物理-第六章学案

第六章静电场26电荷及其守恒定律库仑定律

q1q2，当两电荷的距离趋近于零时，静电力将趋向无kq1q2q1对q2q2q1A、B、C，A带电荷量＋7Q、B带电荷量－Q、C不带B球间的库仑力变为原来的)A．35/8B．7/4C．4/7悬挂在O点静止时AB相距为d.为使平衡时 2A、B2B8将小球A、BB倍e＝1.6×10－19C.荷量．)2很远，此时球1、2之间作用力的大小为F.现使球3先与球2接触，再与球1接触，然后将球3移至远处，此时1、2之间作用力的大小仍为F，方向不变．由此可知( 2(2010·启东模拟)2所示，两个质量均为mab，L3Qa、b两球之间的万有引力F引、库仑力F库分别为 A．F引＝GL2，F库 B．F引≠GL2，F库 C．F引≠GL2，F库 D．F引＝GL2，F库列平衡方程(F合＝0Fx＝0，Fy＝0)或用平衡条件推论分析．为点电荷)在PPA与AB的夹角α与Q1Q2的关系满足()A．tan2 B．tan2 C．tan3 D．tan3

[1](2009·浙江理综·16)43个电荷量均簧的原长为()

B．l－

带电－9Q.C，恰好使三个点电荷均在电场力的作用下处于平衡状态，问：C应带什么性质的电？应放于何处？所带电荷量为多少？[2]6所示，水平天花板下用长度相同的绝缘细线悬挂起来的两个相同a、b，左边放一个带正电的固定球＋Q时，两悬球都保持竖直方向．下面说法中正确的是()A．a球带正电，baB．a球带负电，b球带正电，并且aC．a球带负电，b球带正电，并且aD．a球带正电，ba【例5】一根放在水平面内的光滑玻璃管绝缘性能很好，管有两个完全一样的弹再次经过图中位置时，A球的瞬时加速度为释放时的几倍？A、B、Cm，间距均为r，A、BqCF8所示，欲使得三个小球在运动过程中保持间距r不变，求：CF 2．M和N是两个不带电的物体，它们互相摩擦后M带正电1.6×10－10C，下列判断正 A．在摩擦前M和N的没有任何电B．摩擦的过程中电子从M转移到C．N1.6×10－10D．M1.6×10－10下面各图A球系在绝缘细线的下端，B球固定在绝缘平面上，它们带电的种类以及位置已在图中标出．A球能保持静止的是( 在M、N间放一带电小球b，则b应(a、b两小球均可看成点电荷 带负电，放在ABCC5．(2010·辽宁沈阳二测)10所示，点电荷＋3Q与＋Q分别固定在A、B两点，C、D两点将ABC点开始以某一初速度向右运动，CD之间的运动，下列说法中可能正确的是()竖直方向，a、b、c连线恰构成一等边三角形，则下列说法正确的是()在光滑绝缘的水平面上，相距一定的距离放有两个质量分别为m和2m的带电小球(可视为质点)A和B.在t1＝0时，同时将两球无初速释放，此时A球的加速度大小为a；经一段时间后，在t2＝t时，B球的加速度大小也变为a.若释放后两球在运动过程中并未接触， t2t1时刻的22t2t1时刻的2123456712所示，A、B0.1kg20cm.现将绝缘细线绕过固定于O点的光滑定滑轮，将两球悬挂起来，两球平衡时，OAOB的线长，A球依靠在光滑绝缘竖直墙上，BOB偏60°BA球的压力．(g10m/s2)B均可视为质点)，它们之间的距离为r，与水平面间的动摩擦因数均为μ.求：A、BFC球，使三者一起向右匀加速运动．求：FC学案 电荷及其守恒定律库仑定 [CA、B反复接触后，最终结果是A、B

7 7

k 7kr2；A、B4

＝4kr2F′＝7F，A、B33 B、【考点突破

例1 232232

＝球3再与球1接触后，球1的带电量 2＝

，此时1、2间的作用力 nq2

F′＝F

n＝6.故D 例2D [因为a、b两球所带异种电荷相互吸引，使它们各自的电荷分布不均匀，即相F库≠kL2F库≠kL2

＝D

F GL2[规范思维 (1)万有引力定律适用于质点间的相互作用，而均匀球体可看做质点3F形：tanα＝FBPFxx xx x由几何关系得：tanxQ联立解得：tan3α＝Q2，DQ1 4负电A0.2mAB9解析根据平衡条件判断，C应带负电，放在A的左边且和AB在一条直线上．设q，与AxA

kr2C B 解①②x＝1＝0.2 C应带负电，放在A0.2mAB 959解析A、B吸引、相碰，相碰后电荷中和一部分后重新分配，对于本题中两个小球完全相荷应均匀分配，即A、B两球相碰后均带电4Q.对于A球，释放时受库力F1＝ k 故 99A球瞬时加速度为释放时的169 3．(1)负 (2)3

解析设取A、B、C F1＝kr2 F2解得33kq233kq2 方向竖直向上，acFacbcFbcc处于平衡状态，所以Fac和Fbc的合力必沿竖直方向，因为a、b、c构成一等边三角形，所以Fac＝Fbc.细线Oa、Ob所受拉力大小相等，C正确；a、b、c三球的质量、带电荷量没有要求，可能D8．0.2 解析对AFT－mAg－Fsin30°＝0①Fcos30°－FN＝0②B由①②③④mB＝0.2FN＝1.732N，由第三定律，墙所受A球压力大FN′＝FN＝1.732N，方向水平向左．

解析(1)物体AA受到的静摩擦力：Ff＝kr2，方向水平向右(

4Q2－

2 2

、运动的距离为

kQ2

kk

解析ABBFcos45°＜mgsin以后由于F增大，两球做运动，当速度减为零后又沿斜面向上加速运动．故：(1)Fcos45°＝mgsin k.所以F＝mg，而F＝kr2.所以 .k k 11．(1) (2)带负电3解析A、B为同种电荷，ABA向右匀加速运动，则A球必须受到C球施加的向右的库仑力，即C球带负电．设加速度为a，由第二定A、B、CA

k B

k

qC＝3q(负电

L2 例1 2 3 4负电A的左边0.2m处且与

[针对训练 3．(1)负 (2)3

【效果检测】 8．0.2 1.732N9．(1)k 2

11．(1) (2)带负电3 例1 2 3 4负电A的左边0.2m处且与

[针对训练 3．(1)负 (2)3

【效果检测】 8．0.2 1.732N9