，故无人机处于超重状态，故A错误；B．在时刻，无人机竖直向上的速度达到最大，但不是最高点，后面还在匀减速上升，故B错误；C．在内，无人机的初速度和加速度不共线，所以无人机做曲线引动，故C错误；D．在内，无人机水平方向做匀减速直线运动，则水平加速度恒定，竖直方向匀减速上升，竖直加速度恒定，则无人机的合加速度恒定，故无人机做匀变速运动，故D正确。故选D。3．【答案】D【解析】A．闭合开关后，灯泡两端的电压为A错误；B．变压器不改变频率，交变电流的频率为B错误；C．设升压变压器的输出电压为，输送电流为，所有灯泡获得的总功率为闭合的开关数越多，灯泡总电阻越小，所以灯泡总功率有可能先增大后减小，也有可能一直减小。C错误；D．依次闭合开关S1、S2、S3·····，灯泡总电阻逐渐减小，输送电流逐渐增大，所以灯泡两端的电压逐渐减小，灯泡L1越来越暗。D正确。故选D。4．【答案】C【解析】A与B保持相对静止，则二者向下的加速度是相等的，设它们的总质量为，根据牛顿第二定律得解得同理，若以C、D为研究对象，则它们共同的加速度大小也是以A为研究对象，A受到重力、斜面体B竖直向上的支持力时，合力的方向在竖直方向上，水平方向的加速度为该加速度由水平方向弹簧的弹力提供，所以弹簧处于压缩状态，根据牛顿第二定律可得以C为研究对象，对C根据牛顿第二定律得解得则故C正确，ABD错误。故选C。5．【答案】BD【解析】根据核反应前后系统的总动量守恒，知核反应前两氘核动量等大反向，系统的总动量为零，因而反应后氦核与中子的动量等大反向，动量不同，A错误；该核反应前后释放的能量，B正确；由能量守恒可得：核反应后的总能量为，由动能与动量的关系，且，可知核反应后氦核的动能为，核反应后中子的动能为：，C错误，D正确．6．【答案】ABC【解析】A．设s是物块在水平面上运动的总路程，根据动能定理有解得若物块不与墙壁相碰，则物块最终静止时距斜面底端的距离为，故A正确；BD．若只发生一次碰撞，但未再次滑上斜面时，物块最终静止时距斜面底端的距离为，故B正确，D错误；C．若碰后能再次滑上斜面，物块最终静止时距斜面底端的距离为，故C正确。故选ABC。7．【答案】AD【解析】A．根据电势能与电势的关系可知场强与电势的关系所以由图像的斜率为，因为处的斜率比处的斜率大，所以处电场强度比处电场强度大，故A正确；B．由于电子带负电，在处，电子的电势能最大，电势最小，处图像的斜率为零，电场强度为0，故B错误；C．电子从到，电势能减小，电场力做正功，则处的电场强度方向沿x轴负方向，故C错误；D．根据能量守恒，电子在处的电势能小于电子在处的电势能，则电子在处的动能大于处的动能，所以电子在处的速度大于处的速度，故D正确。故选AD。8．【答案】AB【解析】A．因为双星系统的角速度相同，故对A、B可得即即恒星A的质量大于恒星B的质量，故A正确；B．对恒星A可得解得恒星B的质量为故B正确；C．对卫星C满足可见无法求出卫星C的质量，故C错误；D．因为恒星A和B始终共线，所以三星A、B、C相邻两次共线的时间间隔为，故D错误。故选AB。9．【答案】

吸热

3V【解析】汽缸开口向上时，则汽缸开口向下时，则则由玻意耳定律可得解得V′=3V气体体积变大，对外做功，即W<0，温度不变，则内能不变，∆U=0，根据∆U=W+Q可知Q>0，气体吸热。10．【答案】

20

-5【解析】由图可得波的传播速度为由图甲可知t=0.2s时刻x=2m处质点的位移为因为0.2s为半个周期，所以t=0时刻x=2m处质点的位移为11．【答案】

AC

0.98

9.78

偏小【解析】（1）A．打点计时器的安装要求两限位孔在同一竖直线上，以减小纸带与限位孔间阻力的影响，故A正确；B．开始打点计时的时候应先接通电源后释放纸带，故B错误；CD．电火花计时器应接在交流电源上，故C正确，D错误。故选AC。（2）打下点时重物的瞬时速度（3）根据逐差法得加速度。（4）如果在某次实验中，交流电的频率为，，那么实际打点周期变小，根据运动学公式可知偏小，即测量的加速度值与真实的加速度值相比偏小。12．【答案】

7.5

1.48

1.5

不合理，改装后电流表的内阻与电池内阻相差不大，忽略后，会使内阻的测量值相对误差过大。【解析】（1）根据并联电路电流分配关系，电流与电阻成反比，当电流表满偏时，流过电阻的电流为200mA，则干路电流为202mA，则量程约为。（2）根据闭合电路欧姆定律，当电流表达到满偏时，回路中总电阻为了保护电流表，闭合开关之前，电阻箱接入电路的电阻值应大于。（3）根据闭合电路欧姆定律解得整理可得斜率表示E，根据图线可得代入及，，，解得。不合理，改装后的电流表内阻约为1Ω，被测电池内阻约为1.5Ω，如果把电表当成理想电表，测量值为2.5Ω，相对误差相对误差太大。13．【答案】（1）；（2）【解析】（1）设折射角为r，光路图如图所示入射角由折射定律有在中，根据正弦定理有其中解得（2）在中，根据正弦定理有解得光从P点入射到第一次射出透明体的传播时间又解得14．【答案】（1）；（2）；（3）3：4【解析】（1）设运动过程中摩擦阻力做的总功为W，则即整个过程中摩擦阻力所做的总功为。（2）设动力车1初速度为，第一次碰前速度为，碰后两车的共同速度为；第二次碰前两车速度为，碰后三车的共同速度为，由动能定理，分别对三段减速过程列式有由动量守恒定律对两次碰撞过程分别列式有联立解得（3）设两次碰撞中系统动能损失分别为和，分别有即因碰撞损失的动能为由功能关系知因摩擦损失的动能为则因摩擦系统损失的动能和因碰撞系统损失的动能之比为3：4。15．【答案】（1）；（2）；（3）L≥（-5）m【解析】（1）线框abcd刚开始运动时速度为零，根据法拉第电磁感应定律有根据欧姆定律有设线框abcd刚开始运动时的加速度a，根据牛顿第二定律有解得（2）设线框在驱动磁场中匀速运动时速度为vm，根据法拉第电磁感应定律有根据欧姆定律有根据平衡条件有解得（3）线框abcd在越过边界线过程中摩擦力大小f随ab边离开MN的位移x之间的关系为（0≤x≤L）根据f-x图象的面积求得摩擦力做功设线框abcd在越过边界线后速度为v，根据动能定理有解得线框abcd和线框efgh发生正碰，系统动量不变，