新高考2022届高考化学一轮单元训练第十七单元有机高分子及有机合成A卷

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第十七单元有机高分子及有机合成（A）答案1．【答案】D【解析】A．有机玻璃透光性好，易加工，可用于制作车辆风挡，聚甲基丙烯酸甲酯由单体甲基丙烯酸甲酯经加聚得到，A项正确；B．聚四氟乙烯化学性质稳定，耐化学腐蚀，耐溶性好，耐高温，可用于家用不粘锅内侧涂层，B项正确；C．糯米的主要成分为淀粉，属于天然有机高分子，C项正确；D．典型的“绿色能源”——生物柴油属于酯类，不含有芳香烃，D项错误；答案选D。2．【答案】B【解析】人造羊毛的单体为：和，则C为，D为，A为，B为HOOCCH3。从链节的结构来看，该聚合物为加聚产物，不是缩聚产物（一般情况下，O、N等杂原子参与高分子的主链构成），故该反应为加聚反应，A错误；A为，它和HCN反应生成，该反应为加成反应，B正确；A为，它和HOOCCH3在一定条件下反应生成，该反应为加成反应，C错误；A为，D错误；故选B。3．【答案】A【解析】①聚丙烯酸酯的单体的结构简式为CH2=CHCOOR，①正确；②聚丙烯酸酯属于混合物，没有固定的熔、沸点，②正确；③聚丙烯酸酯分子中没有碳碳双键，不能发生加成反应，③不正确；④合成聚丙烯酸酯的反应属于加聚反应，④不正确；综上所述，相关叙述正确的是①②，故选A。4．【答案】A【解析】该高聚物的形成过程属于加聚反应，加聚反应是由不饱和单体(如碳碳双键，碳碳三键以及碳氧双键等)聚合高分子的反应，其产物只有一种高分子化合物，凡链节中主碳链为6个碳原子，其规律是“见双键，四个碳，无双键，两个碳”画线断开，然后将半键闭合，即将单双键互换，直接合成该高聚物的物质为CH2=CH-CN、CH2=CH-CH=CH2、，即三种单体，A选项符合题意；答案为A。5．【答案】C【解析】顺丁橡胶、涤纶和酚醛树脂都属于合成高分子材料，A项错误；顺丁橡胶的单体是1，3­丁二烯，与反­2­丁烯的分子式不同，B项错误；合成涤纶的单体是对苯二甲酸和乙二醇，这两种单体均能发生酯化反应，C项正确；酚醛树脂是由苯酚和甲醛缩聚而成的，D项错误。6．【答案】D【解析】的结构中含有碳碳双键，因此能发生加聚反应生成A，A的结构为：；A项正确；由A的结构可知，A的链节中只含有酯基一种官能团，B项正确；由题可知，A在发生水解后生成B，那么B的结构为：；对于聚合物，其平均相对分子质量=链节的相对质量×聚合度，因此，C项正确；维纶的结构为：，维纶是由聚乙烯醇和甲醛缩聚而来，聚乙烯醇的结构为；因此，每生成一个维纶的链节需要2个聚乙烯醇的链节和1分子甲醛发生缩合，脱去1分子水；所以反应的方程式为：nHCHOnH2O；D项错误；答案选D。7．【答案】C【解析】根据单体判断的“断键法”、“弯键法”，①是加聚物，单体是苯乙烯；②是加聚物，单体是2-氯-1、3丁二烯；③是缩聚物，单体是苯酚和甲醛；④是加聚物，单体是乙烯和丙烯；⑤是缩聚物，单体是对二苯甲酸和乙二醇；符合题意的有③④⑤，答案选B。8．【答案】A【解析】A．合成酚醛树脂的单体为甲醛、苯酚，A正确；B．聚合物主链为碳碳双键发生加聚反应得到，单体为，B错误；C．戊糖、碱基和磷酸通过缩聚反应合成核酸，C错误；D．合成高分子的单体有CH2=CH-CH=CH2、CH(CN)=CH2共2种，D错误；故选C。9．【答案】B【解析】①中物质是所给有机物分子中醇羟基和羧基发生分子内酯化反应的产物；②中物质出现了碳碳双键，所以所给有机物中的羟基发生了消去反应；③中物质为所给有机物分子中羧基与羟基发生缩聚反应的产物；④中物质是所给有机物分子中羟基被溴原子取代的产物，属于取代反应；结合以上分析可知，四种反应类型分别为酯化、消去、缩聚、取代，B正确；综上所述，本题选B。10．【答案】C【解析】丙烯氧化生成C，C与新制氢氧化铜反应，结合D的分子式可知，则C为CH2=CHCHO、D为CH2=CHCOOH。B与D在浓硫酸、加热条件下生成E，应是发生酯化反应，结合E的分子式可知，应是1分子B与2分子D发生酯化反应，故B为HOCH2CH2OH，则E为CH2=CHCOOCH2CH2OOCCH=CH2，E发生加聚反应得到F，由B的结构可知，乙烯与氯气或溴发生加成反应生成A，A为1，2-二卤代烃，A水解得到乙二醇。A．由上述分析可知，反应④是CH2=CHCOOCH2CH2OOCCH=CH2发生加聚反应得到F，A正确；B．物质A为1，2-二卤代烃，B正确；C．B为HOCH2CH2OH，催化氧化得到OHC-CHO，C错误；D．D为CH2=CHCOOH，1mol物质D最多可以消耗1molNaOH，D正确。故选C。11．【答案】B【解析】A．X中无发生缩聚反应的官能团，选项A错误；B．由官能团的转化可知①1，3-丁二烯与丙烯酸乙酯发生加成反应生成X，②X发生还原反应生成Y，③Y发生取代反应生成Z，选项B正确；C．由化合物Z一步制备化合物Y，应发生水解反应，应在氢氧化钠的水溶液中而不是在氢氧化钠的醇溶液中，选项C错误；D．Y含有碳碳双键，可被酸性高锰酸钾氧化，选项D错误。答案选B。12．【答案】BD【解析】A．乙烯可发生加聚反应生成聚乙烯，聚乙烯可以用作生产食品包装材料，故A正确；B．苯甲酸的溶解度随温度的升高而增大，为防止苯甲酸的损失，重结晶的方法提纯苯甲酸时应趁热过滤，故B错误；C．若苯的结构中存在单双键交替结构，则苯的邻位二元取代物有两种，但实际上无同分异构体，所以能说明苯不是单双键交替结构，故C正确；D．二羟甲戊酸分子中有1个羧基和2个羟基，它们都能与钠反应，1mol该有机物与钠反应可以生成1.5mol氢气，这些氢气在标准状况下的体积为33.6L。气体的体积与温度和压强有关，未注明是否为标准状况，无法确定生成氢气的体积，故D错误；答案选BD。13．【答案】C【解析】要制取乙二酸乙二酯()，须先制备乙二酸和乙二醇，乙二酸可由乙二醇氧化而成；乙二醇可由乙烯与X2加成后再水解而得，乙烯可以由溴乙烷发生消去反应得到，因此发生的反应流程为：，发生的反应依次为消去、加成、取代、氧化和酯化(取代)反应，故选C。14．【答案】BCD【解析】A．FDCA与单体a发生缩聚反应生成PEF，根据FDCA和PEF的结构简式，用切割法可知，单体a为HOCH2CH2OH（乙二醇），A错误；B．PEF树脂中含酯基，可发生水解而降解，减少对环境的危害，B正确；C．葡萄糖为五羟基醛，果糖为五羟基酮，均属于多羟基化合物，C正确；D．对比5-HMF和FDCA的结构简式知，5-HMF→FDCA的过程中—CH2OH和—CHO都被氧化成了—COOH，即发生了氧化反应，D正确；答案选BCD。15．【答案】ABC【解析】CPAE中含酚-OH、苯乙醇中含-OH，均与Na反应生成氢气，则不能用金属Na检测上述反应是否残留苯乙醇，故A错误；与苯乙醇互为同分异构体的酚类物质，含酚-OH、乙基(或2个甲基)，含酚-OH、乙基存在邻、间、对三种，两个甲基处于邻位的酚2种，两个甲基处于间位的有3种，两个甲基处于对位的有1种，共9种，故B错误；由咖啡酸的结构简式可知，含有-COOH，能与NaHCO3反应，所以1mol最多可与1molNaHCO3的溶液发生反应，故C错误；故答案：ABC。16．【答案】（1）—CHO（2）氧化反应加成反应（3）HOCH2CH2OH+O2OHC-CHO+2H2O（4）nCH2=CHCl（5）ABC【解析】由题给有机物的转化关系可知，利用地沟油作为原料制备得到乙醇，在浓硫酸作用下，乙醇共热到170℃发生消去反应生成乙烯；乙烯在一定条件下转化为乙二醇，在铜做催化剂作用下，乙二醇与氧气共热发生催化氧化反应生成乙二醛，在催化剂作用下，乙二醛与氧气共热发生催化氧化反应生成乙二酸；乙烯与氯气发生加成反应生成1，2—二氯乙烷，1，2—二氯乙烷在480—530℃条件下发生消去反应生成氯乙烯，氯乙烯在催化剂作用下发生加聚反应生成聚氯乙烯，则X为聚氯乙烯。（1）由分析可知，反应②为在铜做催化剂作用下，乙二醇与氧气共热发生催化氧化反应生成乙二醛和水，反应中羟基转化为醛基，故答案为：—CHO；（2）由分析可知，反应②为在铜做催化剂作用下，乙二醇与氧气共热发生催化氧化反应生成乙二醛和水；反应④为乙烯与氯气发生加成反应生成1，2—二氯乙烷，故答案为：氧化反应；加成反应；（3）由分析可知，反应②为在铜做催化剂作用下，乙二醇与氧气共热发生催化氧化反应生成乙二醛和水，反应的化学方程式为HOCH2CH2OH+O2OHC-CHO+2H2O；（4）由分析可知，反应⑥为氯乙烯在催化剂作用下发生加聚反应生成聚氯乙烯，反应的化学方程式为nCH2=CHCl；（5）A．乙二醇分子中含有的羟基能与水分子形成氢键，能与水能够以任意比例互溶，故正确；B．乙二醇具有有机物的通性，能在氧气中燃烧生成二氧化碳和水，故正确；C．乙二醇分子中含有的羟基能与酸性高锰酸钾溶液发生氧化反应生成乙二醛或酸，使酸性高锰酸钾溶液褪色，故正确；D．同系物必须是含有相同数目的相同官能团的同类物质，乙二醇与乙醇的官能团数目不同，不是同类物质，不互为同系物，故错误；故选ABC。17．【答案】（1）甲苯氟原子浓硫酸和浓硝酸、加热取代反应（或硝化反应）13【解析】由合成路线可知，A发生反应①和②后变为，则A为甲苯；C发生硝化反应转化为D，D发生还原反应变为E，E与发生取代反应生成F，结合G的结构可知F为；F到G发生了硝化反应。（1）A与氯气在光照的条件下发生取代反应生成B，B与SbF3发生取代反应生成，则A为甲苯；中官能团的名称是氟原子。（2）③的反应为硝化反应，试剂和反应条件分别是浓硫酸和浓硝酸、加热，该反应类型是取代反应（或硝化反应）。（3）T(C7H7NO2)是在碱性条件下的水解产物的酸化产物，则T为。T的同分异构体同时符合下列条件：①—NH2直接连在苯环上；②能与新制氢氧化铜悬浊液共热产生红色固体，则分子中有-CHO。若苯环上有-OH、-CHO和-NH23种官能团，根据定二移一法可知其在苯环上的排列方式有10种；若苯环上有-OOCH和-NH3两种取代基，则其在苯环上的排列方式共有3种。综上所述，符合条件的T的同分异构体共有13种。其中核磁共振氢谱上有4组峰且峰面积比为1∶2∶2∶2的物质的结构简式为。（4）以CH3CH2COCl和为原料合成，根据题中的相关信息，首先发生硝化反应生成，然后，发生还原反应生成，最后与CH3CH2COCl发生取代反应生成。具体合成路线为。18．【答案】（1）2-氨基-3-甲基苯甲酸(或3-甲基-2-氨基苯甲酸)3（2）+COCl2+2HCl（3）取代反应（4）浓硝酸、浓硫酸、加热甲基、羧基的体积均大于氢原子，在两者的共同邻位引入硝基生成A时产生的空间位阻最大（5）【解析】（1）B以苯甲酸做母体，取代基分别为氨基和甲基，化学名称为2-氨基-3-甲基苯甲酸；-NO2与氢气发生还原反应生成-NH2，1molA反应生成B至少需要3mol氢气；（2）COCl2为反应物，B生成C结合有机物结构可知还有一个产物是HCl，反应的化学方程式为+COCl2+2HCl；（3）D生成E为苯环上一个H被Cl取代，反应类型为取代反应；（4）甲苯发生硝化反应，在甲基的邻位上取代硝基，反应所需试剂及条件为浓硝酸、浓硫酸、加热；另一种物质应是甲基的对位上取代-NO2，结构简式为；A的产率低的原因是：甲基、羧基的体积均大于氢原子，在两者的共同邻位引入硝基生成A时产生的空间位阻最大；（5）根据逆推法，由和COCl2反应得到，结合甲苯发生硝化反应在邻位上取代硝基，考虑苯上的甲基和KMnO4发生氧化反应时也会氧化-NH2，所以为了保护官能团，应先将苯上甲基氧化为羧基，再用氢气还原-NO2生成-NH2，合成路线为：。19．【答案】（1）3-甲基苯甲醛(间甲基苯甲醛)羟基（2）NaOH水溶液，加热消去反应（3）（4）+2Ag(NH3)2OH+2Ag↓+3NH3+H2O(CH3)3COH(CH3)2C=CH2H3C