XX专用高考物理一轮复习第三章牛顿运动定律课时动力学两类基本问题二加练半小时

XX专用高考物理一轮复习第三章牛顿运动定律课时动力学两类基本问题二加练半小时XX专用高考物理一轮复习第三章牛顿运动定律课时动力学两类基本问题二加练半小时XX专用高考物理一轮复习第三章牛顿运动定律课时动力学两类基本问题二加练半小时22动力学两类基本问题（二）1．若要求汽车空载时的制动距离是：当速度为50km/h时，客车不高出19m，卡车不高出21m．若是客车和卡车质量之比为19∶21，制动时所受阻力不变，在恰巧满足上述要求时，客车和卡车()A．所受阻力之比为19∶21B．加速度之比为21∶19C．所受阻力做功之比为21∶19D．制动时间之比为21∶192．(2018·四川泸州一检)如图1所示，B是水平川面上AC的中点，可视为质点的小物块以某一初速度从A点滑动到C点停止．小物块经过B点时的速度等于它在A点时速度的一半．则小物块与AB段间的动摩擦因数μ1和其与BC段间的动摩擦因数μ2的比值为()

图1A．1B．2C．3D．43．如图2所示，质量为M、中空为半球形的圆滑凹槽放置在圆滑水平川面上，圆滑凹槽内有一质量为m的小铁球，现用一水平向右的推力F推动凹槽，小铁球与圆滑凹槽相对静止时，凹槽圆心和小铁球的连线与竖直方向成α角．则以下说法正确的选项是()

图2A．小铁球碰到的合外力方向水平向左B．凹槽对小铁球的支持力为eq\f(mg,sinα)C．系统的加速度为a＝gtanαD．推力F＝Mgtanα4．(多项选择)(2017·四川自贡一诊)如图3所示，竖直挡板对小球的弹力为FN1，小车斜面对小球的弹力为FN2.若小车向左加速运动且加速度a逐渐增加，则()

图3A．FN2逐渐减小B．FN2不变C．FN1逐渐增大D．FN1与FN2的合力有可能不变5．(2017·江西南昌一模)在倾角θ＝37°的粗糙斜面上有一质量m＝2kg的物块，物块受如图4甲所示的水平方向恒力F的作用，t＝0时辰物块以某一速度从斜面上A点沿斜面下滑，在t＝4s时滑到水平面上，此时撤去F，在这今后的一段时间内物块运动的速度随时间变化的关系如图乙所示，已知A点到斜面底端的距离x＝18m，物块与各接触面之间的动摩擦因数相同，不考虑转角处机械能损失，g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，求：

图4(1)物块在A点的速度大小；(2)水平恒力F的大小．

6．(2017·湖南省十三校第一次联考)如图5所示，质量为10kg的环在F＝140N的恒定拉力作用下，沿粗糙直杆由静止从杆的底端开始运动，环与杆之间的动摩擦因数μ＝0.5，拉力F与杆以及杆与水平川面的夹角都为θ＝37°，力F作用一段时间后撤去，环在杆上连续上滑了0.5s后，速度减为零，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，杆足够长，求：

图5(1)拉力F作用的时间；(2)环运动到杆底端时的速度大小．

7．在粗糙水平面上，一电动玩具小车以v0＝4m/s的速度做匀速直线运动，其正前面平铺一边长为L＝0.6m的正方形薄板，小车在到达薄板前某处马上关闭电源，靠惯性运动x＝3m的距离后沿薄板一边的中垂线圆滑地冲上薄板．小车与水平面以及小车与薄板之间的动摩擦因数均为μ1＝0.2，薄板与水平面之间的动摩擦因数μ2＝0.1，小车质量M为薄板质量m的3倍，小车可看作质点，重力加速度g＝10m/s2，求：(1)小车冲上薄板时的速度大小；(2)小车从刚冲上薄板到停止时的位移大小．

答案精析1．B[由v2＝2ax，可得客车和卡车制动时的加速度之比为eq\f(a1,a2)＝eq\f(x2,x1)＝21∶19，选项B正确；依照牛顿第二定律Ff＝ma，可得所受阻力之比eq\f(Ff1,Ff2)＝eq\f(m1,m2)·eq\f(a1,a2)＝1∶1，选项A错误；由Wf＝Ffx，可得所受阻力做功之比为eq\f(Wf1,Wf2)＝eq\f(Ff1,Ff2)·eq\f(x1,x2)＝19∶21，选项C错误；由v＝at可得制动时间之比为eq\f(t1,t2)＝eq\f(a2,a1)＝19∶21，选项D错误．]2．C[设小物块在A点时速度大小为v，AB＝BC＝l，则在B点时速度大小为eq\f(1,2)v，由运动学公式有v2－(eq\f(1,2)v)2＝2μ1gl，(eq\f(1,2)v)2＝2μ2gl，解得μ1＝3μ2，C正确．]3．C[依照小铁球与圆滑凹槽相对静止可知，系统有向右的加速度，对小铁球受力解析以下列图，小铁球碰到的合外力方向水平向右，凹槽对小铁球的支持力为FN＝eq\f(mg,cosα)，选项A、B错误；小铁球所受的合外力为F合＝mgtanα，由牛顿第二定律得a＝eq\f(F合,m)＝gtanα，选项C正确；解析凹槽和小铁球整体，应用牛顿第二定律得F＝(M＋m)a＝(M＋m)gtanα，选项D错误．]4．BC[对小球进行受力解析，作出受力求：重力mg、竖直挡板对小球的弹力FN1、斜面小车对球的弹力FN2.设加速度大小为a，斜面的倾角为α.依照牛顿第二定律得：竖直方向：mg＝FN2cosα①水平方向：FN1－FN2sinα＝ma②由①看出，m、α不变，则FN2不变．由②得，FN1＝FN2sinα＋ma.则向左加速运动且加速度a逐渐增加时，FN1逐渐增大．故B、C正确，A、D错误．]解析(1)设物块在斜面上运动的加速度大小为a1，方向沿斜面向上，物块在斜面上的运动逆向思想为匀加速运动，则x＝vt＋eq\f(1,2)a1t2解得a12物块在A点的速度为v0＝v＋a1t＝5m/s(2)设物块与各接触面间的动摩擦因数为μ，物块在水平面上运动时，有μmg＝ma2由题图乙可知a2＝2m/s2解得μ物块在斜面上运动时，设所受的摩擦力为Ff，则Fcosθ－mgsinθ＋Ff＝ma1Ff＝μFNFN＝mgcosθ＋Fsinθ解得F＝eq\f(mgsinθ－μmgcosθ＋ma1,cosθ＋μsinθ)≈10.1N.6．(1)1s(2)eq\r(15)m/s解析(1)撤去拉力F后，mgsinθ＋μmgcosθ＝ma2，0＝v1－a2t2，解得v1＝5m/s.撤去拉力F前(注意杆对环的弹力的方向)：Fcosθ－mgsinθ－μ(Fsinθ－mgcosθ)＝ma1，v1＝a1t1，所以t1＝1s(2)依照牛顿第二定律可得：mgsinθ－μmgcosθ＝ma3x＝eq\f(v1,2)(t1＋t2)，v2＝2a3x，联立解得v＝eq\r(15)m/s解析(1)设小车关闭电源后加速度大小为a1，由牛顿第二定律得：μ1Mg＝Ma1①设小车刚冲上薄板时速度为v1，由运动学公式，有：v12－v02＝－2a1x②①②联立，得：v1＝2m/s③(2)小车冲上薄板后，薄板上下两表面碰到的摩擦力方向相反，设薄板的加速度大小为a2，由牛顿第二定律得：μ1Mg－μ2(M＋m)g＝ma2④小车冲上薄板后，薄板以a2加速，车仍以a1减速，设经时间t两者共速，则：v1－a1t＝a2t⑤联立④⑤并代入数据，得：t则此时小车和薄板的速度大小v2＝1m/s该段时间，小车的位移：x1＝eq\f(v1＋v2,2)t＝