2023届山东省无棣县鲁北高新技术开发区实验学校高二物理第一学期期末教学质量检测模拟试题含解析

2023-2023学年高二上物理期末模拟试卷留意事项考生要认真填写考场号和座位序号.试题全部答案必需填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必需用2B铅笔作答；其次部分必需用黑色字迹的签字笔作答。考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回.一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1、如图所示，Lc为三盏完全相同的灯泡，L是一个自感系数很大、直流电阻为零的自感线圏，E为电源，S为开关，关于三盏灯泡，下列说法正确的是合上开关，c先亮，队b后亮合上开关，“、力马上一样亮断开开关，c马上熄灭，a、h一起缓慢熄灭断开开关，方会先闪亮一下再熄灭2,如图所示，小球沿斜面对上运动，依次经过。、b、c.d后到达最高点e.已知ab=hd=6ni,bc=lm,小球从a到c和从c到［所用的时间都是2s,设小球经队c时的速度分别为咋、皿，®|( )A^=lni/s2vr=3ni/sVb=2ni/s从d到e所用时间为3s3.如图四个灯泡L“L,IsL,完全一样，规格都是12K\1W9在曲两端加上60V的电压，则经过L＞的电流是M241.67A1.25A4、 己知两个质点相距为i■时，它们之间的万有引力的大小为F；当这两个质点间的距离变为2i•时，万有引力的大小变为。F F丄万 B・彳FC.— D.2F85、 一质量为2kg的物块在合外力尸的作用下从静止开头沿直线运动。F随时间，变化的图线如图所示，则（）r=ls时物块的动量大小为Ikgm/st=2s时物块的动量大小为4kgin/sf=3s时物块的动量大小为5kg-m/sD・f=4s时物块的动量大小为零6、 关于电源电动势下列说法中正确的是电源的电动势实质上就是电源两极间的电压电源的电动势在数值上等于两极间的电压电源的电动势与电压的单位相同，但与电压有本质的区分电动势越大，电源两极间的电压肯定越高二、多项选择题：本題共4小题，每小題5分，共20分.在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的.全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分.7、 如图所示，竖直正对的平行板电容器带等量异种电荷，带正电的右板与静电计相连，左板接地.假设两极板所带的电荷量不变，电场中P点固定一带正电的点电荷，下列说法正确的是

若仅将左板上移少许，则静电计指针偏角。变小若仅将左板右移少许，则静电计指针偏角。变小C.若仅将左板上移少许,C.若仅将左板上移少许,则P点电势上升D.若仅将左板右移少许,D.若仅将左板右移少许,则P的点电荷电势能增大8、在如图所示的电路中，闭合电键S,将滑动变阻器滑片P向“端移动一段距离，下列结论正确的是IiCA.电流表读数变小IiCA.电流表读数变小灯泡L变亮电容器。上的电荷量增多电压表读数变小9、今有某小型发电机和一抱负变压器连接后给一个灯泡供电，电路如图（电压表和电流表均为抱负电表）.已知该发电机线圈匝数为M电阻为r,当线圏以转速〃匀速转动时，电压表示数为队灯泡（额定电压为成,电阻恒为R）恰能正常发光，则。A.变压器的匝数比为A.变压器的匝数比为U:UQB.电流表的示数为啓RU 在图示即时,发电机线圈磁通信鳴从图示位置开头计时，变压器输入电压的瞬时值表达式为〃=Usm2〃E10、如图所示电路中，定值电阻R大于电源内阻矿，当滑动变阻器滑动端向右滑动后，抱负电流表Ai、a2>A3的示数变化址的确定值分别为皿、Mi. 抱负电压表示数变化髭的确定值为AU,下列说法中正确的是。A.电流表4的示数肯定变小 @ A.电流表4的示数肯定变小 @ B.电压表V的示数肯定增大AU与M比值肯定小于电源内阻，三、试验题：本题共2小题，共18分.把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。1L（6分）某试验小组用如图所示试验电路争辩电源路端电压和小灯泡电压随电流的变化规律Er（1）试验操作步腺:按试验电路连接好试验器材;把滑动变阻器滑动片P移到滑动变阻器的 （填“最右端”或“最左端，闭合开关s,调整滑动片P到适当位置，读出电流表A、电压表V和电压表V2的示数，并记录數据，断开开关S；调整滑动片P到不同位置，多次重复步骤③.某次测量时三个电表指针位置如图所示，电流表读数 A,电压羨V|读数—V,电压表V2的读 V； ⑤整理好试验器材（2）试验小组把测量数据画在U-I坐标中，描绘出两条图线A、B①从图中可以算出电源的电动势E= V,内阻r= Q（计算结果保留2位有效数字）②滑动变阻器滑动片P移到滑动变阻器的最右端时，小灯泡的实际功率为 W（计算结果保留2位有效数字）12.（12分）如图所示，是“争辩电磁感应现象，啲试验装置（1） 将实物电路中所缺的导线补充完整 （2） 假如在闭合开关时发觉灵敏电流计的指针向右偏了一下，线圏厶插入线圈L后，将滑动变阻器的滑片快速向右移动时，灵敏电流计的指针将 偏转.（选填“向左”“向右”或“不”）（3） 在试验中，线圈L插入或拔出线圈匕2,导致电流计指针发生了偏转，这是 转化为电能四、计算题：本题共3小题，共38分.把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤.13.（10分）如图所示，与水平面成史37。角的光滑轨道间距为农0.4m,轨道上有一质量为=0.04kg.电阻为R=3Q的金属棒湖，电源电动势为E=6W,电路中其他电阻不计，湖棒静止在轨道上，当磁感强度的方向分别为：（1）竖直向上■（2）垂直轨道平面对上时，分别求出其大小?（已知sin37°=0.6,cos37c=0.8,g=10m/s2）14.（16分）如图所示，两根平行光滑金属导轨"V和PQ放置在水平面内，其间距L=0.4mf磁感应强度B=（I.5T的匀强磁场垂直轨道平面对下，两导轨之间连接的电阻R=4.8。，在导轨上有一金属棒湖，其电阻L0.2Q,金属棒与导轨垂宣且接触良好，如图所示.在湖棒上施加水平拉力使其以速度y=0.5m/s向右匀速运动，设金属导轨足够长.求:X8X►V<o金属棒湖产生的感应电动势;（2）通过电阻R的电流大小和方向;（3）水平拉力的大小F15.（12分）在远距离输电时，要考虑尽量削减输电线上的功率损失.某小型发电站，输送的电功率为/>=500kW,发电站输出电压为％=250V.为削减输送功率的损失，变电站先用一升压变压器将电压上升到U2=5kV再输出，在这种状况下，用户端获得的电功率为H=340kW.所用变压器均为抱负变压器.求（1） 升压变压器原副线圈的匝数之比为多少？（2） 这样输电，效率仍旧较低，若想使输电效率提高到98%,又不转变输电线，那么变电应将电压上升到多少向外输电？参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1、 C【解析】A.开关S闭合瞬间，因线圏L的电流増大，导致消灭自感电流阻碍电流的增大，则阮先亮，“后亮，故AME错的合上开关一会儿后，因线圈中电流恒定，则相当于导线，所以湖一样亮，故B错误；CD.断开开关S的瞬间，由电感的特性可知：▲和沥组成的回路中有电流，导致汕一起缓慢熄灭；而c没有电流，则马上熄灭，故C正确，D错误。故选C.2、 B【解析】AB.由题，小球从〃到c和从c到d所用的时间都是2s,依据推论得知，c点的速度等于血间的平均速度，则有：1，=W‘= nUs=3111/s,如间中点时刻的瞬时速度为％=*"=4m/s=3.5ni，s,cd间中点时刻的瞬时2/ 2x2 / 2<*//S v—V速度为卩.=%=5111、=2.5皿饥故物体的加速度大小为：〃=丄二=0.5m/s・，A錯误，B正确-t2 t由-v2=2"彷C）得，心JI6in/s,故C错误设c到。的时间为7\则yGT,得T=6s.则从d到。所用时间为4s,选项D错误3、A【解析】分析电路可知丄，匸并联后与丄，厶串联接入电路，灯泡的电阻&§专=冬,则电路总电阻R/R+R+?=30Q,,U60一干路电流/=£=/,则经过丄的电流/3=-=M,故A正确故选A4>B【翩f】依据用引力定律公式尸=学，得当这两个质点间的距离变为5,则万有引力的大小变为原来时,F即气故B正确，ACD错误故选B5、B【解析】依据动量定理:Ft=&p=mv而F"图像的面积等于力F的冲量，等于物体动量的变化.则由图像可知，f=ls时物块的动員大小为p1=2x1N・s=2kg・m/sA错误;同理可知，，=2s时物块的动鼠大小为p2=2x2N・s=4kg・m/sB正确;C.f=3s时物块的动量大小为pj=(2x2・lxl)N・s=3kgm/sc错误；D.r=4s时物块的动量大小为P4=(2x2-lx2)N-s=2kgm/sD错误。故选B。6、 C【解析】电源电动势是描述电源把其它形式的能量转化为电能本事的物理量；电动势等于非静电力把1C的正电荷在电源内部从负极撤运到正极所做的功，电动势等于电源没有接入电路时电源两极间的电压，电动势等于内外电路电压之和【详解】AB,电源电动势反映电源将其他形式能量转化为电能的本事大小，电源正、负极之间的电势差为电源的路端电压，只有当电源处于断路状态时，电源的电动势才等于路端电压；故AB错误：由A的分析可知，电源电动势与电压单位相同，但与电压有本质的区分；故C正确；电动势越大，说明电源转化能量的本事越大，但电源两端的电压与外电路有关，电压并肯定大；故D错误；【点睛】电动势是一个表征电源特征的物理量.定义电源的电动势是电源将其它形式的能转化为电能的本事，在数值上，等于非静电力将单位正电荷从电源的负极通过电源内部移送到正极时所做的功二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分.在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的.全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分.7、 BC【解析】A.两极板所带的电荷量不变，若仅将左板上移少许，依据C=W可知，电容C减小，由可知，4刀kd〃增大，所以静电计指针偏角O增大，故A错误；若仅将左板右移少许，d减小，C=-^-可知，电容C增大，由Q=cu可知，U减小，由则静电计指针偏角。4兀kd变小，故B正确；若仅将左板上移少许，依据。=禹可知，电容C减小，由Q=CU可知，。増大，由£=兰可知，E增大；左4.kd d极板接地，由沿电场线的方向电势降低可知P点的电势为正，依据Up&=Up=Ed可得，P点电势上升，故C正确；若仅将左板右移少许,两极板所带的电荷量不变，则F不变，依据Lp=可得,P点电势减小，则由Ep=q(p〃可得P的点电荷电势能减小，故D错误；8、 AC【解析】AB.将滑动变阻器滑片P向“端移动后，变阻器接入电路的电阻増大，依据闭合电路欧姆定律知，电路中电流I变小，则电流表读数变小，灯泡儿变暗，故A正确，B错误；

电容器C两端的电压：Uc=E.I(RZ,，变小，其他量不变，则S增大，电容器C上的电荷量增多，故C正确;变阻器接入电路的电阻増大，外电路总电阻增大，则路端电压増大，电压表读数变大，故D错误・故选ACo9、AB【解析】A.电压与匝数成正比，所以变压器的原副线圏的匝数比是孔 儿，故A正确；灯泡电流是套，抱负变压器的输入功率和输出功率相等，灯泡正常发光时电功率为P,所B.以输入功率为K ¥=口即电流表读数R蛙UR蛙UR故B正确；C.手播发电机的銭圈中产生的电动势最大值是Em=W+U)=N"所以解得最大磁通量s/2(lr+U)Neo故C错误,D.线圏以较大的转速〃匀速转动时，所以c=2/r〃，所以变压器输入电压的瞬时值41Usih2-T/故D错误.10、BCD【解析】AB.当滑动变阻器滑动端向右滑动后，变阻器接入电路的电阻増大，外电路总电阻增大，总电流减小，所以电流表A3的示数减小。依据闭合电路的欧姆定律可知，总电流厶减小，则内电压减小，则外电压即并联部分电压増大,即电压表V的示数肯定増大，电流表.4的示数肯定变大，A错误，B正确；C.由图可知，电压袤测量的是外电路电压依据闭合电路欧姆定律U=E・馈依据欧姆定律U=hR当滑动变阻器向右滑动时，外电路U増大，设其变化量为AU,则依据上式可得A/v=AlA，/=展由于外电路电压变化量一样，而R>r因此有艰2c正确；D.电压表测量路端电压，依据闭合电路欧姆定律r=Eijr可知MJ瓦依据并联电路分流规律可得由于厶减小，而4增大.所以九肯定减小，且减小量比厶的减小量大，即M肯定小于A/，故D正确.故选BCD。分卷】1三、试验题：本题共2小題，共18分.把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程.11、 ①.最左端；@.1.50； ③.2.9； ④.1.30； ⑤.4.5； @.1.0； ⑦.5.0【解析】(1@滑动变阻器釆用限流接法，为爱护电路，闭合开关前滑片应置于阻值最大处；④依据电表量程确定其分度值，依据指针位置读出其示数；⑵①电源-I图线与纵轴交点坐标值是电源电动势，图线斜率的确定值等于电源内阻②依据图示电路图推断两电压表示数关系，然后依据图示图象求出电压与电流，由「=1丹求出灯泡实际功率【详解】⑴②由图示电路图可知，滑动变阻器接受限流接法，为爱护电路，闭合开关前应把滑片置于最左端;④由图示电流表可知，电流表量程为3A,其分度值为0.1A,示数为1.50A；由图示可知，电压表幻的景程为6V,分度值为0.2V,其示数为2.9V；由图示可知，电压表V2的量程为3V,分度值为0.1V,其示数为130V；(2)①由图示电源U・I图线可知，图线与纵轴交点坐标为4.5,则电源电动势：E=4.5V,电源内阻：尸=丝=45-：％=1.0藩；A/2.0②滑动变阻器滑动片P移到滑动变阻器的最右端时滑动变阻器接入电路的阻值为零，两电压表示数相等，由图示图象可知，灯泡电压为2.5V,电流为2.0A,灯泡实际功率：P=U1=2.5X2.O=5.OW【点睛】本题考査了试验留意事项、电表读数、试验数据处理，要把握常用器材的使用及读数方法；对电表读数时，要先确定其量程与分度值，然后依据指针位置读出其示数【解析】⑴⑴将线圏B和电流计串联形成一个回路，将电键、滑动变阻器、电压、线圈A串联而成另一个回路即可,实物图如下所示：⑵⑵假如在闭合开关时发觉灵敏电流计的指针向右偏了一下，说明穿过线圈的磁通量增加，电流计指针向右偏，合上开关后，将滑动变阻器的滑片快速向右移动时，穿过线圏的磁通量削减，电流计指针将向左偏.(3)[3]线圈A插入或拔出线圏8,导致电流计指针发生了偏转，对应的是动生电动势，由能量守恒定律可知，是将机械能转化为电能.【点睛】知道探究电磁感应现象的试验有两套电路，这是正确连接实物电路图的前提与关键.对于该试验，要明的确验原理及操作过程，平常要留意加强试验练习四、计算题：本题共3小题，共38分.把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤.13、(l)0.375T(2)0.3T【解析】利用安培定则推断出安培力方向，进行共点力平衡的分析即可【详