高考专题复习牛顿运动定律专题

2019年高考专题复习：牛顿运动定律专题2019年高考专题复习：牛顿运动定律专题2019年高考专题复习：牛顿运动定律专题EvaluationOnly.CreatedwithAspose.PDF.Copyright2002-2020AsposePtyLtd.做加速度增大的减速运动，再依照运动学规律得出落地址在抛出点西侧，故C错误；故答案为：D。牛顿运动定律专题【解析】本题属于奇特的题型，这样的水平力，学一生常应该都没有见过，但是仔细解析题干就会得出其实这就是一、单项选择题运动的合成与分解，小球参加了水平和竖直两个方向的运动，结合牛顿运动定律即可得出答案。经过理想斜面实验得出）A.亚里士多德B.伽利略C.笛卡尔D.牛顿【答案】B用国际单位制的基本单位表示能量的单位，以下正确的选项是（）A.22/sB.2C.N/mD.【答案】A【考点】单位制及量纲【考点】牛顿第必然律【解析】【解答】能量单位为焦耳，依照做功，可知，而JW=FL1J=1Nm【解析】【解答】A:亚里士多德提出了运动需要力来保持；B、伽利略用理想实验考据了2因此正确答案为A【解析】利用公式推导新的单位，这是对量纲的察看，国际基本单位有7个，Kg、m，、A、mol，T、Cd；其他单

因D、牛顿总结了先人的工作【解析】物理学史的知识，每一位科位都是导出单位。学家都有他的经典之作，记牢即可选择出答案。5.以下列图，在圆滑水平面上以水平恒力F拉动小车，让小车和木块一起做无相对滑动的加速运动，若小车质量为（2018?卷Ⅰ）如图，轻弹簧的下端固定在水平桌面上，上端放有物块P，系统处于静止状态，现用一竖直向上的M，木块质量为m，加速度大小为a，木块和小车间的动摩擦因数为4个式子来

力F作用在P上，使其向上做匀加速直线运动，以x表示P走开静止地址的位移，在弹簧恢复原长前，以下表示F表达拉力F的大小，下述表达式必然正确的选项是（）

和x之间关系的图像可能正确的选项是（）A.MaB.μC.（M+m）aD.μ【答案】C【考点】滑动摩擦力，静摩擦力，对质点系的应用，连接体问题【解析】【解答】解：A、先对整体受力解析，受重力、支持力和拉力，依照牛顿第二定律，有：F=（M+m），A不吻合题意，C吻合题意，B、由于M与m间无相对滑动，未静摩擦力，则不能够用f=mg来计算两者间的摩擦力大小，BD不吻合题意故答案为：C【解析】先对整体受力解析，受重力、支持力和拉力，依照牛顿第二定律F=（M+mM与m间无相对滑动，ABCD未静摩擦力，则不能够用f=mg来计算两者间的摩擦力大小。【答案】A以下列图，n个质量为m的相同木块并列放在水平面上，木块跟水平面间的动摩擦因数为1木块施加一【考点】连接体问题，胡克定律，物体的受力解析个水平向右的推力F时，木块加速运动，木块5对木块4的压力大小为（）【解析】【解答】由牛顿运动定律，F-mg+F弹=ma，F弹=-x),kx=mg，联立解得F=ma+kx，比较题给的四个图象，可能正确的选项是A。故答案为：A【解析】该题需选择物块P为研究对象，对P分两种情况进行进行受力解析：未对P施加拉力F时，有mg=kx；对P施加拉力F后，尔后依照牛顿第二定律FA.FB.C.D.合=ma列出方程。即可推导出拉力F与x的关系式。合=ma列出方程。即可推导出拉力F与x的关系式。（2018?北京）依照高中所学知识可知,做自由落体运动的小球将落在正下方地址。但实质上,赤道上方200m处无

【答案】D初速下落的小球将落在正下方地址偏东约6cm处这一现象可讲解为除重力外由于地球自转下落过程小球还碰到一

【考点】对单物体(质点)的应用个水平向东的现将小球从赤道地面竖直上抛考虑对称性上升过程该水平向西,则小球（）A.到最高点时,水平方向的加速度和速度均为零【解析】【解答】解：以整体为研究对象，依照牛顿第二定律：F=nma得：a=以1234为研究对象，设5对4的压力为N，依照牛顿第二定律：﹣N=4m联立以上二式得：N=，ABC不吻合题意，D吻合题意．

B.到最高点时,水平方向的加速度和速度均不为零C.落地址在抛出点东侧故答案为：D．D.落地址在抛出点西侧【解析】本题察看整体法与隔断法结合牛顿第二定律的应用，整体应用牛顿第二定律求出整体的加速度，再隔断计【答案】D算木块5对木块4的压力大小。【考点】对质点系的应用，位移的合成与分解以下列图，A、B两物体质量分别为m、mB，且mA＞mB，置于圆滑水平面上，相距较远．将两个大小均【解析】【解答】依照题意，将小球从赤道地面竖直上抛，水平方向碰到一个与竖直方向的速度大小成正比的力，为F的力，同时分别作用在A、B上经过相同距离后，撤去两个力，两物体发生碰撞并粘在一起后将（）小球从地面竖直上抛，速度越来越小，故水平方向的力越来越小，到达最高点时，竖直方向的速度为零，故水平方向的加速度为零，水平方向小球做加速度减小的加速运动，故到达最高点时，小球的速度不为零，故AB错误；小球在下落的过程中，竖直方向做匀加速直线运动，因此水平方向加速度逐渐增大；水平方向加速度向东，因此向西A.停止运动B.向左运动C.向右运动D.运动方向不能够确定1EvaluationOnly.CreatedwithAspose.PDF.Copyright2002-2020AsposePtyLtd.【答案】C【考点】对单物体(质点)的应用，动量定理，动量守恒定律，匀变速直线运动基本公式应用【解析】【解答】解：力F大小相等，mA＞mB，由牛顿第二定律可知，两物体的加速度有：A＜B，由题意知：SA=SB，D、座椅对人的作用力方向与水平方向的夹角的正切值为：，故D错误应选：C．【解析】将加速度a分解为水平方向和竖直方向，在两个方向上经过牛顿第二定律求出静摩擦力和弹力的大小．以下列图，一根超出一固定的水平圆滑细杆的轻绳两端拴有两个小球，球a置于水平川面上，球b被拉到与细杆2由运动学公式得：A=AtA2，SB=BtB，同一水平的地址，把绳拉直后，由静止释放球bb摆到O点正下方时，球a对地面的压力大小为其重力的，可知：A＞B，由IAA，IB=FB，得：IA＞IB，已知图中Ob段的长度小于Oa段的长度，不计空气阻力，则（）由动量定理可知PA=IA，PB=IB，则PA＞PB，碰前系统总动量向右，碰撞过程动量守恒，由动量守恒定律可知，碰后总动量向右，ABD不吻合题意，C吻合题意．故答案为：C．【解析】判断两物体发生碰撞并粘在一起后做什么样的运动，先由牛顿第二定律求出加速度，再判断冲量的大小，A.球b下摆过程中处于失重状态最后依照碰前系统总动量向右，碰撞过程动量守恒，由动量守恒定律可知，碰后总动量向右。B.球b下摆过程中向心加速度变小如图，在倾角为α的固定圆滑斜面上，有一用绳子栓着的长木板，木板上站着一只猫．已知木板的质量是猫的质量的2倍．当绳子突然断开时，猫马上沿着板向上跑，以保持其相对斜面的地址不变．则此时木板沿斜面下滑的加C.当球b摆到O点正下方时，球b所受的向心力为球a重力的速度为（）D.两球质量之比m：b=9：2【答案】D【考点】对单物体(质点)的应用，向心力，动能定理的理解【解析】【解答】解：A、球b下落过程中，做圆周运动，向心加速度指向圆心，加速度向上，故处于超重，故A错误；B、b球速度增大，依照a=可知，向心加速度增大，故B错误；A.sinαB.αC.gsinαD.2gsinα【答案】B、当球b摆到O点正下方时，球a对地面的压力大小为其重力的，则F+FN=mg，解得，球b所受的向心力为F向=F﹣mg=，故C错误【考点】对质点系的应用，连接体问题【解析】【解答】解：木板沿斜面加速下滑时，猫保持相对斜面的地址不变，即相对斜面静止，加速度为，对系统，由牛顿第二定律得：3mgsin=2mga，解得：D、设Ob绳长为l，在下落过程中，依照动能定理可知，则，联立解得m：mb=9：，故D正确；故答案为：B．应选：D【解析】本体用整体法比较简单，猫保持相对斜面的地址不变，即相对斜面静止，加速度为，对整体列牛顿第二定【解析】b球下落过程中作圆周运动的一部分，依照加速度的方向判断出超失重现象，当b球摆到竖直最低地址时，律方程即可求解。球a对地面的压力大小为其重力的，判断出绳子的拉力，由牛顿第二定律，结合向心力公式可列出质量、速度及以下列图，某滑雪场的索道与水平面夹角为=37m=50g的人坐在缆车内的水平座椅上，当缆车随索道以a=2m/s22的加速度斜向上运动时，已知g=10m/s，sin37°，cos37，则（）半径间的关系；再运用机械能守恒定律可列出b球的质量与速度间的关系；最后可求出两球质量关系．以下列图，一只猫在桌边猛地将桌布从鱼缸下拉出，鱼缸最后没有滑出桌面．若鱼缸、桌布、桌面两两之间的动摩擦因数均相等，则在上述过程中（）A.座椅对人的摩擦力大小为100NB.座椅对人的摩擦力方向与水平方向的夹角为37C.座椅对人的支持力大小为560ND.座椅对人的作用力方向与水平方向的夹角为37【答案】C【考点】对单物体(质点)的应用A.桌布对鱼缸摩擦力的方向向左B.鱼缸在桌布上的滑动时间和在桌面上的相等2【解析】【解答】解：AB、将加速度a分解为水平方向和竖直方向，则水平加速度为：x=acos372y=asin37，，C.若猫增大拉力，鱼缸碰到的摩擦力将增大D.若猫减小拉力，鱼缸必然不会滑出桌面【答案】B在水平方向上依照牛顿第二定律得：f=max=80N，故AB错误．【考点】滑动摩擦力，对质点系的应用，连接体问题，匀变速直线运动基本公式应用C、在竖直方向上，依照牛顿第二定律得：N﹣mg=may，【解析】【解答】解：A、桌布向右拉出时，鱼缸相对于桌布有向左的运动，故鱼缸碰到的摩擦力向右；故A错误；解得：N=mg+may=560N，故C正确B、由于鱼缸在桌面上和在桌布上的动摩擦因数相同，故碰到的摩擦力相等，则由牛顿第二定律可知，加速度大小相2EvaluationOnly.CreatedwithAspose.PDF.Copyright2002-2020AsposePtyLtd.等；但在桌面上做减速运动，则由v=at可知，它在桌布上的滑动时间和在桌面上的相等；故B正确；【解析】【解答】解：对PQ整体受力解析，碰到重力、支持力和滑动摩擦力，如图C、鱼缸碰到的摩擦力为滑动摩擦力，其大小与拉力没关，只与压力和动摩擦因数有关，因此增大拉力时，摩擦力不变；故C错误；D、猫减小拉力时，桌布在桌面上运动的加速度减小，则运动时间变长；因此鱼缸加速时间变长，桌布抽出时的位移以及速度均变大，则有可能滑出桌面；故D错误；应选：B【解析】依照摩擦力性质可判断鱼缸碰到的摩擦力方向以及拉力变化时摩擦力的变化情况；再依照牛顿第二定律以及运动学公式进行解析，明确拉力变化后运动位移的变化情况．某个质量为m、带电量为﹣q（＞）的小球仅在重力作用下从静止开始沿竖直向下方向做匀加速直线运动，一段时间后在小球运动的空间中施加竖直方向的匀强电场，小球又经过相等的时间恰好回到出发点，则（）A.B.电场强度方向竖直向下，大小为电场强度方向竖直向下，大小为依照牛顿第二定律，有：（m+M）gsinμ2（m+M）=（M+m）a解得：a=g（μ再对P物体受力解析，碰到重力mg、支持力和沿斜面向上的静摩擦力，依照牛顿第二定律，有mgsinf=ma⋯②C.电场强度方向竖直向上，大小为D.电场强度方向竖直向上，大小为【答案】A【考点】牛顿运动定律与电磁学综合，匀变速直线运动导出公式应用【解析】【解答】解：电场力大小为F=qE，由①②解得P碰到的摩擦力大小为：f=2依照牛顿第三定律可得物块P对Q的摩擦力为故ACD错误、B正确；应选：B．设匀加速直线运动的时间为．向下的过程中：h=①【解析】先对PQ整体受力解析，依照牛顿第二定律求解出加速度，尔后隔断出物体，受力解析后依照牛顿第二定律列式求解出Q对P的摩擦力，再依照牛顿第三定律求解P对Q的摩擦力．

对于匀变速直线运动，有a=②据题有：③解得F=4mg以下列图，质量分别为m、2m的球A、B由轻质弹簧相连后再用细线悬挂在正在竖直向上做匀加速运动的电梯内，细线中的拉力为F在线断的刹时，弹簧的弹力的大小和小球A的加速度大小分别为（）因此：E=．故A正确，BCD错误．应选：A【解析】物体先向上匀加速直线运动，撤去拉力后的运动能够看作一种有往来的匀减速直线运动，两个过程的位移大小相等、方向相反，由牛顿第二定律和位移公式结合求解．A.，+gB.，+gC.，+gD.，+g以下列图，质量分别为m和M的两长方体物块P和Q，叠放在倾角为P、Q间的动摩擦因数为1，Q与斜面间的动摩擦因数为2．当它们从静止释放沿斜面滑下时，两物块向来保持相对静止，则物块P对Q的摩擦力为（）【答案】A【考点】对质点系的应用，连接体问题【解析】【解答】解：剪断细线前：设弹簧的弹力大小为f．依照牛顿第二定律得对整体：﹣3mg=3ma对B球：f﹣2mg=2ma解得，f=A.mgcosB.mgcos剪断细线的刹时：弹簧的弹力没有来得及变化，大小仍为f=．C.mgcosD.mgcos【答案】B对A球：mg+f=maA【考点】对单物体(质点)的应用，整体法隔断法得A=+g应选A【解析】先分别以整体和B球为研究对象，依照牛顿第二定律研究剪断细线前弹簧的弹力．剪断细线的刹时，弹簧的弹力没有来得及变化，再由依照牛顿第二定律求出A球的加速度．一滑块以必然的初速度从一固定斜面的底端向上冲，到斜面上某一点后返回底端，斜面粗糙．滑块运动过程中加速度与时间关系图象以下列图．以下四幅图象分别表示滑块运动过程中位移、速度、动能Ek和重力势能E（以3EvaluationOnly.CreatedwithAspose.PDF.Copyright2002-2020AsposePtyLtd.斜面底端为参照平面）随时间变化的关系图象，其中正确的选项是（）由于gsingsin0，但0因此假设不行立，即速度的方向必然向上．滑块向上运动，重力有沿杆向下的分力，同时摩擦力的方向沿杆的方向向下，因此滑块的加速度方向向下，滑块沿杆减速上滑．则滑块的动量方向沿杆向上，正在均匀减小．故ABC错误，D正确应选：D【解析】滑块与小球保持相对静止，并以相同的加速度a一起下滑，对整体进行受力解析求出加速度，采用隔断法，解析小球的受力，求出加速度，结合以下列图，竖直半圆环中有多条初步于A点的圆滑轨道，其中AB经过环心O并保持竖直．一质点分别自A点A.B.C.D.沿各条轨道下滑，初速度均为零．那么，质点沿各轨道下滑的时间对照较（）【答案】D【考点】牛顿定律与图象，功能关系，机械能守恒及其条件，能量守恒定律，动能与重力势能【解析】【解答】解：A、物块向上做匀减速直线运动，向下做匀加速直线运动，据位移公式可知，位移与时间成二次函数关系；据运动学公式可知，下滑所有的时间要大于上升所用的时间，先减速后加速，加速度向来向下，因此x﹣t图象应是张口向下的抛物线，故A错误；B、由A解析知速度方向相反，故B错误；2C、依照Ek=mv知动能先减小后增大，与时间为二次函数，故C错误；A.无论沿图中哪条轨道下滑，所用的时间均相同DE=mgh=mgx=mgvtaD、（），为负，故为张口向下的抛物线，故正确．p0B.AB质点沿着与夹角越大的轨道下滑，时间越短应选：DC.AB质点沿着轨道下滑，时间最短【解析】依照﹣t图象知上滑和下滑过程中的加速度大小，从而得出速度随时间的变化规律；D.ABAB轨道与夹角越小（除外），质