2018年江苏省南通市中考物理试卷

试卷第试卷第页，总19页(2)当心的滑片P置于最左端时，只闭合S］，电路为只有灯泡厶工作的电路，灯泡正常发光，说明灯泡两端的电压为电源电压，故〃由话=〃涼=6^，电源额滑片P置于最左端，闭合S］、S2，电路为灯泡厶和电阻©并联的电路，通过电阻的电流为：I.=厶源=竺=0.64,11尺1ion干路的电流为：日额+»=叩+04=1.4人10s内电路消耗的总电能：W=““=6UX1.44X10s=84/.滑片P置于最右端，只闭合S2，电路为电阻©的和心串联的电路,滑动变阻器心消耗的电功率为笃=〃2人电路消耗的总功率为=UI，总总尺2的电功率与电路总功率的比值：=U?I=————=—^2—=—1—,J〃詁心1+尺2)心+尺2^+1>E'>E'R2要想使这个比值最小，则賈+1要最大，滑动变阻枫接入电路的电阻最小，同时电流不能超过0.54,即/=0.54,max此时电路的总电阻为：扁0站此时电路的总电阻为：扁0站120,=%、-勺=12"-10"=2仏当心为2。时心的电功率占电路总功率的比值最小，则尺2的电功率：笃=聲ax^2=(0.5①2X2n=0.5".【答案】(1)答案如解答图所示.(2)0.36,9否,电阻箱的电阻突然减小，可能导致电路的电流太大损坏元件(4)电源【考点】伏安法测电阻的探究实验【解析】根据图甲连接图乙：开关放在1时，控制◎，放在2时，控制电阻箱％,开关与滑动变阻器R串联，滑动变阻器接左下接线柱；小明将S拨至“1",调节滑动变阻器的滑片至某一位置，电流表示数为0.364.再将S拨至“2",调节电阻箱，使电流表示数仍为0.364，此时两条电路对电流的阻碍作用相同，此时电阻箱的示数即为待测电阻的阻值，这种方法叫等效替代法；电阻箱的读数：黑杠对着的数字乘以下面的倍数的和就是电阻值；(3)根据欧姆定律分析解答；在拆除电路时，为了安全，断开开关，应先拆除电源两端的导线。【解答】解：(1)由图甲知开关放在1时，控制心，放在2时，控制电阻箱％,开关与滑动变阻器R串联，滑动变阻器接左下接线柱，如图所示：小明将S拨至T,调节滑动变阻器的滑片至某一位置，电流表示数为0.364.再将S拨至“2",调节电阻箱，使电流表示数仍为0.364，此时两条电路对电流的阻碍作用相同，此时电阻箱的示数即为待测电阻的阻值；电阻箱的示数：血=0x1000+0x100+9x10+0x0.10=90，则待测电阻的阻值心=90.把电阻箱的阻值从10.00调到电阻箱的90时，小虎想先把“X10”档从1调到0,会使电路中的电阻突然变小，根据/=-知，会使电路中的电流突然增大，超出电流表的R量程将电流表损坏.测量结束后，在拆除电路时，为了安全，应断开开关，先拆除电源两端的导线，再拆除其他导线.【答案】①正确，②没有控制孔的大小相等，③小孔越大，亮度越亮①C,②小，③缩小茂暗,不变【考点】光学实验设计与探究【解析】①根据题中信息分析解答，得出结论；根据控制变量法分析解答；由表格数据分析得出结论；①凸透镜对光线有会聚作用；此装置类似凸透镜，过光心时传播方向不变，越靠近光心的光线偏折程度的越小；像的大小由物距和像距共同决定，物距和像距都不变，像的大小不变，但凸透镜越大，像越亮。【解答】解：(1)①类比利用太阳光测凸透镜焦距时，光屏从焦点处远离透镜过程中，光斑越大越暗的现象，说明像的亮度与小孔到光屏的距离有关，可判断猜想1是正确的；要探究：像的亮度与小孔的形状的关系，需要控制孔的大小不变，改变形状，而图乙中即改变了孔的形状，又改变了孔的大小，此过程中没有控制小孔的大小相等；由实验数据分析可得：在小孔成像清晰时，小孔越大，像的明亮程度越亮.(2)①三棱镜具有偏折光的能力，要想使光都会聚在光屏中心的位置，则在加两处放置的三棱镜的方式可能是凸透镜的形状，即图C的形状；在b、c两孔之间再开若干个小孔，并在小孔处放置棱镜，此装置类似凸透镜，过光心时传播方向不变，越靠近光心的光线偏折程度的越小，故则光线通过这些棱镜的偏折程度比通过b、c两孔处三棱镜的要小；根据图知，物距大于像距，可以判断出此时凸透镜成的是一个倒立缩小的实像，若只用a孔替代凸透镜，由于光通过小孔是发散的，且通过小孔的光少于通过凸透镜的光,所以像变暗，a孔位置相当于凸透镜的光心，光经过光心的传播方向不变，所以光屏上像的大小不变.【答案】(1)空气,大气压（3）6.48,0.75（4）0.02,20（5）40.5,400【考点】能量转化和转移电功的计算功率的计算大气压的综合应用平衡力和相互作用力的区分密度公式的应用光的折射现象及其应用频率及音调的关系声音的传播条件【解析】（1）声音的传播需要介质，气体、液体、固态都能够传声；水泵是利用大气压原理工作的。（2）①平衡力：大小相等、方向相反、在同一直线上、在一个物体上；相互作用力：大小相等、方向相反、在同一直线上、在两个物体上；影响动能的因素：质量和速度；彩虹是光的折射现象声音频率决定音调，频率高，音调高；（3）根据题意知：扬程与转速的平方成正比；根据"=以算出这次调试过程四台水泵消耗的电能；（4）根据表格二可以发现水冲击到模型的速度、水泵的流量和模型的质量有一定的关系，即M=kQv，将第一次数据代入得M=100Qu将卡通模型的质量为10kg，水冲击模型时的速度为5.0m/s代入公式求出对应的流量即水泵每秒喷出水的体积，根据密度公式算出水泵每秒喷出水的质量。（5）由图知当t=3s时，UAR=15V，此时Un=6V，根据串联电路电压的特点算出RA廿u两端的电压，根据P=u-2算出R的电功率；R当R的电功率满足Pn>8W时，水泵启动喷水，根据P=血算出R两端的电压，这个电RR压为能否喷水的临界电压，根据匕B=UD+5算出匕b的电压，根据图知0—3s^B的电压均匀增加，3s达到15U，判断出2s对于的电压为10U，即一个周期的2—4s内，UAB>10V，则有三分之一的时间在喷水，最后算出喷水时间。【解答】解：（1）声音的传播需要介质，气体、液体、固态都能够传声，当欣赏音乐喷泉时，悦耳的声音是通过空气传入人耳的；水泵由电机带动工作时，水泵的叶轮高速旋转，驱使水飞离叶轮向外喷出，从而在叶轮中心区形成真空，使其内部气压小于外界大气压，在外界大气压的作用下将水压入抽水机或水泵内，进而实现把水从低处压到高处的目的．解：4卡通模型所受重力与水对模型的冲击力大小相等，方向相反，在同一直线上，在同一个物体上，是一对平衡力，故4错误；向上喷出的水在上升过程中，动能转化为水的重力势能，动能减小，速度减小，故B错误；c.阳光下喷泉附近常出现的彩虹是光的折射现象，故c错误；D.音乐喷泉用计算机采集音乐的声音频率特征控制水泵的转速，频率不同体现了声音的音调不同，故D正确.故选D.根据题意知：扬程与转速的平方成正比，第一次调试时水泵的转速为额定值的0.9倍，则此时的扬程为额定功率时的(0.9)2倍，即此时的扬程为：0.81x8m=6.48m；第二次调试时四台水泵都在额定功率下工作，每台水泵先依次各喷20s，然后一起喷70s停喷，则这次调试过程四台水泵消耗的电能为：W=Pt^+Pt=7.5kWx4x20h+7.5kWx4x70h=0.75kW-h.1236003600分析表格二，可以发现水冲击到模型的速度、水泵的流量和模型的质量有一定的关系，即M=kQv，将第一次数据代入得：3.0kg=kx0.03m3/sx1.0m/s，解得：k=100kg-s2/m4，故M=100Qv故当卡通模型的质量为10kg，水冲击模型时的速度为5.0m/s时，对应的流量为：Q=M==0.02m3/s，100v100kg-s2/m4x5.0m/s即水泵每秒喷出水的体积为0.02m3,根据p=陛得，卩水泵每秒喷出水的质量：m=pV=1.0x103kg/m3x0.02m3=20kg.根据题意知：当UAB<6V时，D两端的电压§等于输入电压，UAB>6V时，UD保持6U不变，当t=3s时，UAB=15V，此时UD=6V，根据串联电路的特点知：定值电阻两端的电压为=UAB-UD=15V-6V=9V，电阻R的电功率为：PD=^2^=(9^y2=40.5W；KR2Q当R的电功率满足作>8W时，水泵启动喷水，所以当Pr=8W时，根据P=化知：RR两端的电压为：U