2018年四川省成都市中考物理试题(教师版含解析+学生版)

2018年四川省成都市中考物理试卷（教师版）一、单项选择题（每小题2分,共28分）1．（2分）系安全带可以减小因汽车紧急刹车对人员造成的伤害,下列说法正确的是（ ）A.刹车时人的惯性会消失B.刹车时人的惯性会增大C.刹车时人会受到向前的惯性力D.刹车时人由于惯性会向前倾【考点】6L：惯性.【分析】物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性,一切物体都有惯性,惯性是物体的一种属性,惯性大小只跟物体的质量大小有关,跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系,质量越大,惯性越大。【解答】解：A、一切物体在任何时候都有惯性，所以刹车时人的惯性不会消失。故A错误；B、惯性大小只跟物体的质量大小有关，刹车时人的质量不变,所以惯性不变。故B错误；C、惯性是物体的一种属性,不是力，不能说受到惯性力的作用。故C错误；D、当汽车急刹车时,人的下半身随车停止运动,而上半身由于惯性仍保持原来的运动状态继续向前运动，所以人会向前倾。故D正确。故选：D。【点评】此题主要考查学生对惯性的理解。惯性现象在现实生活中随处可见,和我们的生活密切相关,学习中要注意联系实际,用所学惯性知识解决生活中的实际问题。2.（2分）近来共享电动汽车成为人们低碳出行的交通工具，某共享汽车30min行驶20km,则该车的平均速度为（ ）A.40km/h B.1.5km/min C.15m/s D.40m/s【考点】6D：变速运动与平均速度.S——【分析】根据v｛算出平均速度即可解答。1m/s=3.6km/h1—【解答】解：共享汽车行驶的路程s=20km,时间t=30min 2h；kmx ：—kmx ：—=40km/h=40 J'10.67km/min=共享汽车的平均速度：1000mx =40 ，‘小口。5 11.1m/s,故A正确,BCD错误。【点评】本题考查了速度公式的应用以及单位换算,是一道基础计算题。3．（2分）在四冲程汽油机的工作循环中,将内能转化为机械能的冲程是（ ）A.吸气冲程 B.压缩冲程 C做功冲程 D.排气冲程【考点】GM：内燃机的四个冲程.【分析】四冲程内燃机的四个冲程依次是：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程；其中做功冲程是把内能转化为机械能；压缩冲程是把机械能转化为内能。【解答】解：四冲程汽油机的一个工作循环由四个冲程组成：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程；其中压缩冲程将机械能转化为内能；做功冲程将内能转化为机械能故C正确。故选：C。【点评】本题主要考查了内燃机的四冲程以及四个冲程中做功次数与飞轮转数之间的关系。关键要搞清一个工作循环包括四个冲程,飞轮转两周,对外做功一次。D. ■两个铅块挤压在一起【考点】8J：大气压的综合应用.【分析】大气压的应用大多是利用内外的气压差,所以要判断是否是大气压的应用,要注意

第2页（共44页）有没有形成这个“气压差”。大气压强在实际生活中的应用十分广泛,有：吸管喝饮料、离心式水泵抽水、钢笔吸墨水等。【解答】解：A、拔火罐使用时，先把酒精在罐内烧一下,罐内空气受热排出,此时迅速把罐扣在皮肤上,使罐内气体温度升高,等到罐内的空气冷却后压强降低,小于外面的大气压,外面的大气压就将罐紧紧地压在皮肤上。因此这是由于大气压强的作用引起的，故A符合题意；B、塑料梳子和头发摩擦起电，头发和梳子带异种电荷，异种电荷相互吸引，不是大气压引起的，故B不符合题意；C、条形磁铁吸引小磁针是利用磁极间的相互作用，不是大气压引起的，故C不符合题意；D、两个铅块挤压在一起是利用分子间的作用力，不是大气压引起的，故D不符合题意。故选：A。【点评】此类题举出的例子一般都是学生平时生活中接触过的,所以要在平时学习中多留心这类与物理有关的生活现象。体现了物理来源于生活,服务于社会的新课程理念5．(2分)关于声现象,下列说法正确的是( )A.常温(15℃)下，空气中的声速大于水中的声速“蒙面歌王”节目中观众是通过音调猜出歌手的C声呐利用次声波可以确定鱼群位置和海水深度D.汽车排气管上安装消声器是在声源处减弱噪声【考点】94：声音在不同介质中的传播速度；9E：超声波与次声波；9H：音色；9L：防治噪声的途径．【分析】(1)声音是物体的振动产生的,声音的传播需要介质,它可以在气体、固体、液体中传播,且声音在固体中的传播速度最快,液体中次之,在气体中的传播速度最慢,声音不能在真空中传播；(2)声音的三个特征分别是：音调、响度、音色,是从不同角度描述声音的,音调指声音的高低,由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小,与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性；(3)人的听觉频率范围是20Hz〜20000Hz，高于20000Hz的是超声波，低于20Hz的是次声波；减弱噪声的途径：在声源处、在传播过程中、在人耳处。【解答】解：A、声音在固体中的传播速度最快，液体中次之，在气体中的传播速度最慢,第3页(共44页)

故常温（15℃）下，空气中的声速小于水中的声速；故A错误；B、音色是由发声体本身决定的，不同的发声体，其音调和响度可能相同，但音色一般不同；观众能很快分辨出是哪位歌手的声音,主要是依据声音的音色不同，故B错误；C、超声波具有较强的穿透性，并且能够传递信息，所以人们利用超声波可以确定鱼群位置和海水深度，故C错误；D、在汽车排气管上安装消声器，是在声源处减弱噪声，故D正确。故选：D。【点评】本题考查声速,对音色的理解,超声波的应用,以及减弱噪声的途径是基础题。6．（2分）如图所示的实例中,为了增大压强的是（大安全锤一端做成锥形B.坦克的履带非常宽铁轨下铺放很多轨枕滑雪板的面积比较大大安全锤一端做成锥形B.坦克的履带非常宽铁轨下铺放很多轨枕滑雪板的面积比较大【考点】84：增大压强的方法及其应用．【分析】压强的大小跟压力大小和受力面积大小有关。增大压强的方法：是在压力一定时,通过减小受力面积来增大压强；是在受力面积一定时,通过增大压力来增大压强。减小压强的方法：是在压力一定时,通过增大受力面积来减小压强；是在受力面积一定时,通过减小压力来减小压强。【解答】解：A、安全锤一端做成锥形，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；故A符合题意;B、坦克的履带非常宽大，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；故B不合题意;C、铁轨下铺放很多轨枕，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；故C不合题意;D、滑雪板的面积比较大，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；故D不合题意。故选：A。【点评】掌握压强大小的影响因素,利用控制变量法解释生活中有关增大和减小压强的问题。7．(2分)关于材料和信息技术,下列说法正确的是( )A.铜、铁、铝都是磁性材料，可以被磁化B.玻璃、橡胶制品在常温下是导体C.光缆通信中光在光纤里一直沿直线传播D.北斗卫星导航系统通过电磁波提供定位服务【考点】C3：磁性材料；D2：电磁波的传播与应用；DA：光纤通信；HJ：导体.【分析】(1)常见的磁性材料有铁、钴、镍。(2)常见的导体有各种金属、石墨、大地等；常见的绝缘体有陶瓷、橡胶、玻璃等。(3)光纤通信是通过激光在光纤内不断反射向前传播,从而传递信息的；(4)电磁波能够传递信息,导航仪是利用电磁波传递信息的。【解答】解：A、铜、铝不是磁性材料，不能被磁化，故A错误；B、玻璃、橡胶制品在常温下是绝缘体，故B错误；C、光在光导纤维中不断反射，不是沿直线传播的，故C错误；D、电磁波的传播不需要介质,电磁波可以传递信息，北斗卫星导航系统通过电磁波提供定位服务的，故D正确。故选：D。【点评】本题考查了多个知识点,都是基础知识,难度不大。8．(2分)下列数据最符合实际的是( )A.手机充电器的工作电流约为20AB.USB接口的输出电压约为5VC家用微波炉的额定功率约为10WD.家用空调工作一晚消耗约100度电【考点】HG：电流的大小；I1：电压；J7：电功率的概念.【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解,对于选项中的单位,可根据需要进行相应的换算或转换,排除与生活实际相差较远的选项,找出符合生活实际的答案。【解答】解：A、手机充电器的工作电流约2A；故A错误；B、USB接口的输出电压约为5V,也有8V的；故B正确；C、微波炉的额定功率约为1000W以上；故C错误；第5页(共44页)D、空调的电功率在1000W左右，工作一晚消耗不足10度；故D错误；故选：B。【点评】此题考查对生活中常见物理量的估测,结合对生活的了解和对物理单位的认识,找出符合实际的选项即可。(2分)如图所示的串联和并联电路，两个灯泡阻值不等，开关S闭合，关于电路中的电流或电压关系,下列说法正确的是( )用 乙A.甲电路中,U=U1=U2 B.甲电路中,U>U1=U2C.乙电路中,I=Il+I2 D.乙电路中,I>I1=I2【考点】H!：串联电路的电流规律；H@:并联电路的电流规律；I6：串联电路的电压规律.【分析】(1)把几个用电器首尾相接,连入电路就是串联。把几个用电器首首相接,尾尾相接,再连入电路,就是并联,(2)串联分压U=U1+U2，并联分流即I=Il+I2o【解答】解：A、甲电路中，两个灯泡首尾相接，则两个灯泡串联，串联分压，即U=U1+U2,故A错误；B、甲电路中，因为两个灯泡阻值不等,所以根据串联分压规律可知5/3，故A错误；C、乙电路中，电流从电源正极出发后,分别经过灯泡L1、L2，然后汇合回到电源的负极，所以两个灯泡并联，并联电路中干路的电流等于各支路电流之和，即I=Il+I2，故C正确，D、乙电路中，因为两个灯泡阻值不等,所以根据并联分流规律可知I1WI2,故D错误。故选：Co【点评】对于这类题目,要根据题意的开关组合,结合串并联电路的特点,判断出电流的流向,从而判断电路的连接状态。(2分)关于原子、原子核、核能和能源,下列说法正确的是( )A.原子由原子核和质子组成B.原子核由质子和中子组成C.太阳的惊人能量来自内部的核裂变D.石油、风能、可燃冰属于可再生能源【考点】32：原子的核式模型；K2：能源的分类；K8：太阳能.【分析】①原子是由原子核和电子组成的,原子核又是由质子和中子组成的；②太阳的能量来自于原子核的聚变；③核能主要有两种:核裂变和核聚变，核裂变是指用中子轰击较大的原子核,使其变成两个中等大小的原子核,核聚变是指两质量较轻的核变成一个质量中等的核。④能源从是否可再生角度划分为可再生能源和不可再生能源。可再生能源：可以从自然界中源源不断地得到的能源。例：水能、风能、太阳能、生物质能、潮汐能。不可再生能源：不可能在短期内从自然界得到补充的能源。例：化石能源(煤炭、石油、天然气)、核能。【解答】解：A、原子由原子核和核外电子两部分组成。故A错误；B、原子核由质子和中子两部分组成，质子带正电，中子不带电。故B正确；C、太阳的能量来自大量的氘核的聚变。故C错误；D、石油、可燃冰属于化石燃料,不能短时期内从自然界得到补充，属于不可再生能源。风能在自然界中可以不断再生、连续利用，属于可再生能源。故D错误。故选：B。【点评】此题考查了原子结构、太阳内部的核聚变、核能的获得以及能源的分类,属于基础知识的考查。11．(2分)小册在家煮汤圆,有关煮汤圆过程中的物理知识,下列说法正确的是( )A.刚从冰箱冰冻室取出的速冻汤圆没有内能B.汤圆内能增大是通过热传递方式来实现的C.汤圆在煮的过程中体积变大是因为分子间存在斥力D.汤圆煮熟关火后水不再沸腾是因为为水分子停止运动【考点】1I：沸腾及沸腾条件；G4：内能的概念；GA：热传递改变物体内能；GH：分子间的作用力．【分析】(1)任何物体都有内能；(2)改变物体内能的方式：做功、热传递；(3)分子间存在间隙；(4)根据水沸腾的条件分析。【解答】解：A、任何物体都有内能，故A错误；B、汤圆内能增大是通过吸收热量来实现的，属于热传递，故B正确；C、汤圆在煮的过程中体积变大是因为分子间的距离变大了，故C错误；D、分子都在不停地做无规则运动,关火后水不再沸腾是水不吸收热量，水要想沸腾必须要吸热，故D错误。故选：B。【点评】本题考查了内能的概念、改变内能的方法、分子动理论、水的沸腾条件等知识,难度不大。12．（2分）关于如图所示实验,下列说法正确的是（ ）A.用该装置可探宄“让通电导体在磁场中动起来”B.法拉第根据该实验揭示的原理发明了电动机C.导体ab竖直向上运动时,灵敏电流表指针偏转D.导体ab水平向左运动时,灵敏电流表指针偏转【考点】CJ：磁场对通电导线的作用；CP：电磁感应.【分析】要产生感应电流需满足两个条件：一为闭合回路,二为回路中部分导体切割磁感线。根据条件可判断。据图中的装置,结合实际分析即可判断。【解答】解：A、该装置中没有电源，所以不能探究“让通电导体在磁场中动起来”，故A错误；BD、闭合开关后，导体ab左右运动时（做切割磁感线运动），电路中就会产生感应电流，电流表指针会发生偏转,这是电磁感应现象,法拉第根据该实验揭示的原理发明了发电机,不是电动机；故B错误,D正确；C、导体ab竖直向上运动时，运动方向与磁感线方向平行,导体没有做切割磁感线运动，不会产生感应电流，灵敏电流表指针不偏转，故C错误。故选：D。【点评】知道并理解电与磁中的实验过程和实验装置、实验用途等知识点是解决该题的关键。13．(2分)关于家庭电路和安全用电,下列说法准确的是( )A.控制各灯具的开关都应该安装在零线上B.有金属外壳的用电器都使用两脚插头C.应该定期对漏电保护器进行例行试验D.不接触高压设备就不会引起触电事故【考点】IV：安全用电原则.【分析】(1)为保证用电安全,控制家用电器的开关应该控制火线,开关断开时,切断电源,用电器不带电；(2)三孔插座的接法是左零右火上接地,三脚插头的接法是中上的要与用电器外壳相连；(3)要每月对漏电保护器进行检查；(4)不接触低压带电体,不靠近高压带电体。【解答】解：A、家庭电路中，控制各个灯具的开关都应安装火线上，断开开关，保证用电安全。故A错误；B、家用电器金属外壳相连接的是地线，用三脚插头使金属外壳带电，电流会通过地线导入大地，防止造成触电事故的发生，故有金属外壳的用电器都使用三脚插头，故B错误；C、为确保使用安全,漏电漏电保护器上设置了试验按钮,需要每月试按一次,如果试验按钮按下漏电保护器无动作,说明漏电保护器需要更换,故应该定期对漏电保护器进行例行试验，故C正确；D、安全用电的基本原则是：不直接接触低压线路不靠近高压线路，故D错误。故选：C。【点评】本题考查了学生对全用电知识的了解与掌握,平时学习时多了解、多积累,加强安全意识,不能违反。14．(2分)如图所示,小邦在国色天乡玩蹦极,不考虑空气阻力,关于他在下降过程中的能量分析,下列说法正确的是( )A.弹性绳绷直前,重力势能增大，动能减小B.弹性绳绷直前,重力势能减小，动能不变C下降到最低点，动能最小,弹性势能最大D.下降到最低点，重力势能最大,弹性势能最小【考点】FN：动能和势能的大小变化.【分析】动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大,速度越大,动能越大。重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大,高度越高,重力势能越大。弹性势能的影响因素是弹性形变的程度,形变越大,势能越大。【解答】解：AB、人在下降过程中,弹性绳绷直前，高度减小,重力势能减小，速度变大，则动能变大，故AB错误；CD、下降到最低点时，人的速度减小为0,动能最小；高度最小，重力势能最小；弹性绳的形变最大，则弹性势能最大，故C正确,D错误。故选：C。【点评】掌握动能、重力势能的影响因素。利用控制变量法能判断动能、重力势能的变化。二、填空题（每空2分,共32分）15．（4分）小付买了一盒“雪月饼”,为了保持低温,工作人员在月饼包装盒内装入了一定量的“干冰”。回到家中，打开包装盒，发现周围空气出现了“白雾”，这是因为“干冰”在」华过程中吸收热量,使空气中的水蒸气液化成了小雨滴。（两空均填物态变化名称）【考点】1M：液化及液化现象；1Q：生活中的升华现象.【分析】物质由气态直接变为固态叫凝华,物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化,由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化,由液态变为固态叫凝固。【解答】解：打开包装盒,发现周围空气出现了“白雾”,这是因为盒内的干冰发生升华现第10页（共44页）象,此过程中吸热,使温度降低,空气中的水蒸气遇冷液化为小水滴即“白雾”。故答案为：升华；液化。【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化,关键要看清物态变化前后,物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。（4分）标有“12V60W”的汽车灯泡工作时,用电压表测得其两端电压如图所示，则灯泡两端的实际电压为11.5丫,灯泡的实际功率小于（选填“大于”“小于”或“等于”）60W。【考点】JD：实际电压；JE：实际功率.【分析】（1）根据图示电表确定其量程与分度值,然后根据指针位置读出其示数。（2）根据汽车灯泡的额定电压与实际电压比较即可得出结论。【解答】解：由图示电压表可知，其量程为0〜15丫分度值为：0.5V,由图可知，电压表读数为：11.5Y即灯泡的实际电压为11.5V；已知汽车灯泡的额定电压为12V,因为实际电压小于额定电压，所以灯泡的实际功率额定功率小于60W。故答案为：11.5；小于。【点评】本题考查了电压表与电流表的读数,对电表读数时要先确定其量程与分度值,然后再读数,读数时视线要与刻度线垂直,同时还要关知道额定电压下灯泡的实际功率和额定功率相等。（4分）小佑收集了很多材料和长度都相同但粗细不同的铅笔芯。如图所示,是他用身边的器材自制的简易调光灯电路。闭合开关，夹子A向右移动的过程中灯泡亮度应该变亮（选填“变亮”、“变暗”、或“不变”）；夹子A从最左端移动到最右端的过程中，他发现灯泡亮度变化不明显,他应该调换更细（选填“粗”或“细”）的铅笔芯来做实验。【考点】IA：影响电阻大小的因素.【分析】影响电阻大小的因素是材料、长度和横截面积；灯泡的亮度取决于灯泡的实际功率,通过灯泡的电流越大,功率越大；根据夹子移动的方向判定电阻的变化,根据欧姆定律判定电流的变化,从而判定出灯泡亮度的变化。【解答】解：闭合开关，夹子A向右移动的过程中,铅笔芯接入电路中的长度变短,电阻减小,根据欧姆定律可知,电流变大,灯泡变亮；夹子A从最左端移动到最右端的过程中,他发现灯泡亮度变化不明显，说明电流的变化比U——较小，根据IR可知，即电阻变化较小，故应选用电阻较大的铅笔芯，即换用更细的铅笔芯。故答案为：变亮；细。【点评】本题考查了影响电阻大小的因素、电路的动态分析、欧姆定律的应用,属于基础知识。（4分）如图甲所示,能自由转动的司南静止时，它的长柄指向南方，说明长柄是_S_极。如图乙所示,自制电磁铁的线圈匝数一定时，增大电流，电磁铁的磁性会增强（选填“增强”、“减弱”或“不变”）。甲【考点】C8：地磁场；CE：影响电磁铁磁性强弱的因素.【分析】（1）“司南”是最早的指南针,是利用天然的磁石磨制成的磁勺,磁勺受到地磁场的作用总是一端指南一端指北；（2）电磁铁的磁性强弱的影响因素：电流的大小,线圈匝数的多少。电流一定时,匝数越多,磁性越强。匝数一定时,电流越大,磁性越强。【解答】解：能自由转动的磁体静止时指南的那个磁极叫做南极，又叫S极；司南静止时,其长柄指向南方，说明长柄是南极或S极；自制电磁铁的线圈匝数一定时,增大电流,电磁铁的磁性会增强。故答案为：S；增强。【点评】本题考查地磁场及司南的工作原理、影响电磁铁磁性强弱的因素的相关知识,属于基础题,比较简单。（4分）佑佑同学正确使用托盘天平测得一木块的质量如图所示，则木块的质量为11.2g.记录数椐时，用橡皮擦擦去错误数据,手按压橡皮擦的力越大，纸张受到的摩擦力3大（选填“越大”、“越小”或“不变”）。【考点】25：质量的测量与天平.【分析】（1）天平在读数时，物体的质量=右盘砝码的质量+游码所对的刻度值。（2）摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，增大摩擦的办法：①增大压力；②增大接触面的粗糙程度。【解答】解：⑴由图知，标尺的分度值为0.2g,其示数为1.2g,砝码的质量为10g,则木块的质量为：10g+1.2g=11.2g；（2）摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关,用橡皮擦檫去错误数据时,接触面的粗糙程度不变,手按压橡皮擦的力越大,压力越大,则纸张受到的摩擦力越大。故答案为：11.2；越大。【点评】本题考查了天平的读数方法,以及影响摩擦力大小的因素,都是力学的基础知识,第13页（共44页）难度不大。（4分）在探究凸透镜成像规律的实验中,某次实验的成像情况如图所示,小组成员提出“有哪些方法可以让光屏上的像变大”的问题,经过讨论后形成两个方案,而且结果都达到目的。方案一：保持蜡烛和光屏的位置不动,只将凸透镜向移动适当距离；方案二：保持凸透镜位置不动，将蜡烛和光屏都向右移动。【考点】B7：凸透镜成像规律及其探究实验.【分析】（1）物距在一倍焦距和二倍焦距之间时,成倒立、放大的实像；（2）凸透镜成实像时,物距变小,像距增大,像变大。【解答】解：（1）如图物距大于像距,成倒立缩小的实像,保持蜡烛和光屏的位置不动,将凸透镜向左移动,根据光路的可逆性,则物距在一倍焦距和二倍焦距之间时,光屏上就会成倒立、放大的实像；（2）保持凸透镜的位置不变,如果要想在光屏上得到大一些的清晰的像,应减小物距,增大像距,即将蜡烛右移,光屏右移；故答案为：左；右。【点评】此题考查凸透镜成像规律及其应用,熟练掌握凸透镜成像规律是解答此题的关键。（4分）我国第二艘航空母舰已于2018年5月13日开始出海试航,将来可增加我国海军实力。如图所示,辽宁号航空母舰训练过程中，舰载飞机飞离航母，与飞离前相比，母舰会」浮一些（选填“上浮一些”、“下沉一些”或“保持不变”）。舰载机起飞时，机翼上表面空气流动速度大于（选填“大于”、“小于”或“等于"）下表面空气流动速度。【考点】8K：流体压强与流速的关系；8S：物体的浮沉条件及其应用.【分析】⑴航母上的舰载机飞离后，航母自重减小，因航母仍漂浮,根据漂浮条件F浮TG判断浮力的变化；根据阿基米德原理F浮=pgV排判断航母上浮还是下沉。(2)比较相同时间内气流通过的路程得出机翼上下表面空气流动速度的大小。【解答】解：(1)航母始终漂浮于水面上，由漂浮条件可知,浮力等于重力，即F浮=6当舰载飞机飞离航母后，航母的重力G减小，因航母仍处于漂浮状态，故所受浮力F浮要减小；因浮力减小，由阿基米德原理F、.=pgV排可知，排开水的体积减小，航母将上浮一些。浮排(2)由于机翼都做成上凸下平的形状,同一股气流在相同的时间内,通过机翼的上方和下方,上方气流通过时经过的路程大,速度大；下方气流通过时经过的路程小,速度小。故答案为：上浮一些；大于。【点评】本题考查物体浮沉条件(漂浮条件)和阿基米德原理,同时考查速度的大小比较,明确机翼的形状是解答此题关键。(4分)如图所示，电热水壶上标有“220V1800W”，小明发现烧水过程中热水壶的发热体部分很快变热,但连接的电线却不怎么热,是因为导线的电阻比发热体的电阻_小。在额定电压下，烧开一壶水用时3min20s,这段时间内电热水壶发热体产生的热量为3.6X105J。【考点】JI：焦耳定律的计算公式及其应用.【分析】(1)由焦耳定律知道,电流通过导体产生的热量跟电流的平方、电阻大小和通电时间成正比。电炉丝和连接的导线串联在电路中(通过的电流相等),通电时间是相同的,而电炉丝的电阻比导线的电阻大,据此分析原因；(2)根据Q=Pt可求电热水壶发热体产生的热量。【解答】解：热水壶的发热体与电线串联,通过它们的电流及时间相等,但热水壶的发热体的电阻比电线的电阻大得多，由焦耳定律Q=PRt可知,热水壶的发热体比电线产生的热量就多得多,所以电热丝很热,但与之相连的电线却不怎么热；在额定电压下，烧开一壶水用时3min20s,这段时间内电热水壶发热体产生的热量：Q=Pt=1800WX(3X60s+20s)=3.6X105J。故答案为：小；3.6X105O【点评】本题主要考查焦耳定律和电热公式的计算,常见题目。第15页(共44页)三、作图与计算题（共16分．计算题在解答时应写出公式和重要的演算步骤,只写出最后答案的不能得分）（2分）如图所示，一束激光从空气中射到半圆形玻璃砖上（O为圆心）发生了反射和折射,请在图中画出：①反射光线；②折射光线的大致方向。【考点】AN:作光的折射光路图.【分析】光的反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一个平面内,反射光线与入射光线分居法线两侧,反射角等于入射角；折射定律：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内,折射光线、入射光线分居法线两侧,当光由空气斜射进入玻璃中时,折射光线靠近法线,折射角小于入射角。【解答】解：图中法线已经画出,根据反射角等于入射角,在法线上侧的空气中作出反射光线；当光由空气斜射入玻璃中时,根据折射角小于入射角,在法线上侧的玻璃中作出折射光线,如下图所示：【点评】本题考查了光的反射定律和折射规律,是中考热点之一,要求学生不仅要会根据反射定律和折射定律由入射光线画反射光线和折射光线,而且要会根据反射或折射画出入射光线。（2分）如图甲是教室里的学生座椅,乙图是它的侧面图,要在C点用最小的力F使座椅绕A开始逆时针转动，请在图乙中画出；①F的力臂②F的示意图。

【考点】6H：力的示意图与图示；7P：力臂的画法.【分析】(1)力臂的概念：力臂是指从支点到力的作用线的距离；(2)杠杆平衡条件：动力X动力臂=阻力X阻力臂(F1L1=F2L2),在阻力跟阻力臂的乘积一定时,动力臂越长,动力越小。【解答】解：由杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知,在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；图中支点在A点,要求在C点用力，连接AC,则AC就是最长的动力臂L；由题意可知，要在C点用最小的力F使座椅绕A开始逆时针转动,则动力应垂直于力臂L向左，据此可画出最小动力F的示意图；如下图所示：2.【点评】本题的解题关键是通过杠杆的平衡条件得出：在阻力跟阻力臂的乘积一定时,动力臂越长,动力越小的结论。25．(6分)成都正在大力发展包括无人机在内的高新技术产业,快递行业的一些公司积极尝试无人机送货，如图所示。一架无人机载着货物沿竖直方向匀速上升5m,该货物质量为3.6kg、体枳为2.4X10Tm3.g取10N/kg。求：(1)货物的密度；(2)提升货物所做的功。【考点】2B：密度公式的应用；EC：功的计算.【分析】(1)利用密度公式计算货物的密度；(2)根据W=Gh=mgh可求得提升货物所做的功。【解答】解：(1)货物的密度：m3.6kg———―p1二斗XH)'”广1.5X103kg/m3；(2)提升货物所做的功：W=Gh=mgh=3.6kgX10N/kgX5m=180J。答：(1)货物的密度1.5X103kg/m3；(2)提升货物所做的功为180J。【点评】此题考查密度和功的计算,因为条件已知,所以难度不大,属于基础题目。26.(6分)如图所示，电源电压保持不变，灯泡上标有“12V6W”，定值电阻R1=120Q,滑动变阻器R2上标有“50Q、1A”，电压表的量程选用“03V”。断开S2，闭合S和S1，滑片P移到B端,灯泡刚好正常发光。(1)将滑片P移到B端，三个开关都闭合,lmin内电路消耗的电能是多少？(2)断开S1，闭合S和S2,在安全前提下，调节滑片P的过程中，电路消耗的最小功率是多少？【考点】JA：电功率的计算.【分析】(1)断开S2，闭合S和S1，滑片P移到B端，电路为灯泡的简单电路,灯泡刚好正常发光，可得电源电压等于小灯泡的额定电压；将滑片P移到B端，三个开关都闭合，灯泡Lu2和R1并联，根据W "t可求Imin内电路消耗的电能；(2)断开S1,闭合S和S2时,R1与滑动变阻器R2串联；当电压表示数最大为3V时,滑动变阻器接入电阻值最大,电路中的电流最小,电路中的功率最小；根据电压表的量程和滑动变阻器的阻值确定电路的最小电流,并根据P=UI求出电路消耗功率的最小值。【解答】解：(1)断开S2，闭合S和S1,滑片P移到B端，电路为灯泡的简单电路,因灯泡刚好正常发光，所以可知电源电压等于小灯泡的额定电压,即U=UL矿12V；将滑片P移到B端，三个开关都闭合，灯泡L和R1并联，因并联电路中各支路两端的电压等于电源电压,所以此时灯泡仍然正常发光,即Pl=6W,则lmin内电路消耗的电能：产 (12IZ)2W=WL+WR=PLt *：t=6WX1X60s 60s=360J+72J=432J；(2)断开S1,闭合S和S2,R1与滑动变阻器R2串联，电压表测变阻器两端的电压，电压表的量程选用“0〜3V”，当电压表示数最大为3V时,由串联分压规律可知，滑动变阻器接入电阻值最大,因串联电路电流处处相等，4%所以根据欧姆定律可得：K37X2V-3V*12。』？，解得变阻器接入电路的最大阻值：R2=40Q则电路中的最小电流：12VI. I. %，in120仅+40。0.075A,所以电路消耗的最小功率：Pmin=UImin=12VX0.075A=0.9Wo答：(1)将滑片P移到B端，三个开关都闭合,lmin内电路消耗的电能是432J;(2)断开S1,闭合S和S2，在安全前提下，调节滑片P的过程中，电路消耗的最小功率是0.9W。【点评】本题考查了串、并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的灵活应用,关键是第19页(共44页)开关闭合、断开时电路串并联的辨别,要注意在确保电路安全的情况下电路最小电流的确定。四、实验与探究题(共14分)27．(6分)在“连接串联电路”实验中,实验电路如图所示。⑴在连接电路时,开关应该处于断开状态。(2)连接好电路后闭合开关S,小慧发现L1,L2两只灯泡都不亮，她用手按一下灯泡L1,L1>L2仍然都不亮，按一下灯泡L2，两灯都亮,松开手两灯又不亮,则故障可能是L2与灯座接触不良。(选填“L1灯丝断了"、“L2灯丝断了”、“L1短路”或“L2与灯座接触不良”)(3)排除故障后,闭合开关两灯同时亮，断开开关两灯同时灭;将开关S换接到L1和12之间、L1和电池负极之间，观察到同样的现象。这样操作的目的是探究串联电路中开关的作【考点】HS：电路的基本连接方式.【分析】(1)为了保护电路,在连接电路时,开关应该处于断开状态；(2)闭合开关S,L1、L2两只灯泡都不亮，电路可能为断路或短路或接触不良,根据题中信息分析解答；(3)串联电路的特点：各用电器不能独立工作,相互影响,开关控制所有用电器,开关位置变化,控制作用不变。【解答】解：(1)为了保护电路,在连接电路时,开关应该处于断开状态；(2)闭合开关S,L1、L2两只灯泡都不亮，电路可能为断路或短路或接触不良；当用手按一下灯泡L1,L1、L2仍然都不亮,说明故障可能没有在L1；按一下灯泡L2,两灯都亮，则故障在L2;松开手两灯又不亮，说明故障可能是L2与灯座接触不良；(3)串联电路的特点：各用电器不能独立工作、相互影响,开关控制所有用电器,开关的位置变化时,控制作用不变。闭合开关两灯同时亮，断开开关两灯同时灭；将开关S换接到L1和L2之间、L1和电池负极之间,观察到同样的现象。这样操作的目的是探究串联电路中开关的作用。第20页(共44页)故答案为：(1)断开；(2)L2与灯座接触不良；(3)串联电路中开关的作用。【点评】本题考查了电路连接的注意事项、故障分析、串联电路开关作用的探究等问题,其中(3)有一定的难度。28．(8分)在“探究重力与质量的关系”的实验中：(1)测量物体重力前，除了观察弹簧测力汁的量程和分度值外，还应将弹簧测力计在竖直方向调零。(2)测量物体重力时，应将物体挂在弹簧测力计下并让它处于静止状态,这时弹簧测力计的示数(即拉力大小)就等于物体的重力。(3)实验小组的同学测量出了不同质量钩码所受重力的多组数据。其中一次测量时弹簧测力计指针位置如图所示，其读数为1.8No(4)实验小组的小虹同学提出：“还可以测量钩码以外的其它物体的质量和重力,将这些数据与钩码的数据放到一起来寻找规律。”而同组的小宇同学不赞同,他认为“必须全部用钩码的重力与质量的数据来寻找规律”。你认为小虹同学的观点是正确的。【考点】7u探究重力大小跟什么因素有关的实验.【分析】(1)重力的方向是竖直向下的；(2)根据二力平衡分析；(3)根据测力计的量程和分度值读数；(4)为了得到普遍的规律,应该在实验中采用不同的物体。【解答】解：(1)测量物体重力时,由于重力是竖直向下的,应将弹簧测力计在竖直方向调零；(2)测量物体重力时,当物体静止时,物体受到的重力与弹簧测力计的拉力是一对平衡力,大小相等；(3)由图可知，测力计的量程为0-5N,分度值为0.2N,示数为1.8N；(4)为了得到普遍的规律,应该在实验中采用不同的物体,这样结论根据有普遍性,故小虹同学的是正确的。故答案为：(1)竖直；(2)静止；(3)1.8；(4)小虹。【点评】本题考查了弹簧测力计的使用、二力平衡条件的应用,难度不大。一．选择题(每小题2分,共10分．有的小题只有一个选项符合题目要求,有的小题有二个选项符合题目要求,全部选对的得2分,选对但不全的得1分,有选错的得0分)29．(2分)下列说法正确的是( )A.功和能量的国际单位都是“焦耳”B.电动机的能量转化效率比柴油机低C.做功的过程一定有机械能转化为内能D.要“绿色发展”就不能使用常规能源【考点】2S：物理量的单位及单位换算；EI：能量转化的现象；GM：内燃机的四个冲程;KH：能源的利用和对环境的危害.【分析】①在物理学中，功和各种能量的基本单位都是焦耳；②不同机器工作过程本质是能量的转化过程不同机器的能量转化效率不同；③电流做功的过程是将电能转化为其他形式的能量的过程；④绿色发展是以效率、和谐、持续为目标的经济增长和社会发展方式。【解答】解：A、为纪念焦耳在热学和能量研究领域取得的卓越成就，物理量以其名字命名功和各种能量的基本单位。故A正确；B、电动机将电能转化为机械能，转换效率一般在80%以上；柴油机将柴油燃烧释放的内能转化为机械能，转化效率在35%左右。故B错误；C、电饭锅发热的过程，是电流做功的过程，此过程将电能转化为内能。故C错误；D、“绿色发展”不是不使用常规能源,而是合理使用，减小污染。故D错误。故选：A。【点评】此题考查了物理量的单位、能量的转化效率及绿色发展的内涵,包含的知识点较多,难度不大。30．(2分)下列对光现象的分析,合理的是( )A.近视眼镜的镜片采用凹透镜是因为凹透镜对光有会聚作用B.眼睛能看见物体是因为眼睛发出的光到达了该物体第22页(共44页)C.兴隆湖中出现科学城建筑的倒影是因为光从空气进入了水D.雨后天空出现彩虹是因为水珠对不同颜色的光折射程度不同【考点】A6：光的反射现象；AP：光的色散；B5：凹透镜的发散作用；B9：眼睛及其视物原理．【分析】(1)近视眼镜是凹透镜；(2)能够看到周围的物体,是因为有光线或反射光线射入人的眼睛；(3)倒影属于平面镜成像；(4)彩虹是光的色散形成的。【解答】解：A、近视眼镜的镜片采用凹透镜是因为凹透镜对光有发散作用，故A错误；B、能够看到周围的物体，是因为有光源或反射光线射入人的眼睛。眼睛不是光源,不会发光，故B错误；C、兴隆湖中出现科学城建筑的倒影属于平面镜成像是由光的反射形成的，故C错误；D、雨过天晴时,常在天空出现彩虹,这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的,因为水珠对不同颜色的光折射程度不同,白光经水珠折射以后,分成各种彩色光,这种现象叫做光的色散现象，故D正确。故选：D。【点评】本题主要考查学生利用光学知识解释生活中常见的物理现象,此题与实际生活联系密切,体现了生活处处是物理的理念。(2分)小李家使用的燃气热水器，将30kg的水从20℃加热到45c消耗了0.15m3的天然气。已知水的比热容为4.2X10J/(kg・℃),天然气的热值为4X107J/m3,则下列与该过程有关的计算结果和分析正确的是( )A.水吸收的热量与水的末温成正比B.水吸收的热量是3.15X10JC.热水器的能量转化效率是52.5%D.热水器的能量转化效率与环境温度无关【考点】E6：能量利用效率；GG：热量的计算.【分析】(1)根据Q吸=。：^G-t0)分析水吸收的热量是否与水的末温成正比；(2)根据Q吸=cm(t-t0)可求得水吸收的热量；⑶根据Q「Vq可求得天然气燃烧放出热量,由n Q;100%可求得能量转化效率；(4)环境温度越低,加热时间越长,其散失的热量越多,据此分析。【解答】解：A、由Q吸=cm(t-t0)可知，水吸收的热量与水的质量和升高的温度成正比，故A错误；B、将30kg的水从20℃加热到45℃,水吸收的热量：Q吸=^^广t0)=4.2X103J/(kg・℃)X30kgX(45℃-20℃)=3.15X106J,故B错误；C、天然气完全燃烧放出热量：Q放=丫天然气q=0.15m3X4X107J/m3=6X106J,Q吸3.15X106/— .x— ■~~~ X热水器的能量转化效率：n :100%ii'x•]()・•/ 10。％=52.5%,故C正确;D、热水器的能量转化效率与环境温度有关，因为环境温度越低，加热的时间越长，其散失的热量越多，则热水器的能量转化效率越低，故D错误。故选：C。【点评】本题主要考查了燃料完全燃烧放热公式Q放=丫4、Q吸=cm△t=cm(t-t0)和效率公式的掌握和运用,属于中档题。(2分)圆柱形实心均匀物体A、B高度相同，质量分别为mA、mB，密度分别为pA、pB，两物体重叠后放置在水平桌面上，如图甲和乙所示。图甲中、设A对B的压强为p1,B对桌面的压强为p2;图乙中，设B对A的压强为p3,A对桌面的压强为p4,则下列比例关系正确的是( )A.Pi：p2=[mAPA]：[(mA+mB)Pb]P1：P4=mA：(mA+mB)P2：P4=[mBPA]：[mAPB]P2：P3=[mA(mA+mB)PB〕：皿2Pa〕【考点】86：压强的大小及其计算.

m―【分析】水平面上的物体对水平面的压力等于其重力,即F=G=mg；根据p"'、V=m F—二—Sh可得Sph,再利用p:分别推导出p1、p2、p3和p4的表达式，最后计算各个压强比。【解答】解：水平面上的物体对水平面的压力等于其重力，即F=G=mg,m m由p卜'、V=Sh可得,S.心ga%gsJ札一PAhpi= PAghSA~mA~mAp3Pakp3(m井+m^PiighmspAA、p1：p2=pAgh： 叫'： |故A错误；(叫+m^pAghmAB、p1：p4=PAgh： “ •故B正确；(mA+m^p^gh(mA+m^pAghpBmAC、p2：p4 叫:： °，四士故c错误（mA+m^p.gh %（一+为抽历D、P2：P3 " ：话:小•故D正确。故选：BD。【点评】此题考查压强的大小计算,关键是重力、密度、体积、压强公式的熟练运用,并知道水平面上的物体对水平面的压力等于其重力。33.（2分）如图所示,电源电压保持不变,R2=50Q.闭合S1,断开S2,R1的电功率P1=0.1W,电压表示数为U1.开关都闭合时,电压表示数为6U1.用电阻R3替换R1、R2中的某一个,闭合开关S1,断开S2,电压表示数为U2，电路的总功率为P2.U2与U1相比，变化了0.5V.则下列结论正确的是（）—Iq_ © A.R3可能是110Q B.R3可能是5QC.P2可能是0.54W D.P2可能是0.65W【考点】IH：欧姆定律的应用；JA：电功率的计算.【分析】（1）由电路图可知，开关都闭合时,电路为R1的简单电路,电压表测电源两端的电压,根据电压表的示数可知电源的电压；闭合S1,断开S2时,R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，根据串联电路的电压特点求出R2两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律得出等式即可求出R1的阻值，利用P=I2R求出电路中的电流,根据电阻的串联和欧姆定律求出电源的电压，进一步得出U1的值；（2）用电阻R3替换R1、R2中的某一个，闭合开关S1断开S2，两电阻串联，根据U2与U1相比变化了0.5V得出U2的大小，根据串联电路的特点和欧姆定律求出电路中的电流再根据欧姆定律求出R3的阻值，利用P=UI求出电路的总功率，然后结合选项得出答案。【解答】解：（1）由电路图可知，开关都闭合时,电路为R1的简单电路,电压表测电源两端的电压,由电压表的示数可知，电源的电压U=6U1；闭合S1,断开S2时,R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，因串联电路中总电压等于各分电压之和,所以,R2两端的电压：UR2=U-U1=6U1-U1=5U1,因串联电路中各处的电流相等,所以，由I "可得，电路中的电流：UiU,„Ui541rtZ1 1I明W,即代:、山。解得：R1=10Q,由P=I2R可得，电路中的电流：%E1WI5--^-0iA.,因串联电路中总电压等于各分电压之和,所以,电源的电压：U=I(R1+R2)=0.1AX(10Q+50Q)=6V,11二一--X则U1 f]U 66V=1V；(2)①用电阻R3替换R1后，闭合开关S1断开S2时,R2与R3串联，电压表测R3两端的电压,若U2与U1相比增加了0.5V则电压表的示数U2=1.5V,R2两端的电压UR2'=U-U2=6V-1.5V=4.5V,Ur,4.5/此时电路中的电流I1 b- 0.09A,力15V/-0094—R3的阻值R3 1 '" 16.7Q,电路的总功率P2=UI1=6VX0.09A=0.54W；若U2与U1相比减小了0.5V,则电压表的示数U2=0.5V,R2两端的电压UR2〃=U-U2=6V-0.5V=5.5V,5,5卜—.=此时电路中的电流I2 0.11A,出05V一 = K心01L4R3的阻值R3 ,一'' 4.5Q,电路的总功率P2=UI2=6VX0.11A=0.66W；②用电阻R3替换R2后，闭合开关S1断开S2时,R1与R3串联，电压表测R1两端的电压，第27页(共44页)若U2与U1相比增加了0.5V,则电压表的示数U2=1.5V,R3两端的电压U3=U-U2=6V-1.5V=4.5V,4L5V此时电路中的电流I3 10150.15A,4.5r——==R3的阻值R3 」 --■」二30Q,电路的总功率P2=UI3=6VX0.15A=0.9W；若U2与U1相比减小了0.5V,则电压表的示数U2=0.5V,R3两端的电压U3=U-U2=6V-0.5V=5.5V,40.5V此时电路中的电流I4 lx' 0.05A,35.5T/-0054R3的阻值R3 110。,电路的总功率P2=UI4=6VX0.05A=0.3W；综上可知,R3可能是16.7Q、4.5Q、30Q、110C,P2可能是0.54W、0.66W、0.9W、0.3W,故AC正确、BD错误。故选：AC。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，正确的讨论电阻R3替换&、R2中的一个电阻后电压表可能的示数是关键。二、综合题（共10分．第7题在解答时应写出公式和重要的演算步骤,只写出最后答案的不能得分）（4分）某科技小组同学发现实验室有一只标有“XkQ”的电阻（X为模糊不清的一个数字）,为了测出这只电阻的阻值,他们进行了如下探究：⑴首先设计的实验电路如图1所示，使用的器材有：两节新干电池、待测电阻RX、电压表V（0〜3V、0〜15V量程）、电流表A（0〜0.6A、0〜3A量程）、滑动变阻器（标有“50。1A"）、开关、导线若干。实验后发现，该方案无法测出电阻Rx的值，其主要原因是电流太小,无法用电流表直接测出。图1 图2(2)经讨论后他们利用原有器材并补充适当的器材，重新设计测量电阻Rx的实验方案。小李设计的电路图如图2所示,其中定值电阻R0=2kC.他连接电路后，闭合S1,断开S2，想先测出电源电压，但读出电压表示数U=2VV两节干电池能提供的电压相差很大。请教老师后才知道,电压表相当于一个能显示自身两端电压的定值电阻。则根据小李的测量数据和电源电压(取3V),可估算出电压表自身的电阻为_^kQ。(3)小组其他同学设计的实验电路如图所示,在电源电压恒定且已测出的条件下,能先测出电压表自身电阻后,再测出Rx阻值的电路是C。A B C D(4)他们选择正确方案测出Rx的阻值后，又有同学提出,应该通过多次测量求平均值来减小误差。在正确方案的基础上,通过下列操作，能实现多次测量Rx阻值的是A。A.改变电源电压 B.将R0换成50Q的定值电阻 C将电压表换成“00.6A”的电流表【考点】IM：伏安法测电阻的探究实验.【分析】(1)由已知条件可求出电路中的最大电流与电流表小量程分度值比较；(2)分析电路的连接,根据串联电路电压的规律和分压原理求出电压表自身的电阻；(3)A、根据电流从电压表正接线柱流入分析；B、根据并联电路各支路互不影响，开关断开与闭合时，电压表示数不变,分析；C、开关向上打和向下打，分析电路的连接，根据串联电路电压的规律和分压原理分析；D、选项中，只能测量出待测电阻与串联时的电压，据此分析。【解答】解：(1)实验室有一只标有“XkQ”的电阻，即电阻为几千欧姆，电源电压为3V,由欧姆定律,(若为1千欧姆)通过其的最大电流为0.003A,远小于电流表小量程的分度值为0.02A,无法用电流表直接测出；(2)闭合S1,断开S2，电压表与定值电阻串联，电压表示数U=2V定值电阻电压为3V-2V=21/1V,电压表示数为定值电阻电压的2倍,根据分压原理，可估算出电压表自身的电阻为2X2kQ=4kQ；(3)A选项中,开关向左打若能测量出待测电阻电压,则开关向右打时,电流从电压表负接线第29页(共44页)柱流入,无法测量定值电阻的电压；B选项中,根据并联电路各支路互不影响,开关断开与闭合时,电压表示数不变,无法测待测电阻的电压；C选项中,开关向上打和向下打,待测电阻和定值电阻分别与电压表串联,电压表示数分别为UX、U1,由串联电路电压的规律可分别求出两电阻的电压为：UX=U-U1,U0=U-U2,U二S%根据分压原理有： ①"一人' ②，因U、U1、U2、Ro为已知量，由①②可求出待测电阻；C可行；D选项中，只能测量出待测电阻与串联时的电压，不可行；故选C；(4)对上面的C方案，A.若改变电源电压，则可得出不同的电压值，由①②可得出几组电阻值，可取平均值减小误差；可行；B.将R0换成50Q的定值电阻，由①②只能测量出一个电阻值，不可行；C将电压表换成“00.6A”的电流表，因电源电压已知,S2打到上端时，也只能测量出一个电流值，求出一个电阻值，不可行；故选A。故答案为：(1)电流太小,无法用电流表直接测出；(2)4； (3)C； (4)A。【点评】本题测电阻的大小,考查对实验方案的评估、串联电路的规律及欧姆定律的运用和数据处理的方法。(6分)如图甲所示,A、B为不同材料制成的体积相同的实心正方体,浸没在圆柱形容器的水中,容器内部底面积是正方体下表面积的4倍。沿固定方向缓慢匀速拉动绳子,开始时刻,A的上表面刚好与水面相平，滑轮组绳子自由端的拉力F大小为F0,F随绳端移动距离s绳变化的图象如图乙所示。已知动滑轮的重力G动=5N,g取10N/kg。除了连接A、B间的绳子承受拉力有一定限度外,其它绳子都不会被拉断。滑轮与轴的摩擦、绳的质量等次要因素都忽略不计。(1)正方体A、B之间的绳子长度L绳是多少？(2)正方体A和B的密度pA、pB分别是多少？第30页(共44页)⑶整个过程中，水对容器底部压强的最大变化量^p是多少?【考点】2B：密度公式的应用；7!：滑轮组绳子拉力的计算；8A：液体压强计算公式的应用；8O：阿基米德原理的应用.【分析】⑴由图乙可以看出从D到E的过程中拉力的大小不变，由此可知,D点是物体A的下表面刚好离开水面的时候,E点是B的上表面刚好到达水面的时候。所以物体在这个过程中运动的距离就是A、B间绳子的长度。(2)由图乙CD段可知，此过程是物体A出水面的过程，所以可求物体A上升的距离,此过程中,A、B排开液体的体积变化量，就是物体A的体积，设物体A的边长为L,根据容器内部底面枳是正方体下表面积的4倍,可求得正方体A的边长，然后可求得其体积，再利用FA=P水gV排求得A受到的浮力，因为A、B两物体的体积相同，所以物体B浸没时受到的浮力也等于A受到的浮力，由题意和图乙可知：在C点和D点时，绳端的拉力，因为E、J间的距离小于C、D间的距离，说明物体A、B间的绳子断了。K点是绳子断了之后，此时绳端的拉力，联立两个等式即可求得A、B的重力，利用G=mg可求得其质量，然后利用密度公式可求得正方体A和B的密度。G再+G"+G轮一Fb(3)J点是A、B间绳子断开的瞬间，此时绳端的拉力为2 2 ，把Ga=25N,Gb=20N,F0=15N代入上式,可求得".绳子断开瞬间与初始状态相比，页面的高度差最大,因此水对容器底部的压强变化也最大；又因为水平面上的圆柱形容器中,然后可求液体对容器底部的压力变化量。【解答】解：(1)由图甲可知，物体AB由两端绳子承担，由图乙可以看出从D到E的过程中拉力的大小不变，由此可知,D点是物体A的下表面刚好离开水面的时候,E点是B的上表面刚好到达水面的时候。所以物体在这个过程中运动的距离就是A、B间绳子的长度。s绳口后0.45m-0.15m正方体A、B之间的绳子长度L绳 工 0 0.15m,(2)由图乙CD段可知，此过程是物体A出水面的过程。绳端移动的距离为0.15m,0.15m所以物体A上升的离h上 0.075m；此过程中,A、B排开液体的体积变化量，即为物体A的体积。则△▽排=VA=S容△h设物体A的边长为匕已知容器内部底面枳是正方体下表面积的4倍。则UL3=4L2X(L-0.075m)解得：L=0.1m。物体A的体积VA=VB=L3=(0.1m)3=10-3m3,物体A浸没时受到的浮力FA=p水gV排=1.0X103kg/m3X10N/kgX10-3m3=10N,因为A、B两物体的体积相同，所以物体B浸没时受到的浮力Fb=Fa=10N,Gr+ +6轮_月4_TOC\o"1-5"\h\z由题意和图乙可知：在C点时，绳端的拉力F0 2 ,4F。G乂+小"十G轮一F"在D点时，绳端的拉力3 ,因为E、J间的距离小于C、D间的距离，说明物体A、B间的绳子断了。ga+。轮K点是绳子断了之后，此时绳端的拉力F0 2 。联立上式可以解得Ga=25N,Gb=20N,F0=15N。Gr25N % 20N— '= =—- 二则mA L'I"*/"2.5kg,mB 1。'"力2kg,啊25kg正方体A的密度pAJ1X10 2.5X103kg/m3,啊2kg—―■=正方体B的密度PB ''' 1X1"'『广2X103kg/m3,34GA\GB\G轮-&（3J点是A、B间绳子断开的瞬间，此时绳端的拉力之 ） ,把Ga=25N,Gb=20N,F0=15N代入上式，解得一5N。绳子断开瞬间与初始状态相比,页面的高度差最大,因此水对容器底部的压强变化也最大。又因为水平面上的圆柱形容器中，液体对容器底部的压力变化量^F=△F浮=FA+FB=10N+10N-5N=15N,△F15N 15/V对容器底部压强的最大变化量4p '' ''5'外又”>1方）’375Pa。答：（1）正方体A、B之间的绳子长度L绳是0.15m（2）正方体A密度pA为2.5X103kg/m3：B的pB是2X103kg/m3：（3）整个过程中，水对容器底部压强的最大变化量4P为375Pa。【点评】本题是有关压强和浮力的综合计算题目,首先要掌握液体压强的计算公式及阿基米德原理公式，此题的关键是能够看懂图象，第（2）问中，明确E、J间的距离小于C、D间的距离，说明物体A、B间的绳子断了是关键。2018年四川省成都市中考物理试卷一、单项选择题（每小题2分,共28分）1．（2分）系安全带可以减小因汽车紧急刹车对人员造成的伤害,下列说法正确的是（ ）A.刹车时人的惯性会消失B.刹车时人的惯性会增大C.刹车时人会受到向前的惯性力D.刹车时人由于惯性会向前倾.（2分）近来共享电动汽车成为人们低碳出行的交通工具，某共享汽车30min行驶20km,则该车的平均速度为（ ）A.40km/h B.1.5km/min C.15m/s D.40m/s.（2分）在四冲程汽油机的工作循环中,将内能转化为机械能的冲程是（ ）A.吸气冲程 B.压缩冲程 C.做功冲程 D.排气冲程第33页（共44页）4．(2分)如图所示的“吸引”现象中,由大气压强引起的是( )B."坐布技孽号'：•'-塑料梳子吸引干燥的头发..■■?Kc.条形磁铁吸引小磁针"T-1D. '■两个铅块挤压在一起.(2分)关于声现象,下列说法正确的是( )A.常温(15℃)下，空气中的声速大于水中的声速“蒙面歌王”节目中观众是通过音调猜出歌手的C.声呐利用次声波可以确定鱼群位置和海水深度D.汽车排气管上安装消声器是在声源处减弱噪声.(2分)如图所示的实例中,为了增大压强的是( )大.(2分)关于材料和信息技术,下列说法正确的是( )A.铜、铁、铝都是磁性材料，可以被磁化.玻璃、橡胶制品在常温下是导体C.光缆通信中光在光纤里一直沿直线传播D.北斗卫星导航系统通过电磁波提供定位服务8.(2分)下列数据最符合实际的是( )第34页(共44页)A.手机充电器的工作电流约为20A.USB接口的输出电压约为5VC家用微波炉的额定功率约为10WD.家用空调工作一晚消耗约100度电.（2分）如图所示的串联和并联电路，两个灯泡阻值不等，开关S闭合，关于电路中的电流或电压关系,下列说法正确的是（ ）用 乙A.甲电路中,U=U1=U2 B.甲电路中,U>U1=U2C.乙电路中,I=Il+I2 D.乙电路中,I>I1=I2.（2分）关于原子、原子核、核能和能源,下列说法正确的是（ ）A.原子由原子核和质子组成B.原子核由质子和中子组成C.太阳的惊人能量来自内部的核裂变D.石油、风能、可燃冰属于可再生能源.（2分）小册在家煮汤圆,有关煮汤圆过程中的物理知识,下列说法正确的是（ ）A.刚从冰箱冰冻室取出的速冻汤圆没有内能B.汤圆内能增大是通过热传递方式来实现的C.汤圆在煮的过程中体积变大是因为分子间存在斥力D.汤圆煮熟关火后水不再沸腾是因为为水分子停止运动.（2分）关于如图所示实验,下列说法正确的是（ ）A.用该装置可探宄“让通电导体在磁场中动起来”B.法拉第根据该实验揭示的原理发明了电动机C.导体ab竖直向上运动时,灵敏电流表指针偏转D.导体ab水平向左运动时,灵敏电流表指针偏转13．（2分）关于家庭电路和安全用电,下列说法准确的是（ ）A.控制各灯具的开关都应该安装在零线上B.有金属外壳的用电器都使用两脚插头C.应该定期对漏电保护器进行例行试验D.不接触高压设备就不会引起触电事故14．（2分）如图所示,小邦在国色天乡玩蹦极,不考虑空气阻力,关于他在下降过程中的能量分析,下列说法正确的是（ ）A.弹性绳绷直前,重力势能增大，动能减小B.弹性绳绷直前,重力势能减小，动能不变C下降到最低点，动能最小,弹性势能最大D.下降到最低点，重力势能最大,弹性势能最小二、填空题（每空2分,共32分）（4分）小付买了一盒“雪月饼”,为了保持低温,工作人员在月饼包装盒内装入了一定量的“干冰”。回到家中，打开包装盒，发现周围空气出现了“白雾”，这是因为“干冰”在过程中吸收热量，使空气中的水蒸气成了小雨滴。（两空均填物态变化名称）（4分）标有“12V60W”的汽车灯泡工作时,用电压表测得其两端电压如图所示，则灯泡两端的实际电压为丫灯泡的实际功率（选填“大于”、“小于”或“等于”）60W。

（4分）小佑收集了很多材料和长度都相同但粗细不同的铅笔芯。如图所示,是他用身边的器材自制的简易调光灯电路。闭合开关,夹子A向右移动的过程中灯泡亮度应该（选填“变亮”、“变暗”、或“不变”）；夹子A从最左端移动到最右端的过程中，他发现灯泡亮度变化不明显,他应该调换更 （选填“粗”或“细”）的铅笔芯来做实验。（4分）如图甲所示,能自由转动的司南静止时，它的长柄指向南方，说明长柄是 极。如图乙所示,自制电磁铁的线圈匝数一定时，增大电流，电磁铁的磁性会（选填“增强”、“减弱”或“不变”）。.（4分）佑佑同学正确使用托盘天平测得一木块的质量如图所示,则木块的质量为g.记录数椐时,用橡皮擦擦去错误数据,手按压橡皮擦的力越大,纸张受到的摩擦力（选填“越大”、“越小”或“不变”）。

（4分）在探究凸透镜成像规律的实验中,某次实验的成像情况如图所示,小组成员提出“有哪些方法可以让光屏上的像变大”的问题,经过讨论后形成两个方案,而且结果都达到目的。方案一：保持蜡烛和光屏的位置不动,只将凸透镜向移动适当距离；方案二:保持凸透镜位置不动，将蜡烛和光屏都向移动。（4分）我国第二艘航空母舰已于2018年5月13日开始出海试航,将来可增加我国海军实力。如图所示,辽宁号航空母舰训练过程中,舰载飞机飞离航母,与飞离前相比,母舰会（选填“上浮一些”、“下沉一些”或“保持不变”）。舰载机起飞时,机翼上表面空气流动速度（选填“大于”、“小于”或“等于"）下表面空气流动速度。（4分）如图所示，电热水壶上标有“220V1800W”，小明发现烧水过程中热水壶的发热体部分很快变热，但连接的电线却不怎么热，是因为导线的电阻比发热体的电阻 。在额定电压下，烧开一壶水用时3min20s,这段时间内电热水壶发热体产生的热量为J。三、作图与计算题（共16分．计算题在解答时应写出公式和重要的演算步骤,只写出最后答案的不能得分）（2分）如图所示，一束激光从空气中射到半圆形玻璃砖上（O为圆心），发生了反射和折射,24.（2分）如图甲是教室里的学生座椅，乙图是它的侧面图，要在C点用最小的力F使座椅绕A开始逆时针转动，请在图乙中画出；①F的力臂②F的示意图。甲 乙（6分）成都正在大力发展包括无人机在内的高新技术产业,快递行业的一些公司积极尝试无人机