中考化学推断题专题练习(带答案)

(3(3)D转化为铁的化学方程式是中考化学推断题专题练习(带答案)一、中考化学推断题1-现有甲、乙、丙、丁四种无色溶液，它们分别中稀HCl、稀H2SO4、BaCl2溶液、Na?-溶液中的一种，已知甲+乙一无明显现象，乙+丙一白色沉淀，丙+丁f白色沉淀，甲+丁f无色气体；BaCO、BaSO难溶于水。试回答：TOC\o"1-5"\h\z34丁物质的溶质是(填化学式)。写出乙和丙反应的化学方程。写出甲和丁反应的化学方程。【答案】Na2CO3BaCl2+H2SO4=BaSO4；+2HClNa2CO3+2HCl=2NaCl+H2O+CO2T【解析】【分析】乙+丙f白色沉淀，丙+丁f白色沉淀，丙能与乙、丁反应生成白色沉淀，结合四种物质的化学性质，氯化钡溶液能与稀硫酸、碳酸钠溶液反应生成硫酸钡、碳酸钡白色沉淀，则丙为氯化钡溶液，甲为稀盐酸；甲+乙f无明显现象，甲+丁f无色气体，稀盐酸与稀硫酸不反应，与碳酸钠溶液反应生成二氧化碳气体，则乙为稀硫酸，丁为碳酸钠溶液。【详解】丁中的溶质是碳酸钠，其化学式为：Na2CO3；乙和丙的反应是稀硫酸与氯化钡溶液反应生成硫酸钡白色沉淀和盐酸，反应的化学方程式为：BaCl2+H2SO4=BaSO4；+2HCl；甲和丁的反应是稀盐酸与碳酸钠反应生成氯化钠、水和二氧化碳，反应的化学方程式为：Na2CO3+2HCl=2NaCl+H2O+CO2T。【点睛】解题时需要从题目中挖出一些明显或隐含的条件，抓住突破口(突破口往往是现象特征、反应特征等)，获得结论，最后把结论代入原题中验证。本题中突破口是氯化钡溶液能与稀硫酸、碳酸钠溶液反应生成硫酸钡、碳酸钡白色沉淀，推理出丙为氯化钡溶液。2.现有铁、氧化铁、稀盐酸、氢氧化钠、碳酸钠等五种物质，它们之间存在如图所示相互反应和转化关系(“-”表示相连的物质间能反应，“f”表示物质间的转化).回答下列问题丸、”DC的化学式是，C与Fe反应的化学方程式是。要实现A转化为B,需要的另一种反应物是，B与C反应的基本反应类型是高温【答案】HCIFe+2HCI—高温【答案】HCIFe+2HCI—FeCI2+H2f氧化碳复分解反应Fe2O3+3CO2Fe+3CO2【解析】【分析】根据“现有铁、氧化铁、稀盐酸、氢氧化钠、碳酸钠等五种物质”，结合图，能与其它四种物质反应的物质为稀盐酸，而氧化铁可以转化为铁，氢氧化钠可以转化为碳酸钠，故推测A为氢氧化钠，B为碳酸钠，D为氧化铁，代入检验。【详解】根据分析，C的化学式是HCI，C与Fe反应的化学方程式是Fe+2HCI—FeCI2+H2f。要实现A转化为B,即氢氧化钠转化碳酸钠，需要的另一种反应物是二氧化碳；B与C反应，即碳酸钠与稀盐酸生成氯化钠和二氧化碳、水，反应的基本反应类型是复分解反应。D转化为铁，即氧化铁与一氧化碳反应生成铁，故反应的化学方程式是Fe2O3+3CO2Fe+3CO2。故答案为：HCI，Fe+2HCI—FeCI2+H2f.(2)二氧化碳，复分解反应。(3)高温Fe2O3+3CO2Fe+3CO2。3.有一包固体X,可能由NH4NO3、FeCI3、NaOH、Na2SO4、CaCO3、Ba(NO3)2中的两种或两种以上物质组成。为探究其成分，进行如下实验：TOC\o"1-5"\h\z甲乙取少量固体X与熟石灰研磨，无氨味。则原固体中一定不含。另取少量固体X按图中的甲进行实验。操作a的名称是，由甲实验判断，原固体中一定不含。取白色沉淀B于烧杯中并逐滴加入稀硝酸，烧杯中固体质量随滴入稀硝酸质量的变化如图乙所示。则白色沉淀B的成分为，图乙中c点时烧杯中的溶液中一定含有的阳离子是。为进一步探究原固体X的组成，取无色溶液A,向其中通入CO2气体，产生白色沉淀，由此判断固体X中还含有。【答案】NH4NO3过滤FeCI3BaSO4、CaCO3Ca2+、H+NaOH【解析】【详解】铵态氮肥与碱性物质(如熟石灰)反应能生成有刺激性气味的氨气，取少量固体X与熟石灰研磨，无氨味，则原固体中一定不含NH4NO3，故填NH4NO3。①操作a将液体与不溶性固体分离开，则该操作为过滤，故填过滤；过滤后得无色溶液A和白色沉淀D,而FeCI3溶液呈黄色，所以原固体中一定不含FeCI3，故填FeCI3。②由图可知，加入稀硝酸后，沉淀部分溶解，则固体中能与稀硝酸反应的难溶性固体为碳酸钙，不溶于稀硝酸的是硝酸钡与硫酸钠反应生成的硫酸钡，故填BaSO4、CaCO3；碳酸钙与稀硝酸反应生成硝酸钙、水和二氧化碳，则图乙中c点时烧杯中的溶液中的溶质是硝酸钙和过量的硝酸，一定含有的阳离子是硝酸钙解离的Ca2+和硝酸解离出的H+,故填Ca2+、H+o取无色溶液A,向其中通入CO2气体，产生白色沉淀，说明生成的沉淀中含有碳酸根，固体中能与二氧化碳反应生成碳酸根的是氢氧化钠，故填NaOHoA、B、C、D、E、F、G七种物质都是日常生活和生产中常见的物质，各物质间存在如下转化关系(反应的条件已省略)：已知：B、C两种物质在不同情况下可分别发生①和②两个反应；A-G七种物质都是由非金属元素组成的，其中只有一种物质是盐，一种物质是单质；且B的相对分子质量大于Co请写出下列物质的化学式：A；G；请写出E+FTB+C的化学方程式：o一定条件【答案】NH4HCO3H2CO3C6H12O6+6O^6CO2+6H2O【解析】【分析】A、B、C、D、E、F、G七种物质都是日常生活和生产中常见的物质，七种物质都是由非金属元素组成的，其中只有一种物质是盐，则该种物质一定为铵盐，假设为碳酸铵，碳酸铵加热分解生成氨气、水和二氧化碳；二氧化碳和水反应生成碳酸，在一定条件可生成葡萄糖；碳酸分解又生成二氧化碳和水，葡萄糖和氧气在一定条件下生成二氧化碳和水，代入验证符合转化关系；【详解】所以A为碳酸氢铵，B为二氧化碳，C为水，D为氨气，G为碳酸；E+FTB+C的反应是葡萄糖和氧气在一定条件下生成二氧化碳和水，化学方程式为：一定条件CHQq+go6CO+6HO06126222A〜H是初中所学的常见物质，其转化关系如图所示(部分反应物、生成物及反应条件已略去)。已知A为红色的单质，D为红棕色物质，E为最常用的溶剂，H为白色沉淀，请回答下列问题：TOC\o"1-5"\h\z写出下列物质化学式：D、C；写出反应①的化学方程，其基本反应类型是o写出反应②的化学方程o【答案】Fe2O3H2Fe+CuSO4=FeSO4+Cu(合理即可)置换反应CO2+Ca(OH)2=CaCO3；+H2O【解析】【分析】根据已学的物质的性质进行分析解答，E为最常用的溶剂，为水，A为红色单质，则A是铜，D为红棕色物质，则D是氧化铁，能与B相互转化，则B是铁，铁生成C，C能生成铜，且C、E能相互转化，则C是氢气，E、G能相互转化，则G可能是氢氧化钙或碳酸或氧气，又因为H为白色沉淀，则G应是氢氧化钙，H是碳酸钙，F是二氧化碳，将各物质带入框图检验合理，推断成立。【详解】由上分析可知D是氧化铁，化学式为Fe2O3；C是氢气，化学式为H2；反应①是铁和硫酸铜(或氯化铜或硝酸铜)反应生成铜和硫酸亚铁(或氯化亚铁或硝酸亚铁)，化学方程式Fe+CuSO4=FeSO4+Cu(合理即可)；该反应是一种单质和一种化合物反应生成另一种单质和另一种化合物的反应，属于基本反应类型中的置换反应；反应②是二氧化碳和氢氧化钙反应生成碳酸钙和水，反应的化学方程式CO2+Ca(OH)2=CaCO3；+H2O。6．小雪同学发现家里有一瓶无标签的无色液体，她为了探究它是何种物质，做了如下实验：把此液体编号为A,加热A液体，发现有气体B产生，在A中加入黑色粉末C,稍微振荡，在常温下就能迅速产生气体B,且产生了常温下为液体的纯净物D,而C的质量在反应前后没有改变。她把B收集起来，用带火星的木炭伸入盛B的集气瓶中，木条剧烈燃烧。如把黄色粉末E点燃后放入盛B的集气瓶中，能剧烈燃烧，生成一种无色有刺激性气味的气体F。，（1）根据小雪的实验，分析A、B、C、D、E、F分别是什么物质。写出各物质的名称：TOC\o"1-5"\h\zA、B、C、D、E、F。（2）在横线上写出题中所发生反应的文字表达式，并从反应物和生成物种类的角度看各属于什么类型的反应，把反应类型写在括号内。（）；（）；（）。【答案】过氧化氢溶液氧气二氧化锰水硫二氧化硫过氧化氢一昂化水+氧气分解反应木炭+氧气一点燃^二氧化碳化合反应硫+氧气一点燃^二氧化硫化合反应【解析】【分析】在A中加入黑色粉末C,稍微振荡，在常温下就能迅速产生气体B,且产生了常温下为液体的纯净物D,C的质量在反应前后没有改变，所以C是二氧化锰，用带火星的木条伸入盛B的集气瓶中，木条剧烈燃烧，所以B是氧气，A是过氧化氢，D为水，把淡黄色E点燃后放入盛氧气的集气瓶中，能剧烈燃烧，生成一种无色有刺激性气味的气体F,所以E是硫，F是二氧化硫，经过验证，推出的各种物质均满足题中的转化关系，推导正确。【详解】（1）A是过氧化氢溶液，B是氧气，C是二氧化锰，D是水，E是硫，F是二氧化硫；（2）过氧化氢在二氧化锰的催化作用下分解生成水和氧气，文字表达式为：过氧化氢二氧化水+氧气，该反应属于分解反应；木炭在氧气中燃烧，生成二氧化碳，文字表达式为：木炭+氧气点燃＞二氧化碳，该反应属于化合反应；黄色粉E在B中燃烧的反应是硫和氧气在点燃的条件下生成二氧化硫，文字表达式为：硫+氧气一点燃T二氧化硫，该反应属于化合反应.7．有一包固体，可能含有氧化钙、硝酸钾、碳酸钠、碳酸钙中的一种或几种。为探究其组成进行如下实验。TOC\o"1-5"\h\z固体中一定含有。固体中一定没有。写出生成白色沉淀的化学反应方程。【答案】Na2CO3CaCO3和CaOCa(OH)2+Na2CO3=CaCO3J+2NaOH【解析】【详解】加足量水形成的是溶液，可排除不溶于水的碳酸钙；氧化钙与水反应生成氢氧化钙会与碳酸钠生成沉淀，两者不可共存，又溶液加入石灰水后有白色沉淀，那么应该存在碳酸钠，没有氧化钙。因此该固体中一定有Na2CO3；—定没有CaCO3和CaO；生成白色沉淀的反应是碳酸钠与氢氧化钙的反应，化学方程式是：Ca(OH)2+Na2CO3=CaCO3J+2NaOH。A~F六种物质共含H、C、0、N、Ca、Cu六种元素，分别为非金属单质、金属氧化物、非金属氧化物、酸、碱、盐中的一种。其中，A为温室气体，BC均为黑色固体，盐中不含C与D反应的化学方程，属于反应(填基本反应类型)。除相邻物质之间能发生化学反应外，还能相互反应的化学方程。【答案】干冰有刺激性气味(氨味)CuO+2HNO3==Cu(NO3)2+H2O复分解Ca(OH)2+2HNO3==Ca(NO3)2+2H2O【解析】根据所学知识和题中信息知，A-F六种物质共含H、C、0、N、Ca、Cu六种元素，分别为非金属单质、金属氧化物、非金属氧化物、酸、碱、盐中的一种。相邻物质之间能发生化学反应。A为温室气体，A是二氧化碳；BC均为黑色固体，B是碳，C是氧化铜，D是硝酸，E是氢氧化钙，F是氨水，盐中不含金属。(1)A是二氧化碳，其固体俗称是干冰；(2)E与F反应的现象是有刺激性气味(氨味)。(3)C与D反应的化学方程式是CuO+2HNO3=Cu(NO3)2+H2O,属于复分解反应，两种化合物相互交换成分生成另外两种化合物。(4)除相邻物质之间能发生化学反应外，还能相互反应的化学方程式是Ca(0H)2+2HN03=Ca(N03)2+2H20o点睛：二氧化碳的固体俗称是干冰。复分解反应是指两种化合物相互交换成分生成另外两种化合物。A~E均为初中化学常见的物质，它们之间的关系如图所示(部分物质已经略去)。已知A是目前世界上年产量最高的金属;B是胃酸的主要成分;C中金属元素的质量分数为40%,其水溶液呈蓝色，常用来配制农药波尔多液;D属于碱;E属于盐。则C的化学式为;A与B反应的化学方程式为；E转化为D的化学方程式为【答案】CuSO4Fe+2HCI=FeCI2+H2个Na2CO3+Ca(OH)2=2NaOH+CaCO3^【解析】A是目前世界上年产量最高的金属，则A是铁；B是胃酸的主要成分，则B是盐酸；C中金属元素的质量分数为40%,其水溶液呈蓝色，常用来配制农药波尔多液，则C是硫酸铜；D属于碱，E属于盐，且E、D能与HC1反应，D能与CuSO4反应，并且常见，则D可能是NaOH,E可能是Na2CO3。C的化学式为CuSO4；A与B的反应是铁与盐酸反应，反应的化学方程式为Fe+2HCl=FeC屮H2f；E转化为D是碳酸钠转化为氢氧化钠，反应的化学方程式为Na2CO3+Ca(OH)2=2NaOH+CaCO3^。点睛：在解此类题时，首先将题中有特征的物质推出，然后结合推出的物质和题中的转化关系推导剩余的物质，最后将推出的各种物质代入转化关系中进行验证即可。A、B、C、D、E是初中化学常见的物质，其中A、B为黑色固体，B的相对分子质量为80，D为无色气体，E为一种可溶性碳酸盐，B、C、D都由两种元素组成，且C中不含B、D中的元素。它们之间的转化关系如图所示("---”表示相连的两种物质之间可以发生反应，"表示一种物质可以转化为另一种物质：反应条件、部分反应物和生成物已略去)。

1111TOC\o"1-5"\h\z（1）C的化学式为。（2）B转化为D时所需要的一种化合物。（3）A与B反应的化学方程式为：。该反应属于。（填基本反应类型）【答案】（1）HCI（2）CO（3）C+2CuO高温2Cu+CO2个置换反应【解析】试题分析：框图式的推断题，抓住一些特殊的反应现象、特殊的性质及特殊的反应条件等级题目的“题眼"，该题的题眼B为黑色固体，B的相对分子质量为80,可判断为CuO,黑色固体A能与CuO反应，可判断为单质碳，D为无色气体，又能与单质碳反应，可判断为二氧化碳，故E为一种可溶性碳酸盐，常见为碳酸钠或碳酸钾，B、C、D都由两种元素组成，且C中不含B、D中的元素。可判断为盐酸（1）C为盐酸，化学式为HCI（2）B为CuO，D为二氧化碳，故B转化为D时所需要的一种化合物是CO,发生的反应为：CO+CuO加热Cu+CO2（3）A为碳，B为氧化铜，两者反应的化学方程式为：C+2CuO高温2Cu+CO2个；该反应由一种单质和一种化合物反应生成另一种单质和另一种化合物，属于置换反应考点：框图式的推断题已知A、B、C、D、E是初中化学中常见的不同类别的物质。它们之间的关系如图所示（"T"表示物质间的转化关系，"一"表示两端的物质能发生反应）。A和D是配制波尔多液的主要原料，E是应用广泛的金属，请回答下列问题：⑴写出A的俗称，物质B所属的物质类别是,D的化学式（2）D与E反应的化学方程式，该反应的基本反应类型是（3）C在生产上的用途有（写一种）。

【答案】熟石灰氧化物CuSO4CuSO4+Fe=FeSO4+Cu置换反应除铁锈【解析】本题是框图型推断题。在解此类题时，首先将题中有特征的物质推出，然后结合推出的物质和题中的转化关系推导剩余的物质，最后将推出的各种物质代入转化关系中进行验证即可。A、B、C、D、E是初中化学中常见的不同类别的物质，A和D是配制波尔多液的主要原料，则A和D是氢氧化钙和硫酸铜中一种，E是应用广泛的金属，E是铁，D与E能相互反应，则D是硫酸铜，A是氢氧化钙；C能与铁反应，C能生成硫酸铜，C是硫酸，B能与硫酸反应，B能转化为氢氧化钙，则B可能是氧化钙，将假设代入框图，假设成立。因此：A氢氧化钙，俗称是熟石灰(或消石灰)，物质B是氧化钙，所属的物质类别是氧化物，D是硫酸铜，化学式CuSO4；D与E的反应是铁与硫酸铜反应生成硫酸亚铁和铜，化学方程式CuSO4+Fe=FeSO4+Cu,该反应是一种单质和一种化合物生成另一种单质和另一种化合物，基本反应类型是置换反应；C是硫酸，在生产上的用途是除铁锈。首届进口博览会的吉样物“进宝"为手持的四叶草的“国宝"大熊猫，代表幸运幸福。化学物质世界也迎来了一只手持四叶草的“进宝"物质X,如图所示。四叶草的叶子由A、B、C、D四种物质构成，且相邻两叶片之间会发生反应；其中C、D是黑色固体，B、C为单质，A、D为氧化物。TOC\o"1-5"\h\z物质C为；物质B在生活中的一种用途是；A和D反应的化学方程式可能是或；手持四叶草的“进宝"物质X需满足：A、B、C、D分别通过一步反应能直接转化为X,则物质X是。A【答案】碳(或C)支持燃烧或急救病人等CO+CuOCu+CO2高温Fe3O4+4CO3Fe+4CO2二氧化碳或CO2【解析】【分析】四叶草的叶子由A、B、C、D四种物质构成，且相邻两叶片之间会发生反应；其中C、D是黑色固体，B、C为单质，A、D为氧化物；黑色的碳和氧化铜在高温下生成铜和二氧化碳，一氧化碳和氧化铜在加热的条件下生成铜和二氧化碳，一氧化碳和氧气在点燃的条件下生成二氧化碳，因此A是一氧化碳，B是氧气，C是碳。【详解】（1）四叶草的叶子由A、B、C、D四种物质构成，且相邻两叶片之间会发生反应；其中C、D是黑色固体，B、C为单质，A、D为氧化物；黑色的碳和氧化铜在高温下生成铜和二氧化碳，一氧化碳和氧化铜在加热的条件下生成铜和二氧化碳，一氧化碳和氧气在点燃的条件下生成二氧化碳，A是一氧化碳，B是氧气，C是碳；氧气的用途是支持燃烧和供给呼吸。（2）—氧化碳和氧化铜在加热的条件下生成铜和二氧化碳，或一氧化碳和氧化铁在高温的A条件下生成铁和二氧化碳化学方程式为CO+60Cu+CO?或高温FeO+4C03Fe+4C0。342（3）碳和氧气在点燃的条件下生成二氧化碳，一氧化碳和氧化铜在加热的条件下生成铜和二氧化碳，一氧化碳和氧气在点燃的条件下生成二氧化碳，故X是二氧化碳。【点睛】C、D是黑色固体，B、C为单质，A、D为氧化物；黑色的碳和氧化铜在高温下生成铜和二氧化碳，一氧化碳和氧化铜在加热的条件下生成铜和二氧化碳，一氧化碳和氧气在点燃的条件下生成二氧化碳。甲、乙、丙、丁是常见的化合物，它们有如图所示转化关系（部分物质已略去），甲是实验室常用燃料，其相对分子质量为46的有机物；乙是最常见的溶剂；丁是白色难溶固体，可做补钙剂。则甲的化学式为;反应③的化学方程式为;试剂A中溶质在生产或生活中的一种用途是。【解析】【分析】甲、乙、丙、丁是常见的化合物，甲是实验室常用燃料，相对分子质量为46的有机物，所以甲是酒精，酒精和氧气在点燃的条件下生成水和二氧化碳，乙是最常见的溶剂，所以乙是水，丙是二氧化碳，丁是白色难溶固体，可做补钙剂，所以丁是碳酸钙，二氧化碳和氢氧化钙反应生成碳酸钙沉淀和水，A是氢氧化钙，碳酸钙和盐酸反应生成氯化钙、水和二氧化碳，所以B是盐酸。将猜想代入框图进行检验，猜想成立。

【详解】根据以上分析可知：甲是酒精，化学式为：c2h5oh,反应③是碳酸钙和盐酸反应生成氯化钙、水和二氧化碳，化学方程式为：CaCO3+2HCl=CaCl2+H2O+CO2个，试剂A中溶质在生产或生活中的一种用途是：改良酸性土壤。【点睛】在解此类题时，首先将题中有特征的物质推出，然后结合推出的物质和题中的转化关系推导剩余的物质，最后将推出的各种物质代入转化关系中进行验证即可。A〜G是初中化学常见的物质，B和D能参与光合作用，F可用于改良酸性土壤.它们之间的关系如图所示(“-”表示相连两物质之间能发生反应，“一”表示由某一物成转化为另一物质，部分反应物、生成物及反应条件已略去)，每个虚线圈中各反应的基本反应类型相同.TOC\o"1-5"\h\z写出物质的化学式：A.B-C的化学方程式是.反应F-E的化学方程式是.反应B—F的现象是通电【答案】H2O22H2O2H2f+O2fCa(OH)2+Na2CO3=CaCO3；+2NaOH放出大量热【解析】【分析】A〜G是初中化学常见的物质，B和D能参与光合作用，F可用于改良酸性土壤，且F能够和D反应，因此F是氢氧化钙，D是二氧化碳，B是水；A能够产生水和C,水也能产生C,因此A可以是过氧化氢，C是氧气；氢氧化钙能够和G反应，氢氧化钙和G都能产生E,E反应产生二氧化碳，因此E可能是碳酸钙；则G可能是碳酸钠.【详解】由分析可知，A为过氧化氢，其化学式为H2O2，故填H2O2。由分析可知，B为水，C为氧气，B—C的反应是水在通电的条件下反应生成氢气和氧气，故反应的化学方程式写为：2H氧气，故反应的化学方程式写为：2H2O—2H2f+O2toF为氢氧化钙，E为碳酸钙，且每个虚线圈中各反应的基本反应类型相同，所以反应FtE是氢氧化钙与碳酸钠反应生成碳酸钙沉淀和氢氧化钠，故反应的化学方程式写为：Ca(OH)2+Na2CO3=CaCO3；+2NaOH。B为水，F为氢氧化钙，反应B—F是氧化钙与水反应生成氢氧化钙，观察到的现象是放出大量热，故填放出大量热。A、B、C、D、E分别代表初中化学常见的五种物质，且A、B、C、D为四种不同类别的化合物(初中化学中常见的化合物类别为氧化物、酸、碱、盐)，E物质可以用来改良酸性土壤，它们存在如图所示的转化关系，“一”表示可以向箭头所指方向一步转化，“一”表示两种物质之间可以发生反应(反应条件、部分反应物和生成物均已略去)。请回答下列问题：TOC\o"1-5"\h\zE物质的俗名：;请写出C和D反应的化学方程式：。【答案】孰石灰2NaOH+CO=NaCO+HO八'、2232【解析】【分析】A、B、C、D、E分别是初中化学中所学常见物质，E在农业上可用于改良酸性土壤，所以E是氢氧化钙，A、B、C、D分别属于不同类别的化合物(氧化物、酸、碱、盐)，能和氢氧化钙反应的物质可以是酸、酸性氧化物、碳酸盐，所以ABC分别为其中一种，又因为AC之间可以相互转化，所以AC为碳酸盐和酸性氧化物，AD之间可以相互转化，且C既能和D反应也能和E反应，则C为二氧化碳，A为碳酸钠，D为氢氧化钠，那么B就是一种酸，代入转化关系，推导正确；【详解】由分析可知E是氢氧化钙，俗称熟石灰；氢氧化钠和二氧化碳反应生成碳酸钠和水，方程式为2NaOH+CO=NaCO+HO；2232，【点睛】在解此类题时，首先将题中有特征的物质推出，然后结合推出的物质和题中的转化关系推导剩余的物质，最后将推出的各种物质代入转化关系中进行验证即可.16.某白色固体可能由BaC12、NaOH、Na2CO3、Na2SO4；中的一种或几种物质组成，某兴

趣小组的同学为确定该白色固体的成分，进行了如下的实验探究，请你参与并回答相关问题。I.初步探究：小金同学设计的实验过程及现象如图所示。（查阅资料）BaC12溶液显中性。（初步结沦）（1）原白色固体中一定有的物质是，一定没有的物质是。白色沉淀溶解的化学方程式是。（2）M溶液中的溶质一定有，一定没有氯化钡。（交流讨论）小英同学认为：无色溶液M变红色，说明溶液M中含有碱性物质，但不能由此推导出原固体物质中是否含有氢氧化钠。若要进一步确定，需对溶液M继续进行探究。为此同学们进行了如下的探究：II.继续探究：（提出问题）无色溶液M中有氢氧化钠吗？（猜想与假设）猜想一：有NaOH猜想二：没有NaOH（探究与结论）实验步骤实验现象实验结论A.取无色溶液M于试管中，加入过量的氯化钡溶液，振荡，静置证明溶液M中有碳酸钠并被除尽B.取实验A所得上层清液于试管中，加入。猜想一正确在老师的指导下，同学们通过交流、讨论、实验，圆满地完成了这次探究活动。+h2o氯化钠产生白色【答案】氯化钡、碳酸钠硫酸钠BaCO3+2HCl==BaC屮+h2o氯化钠产生白色【解析】【分析】［查阅资料］白色固体加足量水，溶解、过滤得到白色沉淀和无色溶液M,白色沉淀加足量稀盐酸，产生气泡，沉淀全部溶解，说明白色固体中一定含有氯化钡和碳酸钠，一定不含硫酸钠。氯化钡与碳酸钠反应生成碳酸钡白色沉淀和氯化钠，碳酸钡与稀盐酸反应生成二氧化碳，沉淀全部溶解；氯化钡与硫酸钠反应生成硫酸钡的白色沉淀，但硫酸钡不与稀盐酸反应；无色溶液M加酚酞试剂，得到红色溶液，说明溶液显碱性；红色溶液加适量碳酸钠溶液，无沉淀产生且溶液为红色，说明无色溶液M中不含氯化钡，溶液仍显碱性。【详解】

［初步结沦］(1)由［查阅资料］可知，原白色固体中一定有的物质是氯化钡、碳酸钠；一定没有的物质是硫酸钠；碳酸钡与稀盐酸反应生成二氧化碳和氯化钡，使沉淀全部溶解，其化学方程式为：BaCO3+2HCl==BaCl2+CO2T+H2O，故填：氯化钡、碳酸钠；硫酸钠；BaCO3+2HCl==BaCl2+CO2T+H2O(2)由［查阅资料］可知，M溶液中的溶质一定有氯化钠，一定没有氯化钡；故填：氯化钠［探究与结论］A、碳酸钠与氯化钡反应生成碳酸钡的白色沉淀，实验现象：产生白色沉淀；B、根据实验结论：猜想一正确可知，说明溶液中含有氢氧化钠，氢氧化钠溶液能使无使酚酞溶液变红。故实验步骤为取实验A所得上层清液于试管中，加入酚酞试剂；实验现象：溶液变红色。实验步骤实验现象实验结论A.取无色溶液M于试管中，加入过量的氯化钡溶液，振荡，静置产生白色沉淀证明溶液M中有碳酸钠并被除尽B.取实验A所得上层清液于试管中，加入无色酚酞试剂。溶液变红色猜想一正确故填：产生白色沉淀；无色酚酞试剂；溶液变红色下图为某些物质间的转化关系。A为常见的化肥，B、D、G、N为气体，且N为空气中含量最多的气体。C常温下为无色液体，甲的溶液为蓝色，H和I为红色固体。部分反应物和生成物及反应条件已略去。0m物和生成物及反应条件已略去。0mTOC\o"1-5"\h\z写出物质的化学式B：；E：。反应②是自然界中最重要的化学反应之一，其名称为。反应③在医学上曾用于检验病。写出下列化学反应方程式：①；④。A【答案】NH3Cu(OH)2光合作用糖尿nh4hco3=nh3个+h2o+co2个高温3CuO+2NH33CuO+2NH33Cu+3H2O+N2【解析】【分析】根据”B、D、G、N为气体，且N为空气中含量最多的气体“，则N为氮气；根据“A为常见的化肥“，“C常温下为无色液体，甲的溶液为蓝色，H和I为红色固体”，结合图框，则反应②是自然界中最重要的化学反应之一，其名称为光合作用；而反应③在医学上曾用于检验糖尿病，因为葡萄糖与氢氧化铜反应生成葡萄糖酸、氧化亚铜和水，故推测A为碳酸氢铵，B为氨气、C为水、D为二氧化碳、E为氢氧化铜，F为有机物葡萄糖，H为氧化亚铜，G为氧气，I为铜，甲可能为硫酸铜溶液，代入检验，符合题意。【详解】根据分析，物质B、E的化学式分别为：NH3；Cu(OH)2。反应②是自然界中最重要的化学反应之一，其名称为光合作用。反应③在医学上曾用于检验糖尿病。反应①为碳酸氢铵分解，反应的化学反应方程式为：Anh4hco3=nh3个+h2o+co2个；反应④为氧化铜与氨气反应，反应的化学反应方程式为：3CuO+2NH33Cu+3H2O+N2。故答案为：(1)NH3；Cu(OH)2.(2)光合作用。(3)糖尿。A高温(4)NH4HCO3=NH3个+H2O+CO2个；3CuO+2NH33Cu+3H2O+N2。某固体粉末由氢氧化钠、氯化钠、硫酸铜、硝酸钡、氯化铜中的一种或几种组成，为确定其成分，现进行如下图所示的探究。过里1^汎A儿止D■■足里水过慮过滤亠丄Ib，虫•:七产生曰■略痕t色沉淀请回答下列问题：溶液C的pH("大于"、"小于"或"等于")7。TOC\o"1-5"\h\z固体粉末中一定含有的物质是，一定不含有的物质是。沉淀A溶解的化学方程式为。溶液E中一定含有的阳离子是。【答案】小于硝酸钡、氯化铜、氢氧化钠硫酸铜Cu(OH)2+H2SO4=CuSO4+2H2O铜离子和钠离子【解析】

【详解】沉淀A中加入过量稀硫酸得到溶液C,说明溶液C的pH小于7；由溶液C和溶液B混合生成不溶于酸的沉淀，可知沉淀D为硫酸钡，故固体粉末中一定含有硝酸钡；又因为沉淀A可以完全被酸溶解，说明沉淀A中不含有硫酸钡，故固体粉末中一定没有硫酸铜；则沉淀A为氯化铜和氢氧化钠生成的氢氧化铜沉淀；故填：硝酸钡、氯化铜、氢氧化钠；硫酸铜；沉淀A为氢氧化铜，和稀硫酸反应方程式为Cu(OH)2+H2SO4=CuSO4+2H2O溶液E与硝酸银反应生成白色沉淀，说明溶液E中有氯离子，且由(2)推知固体中含有硝酸钡、氯化铜、氢氧化钠，可知溶液E的阳离子为铜离子和钠离子。如图所示，A〜I为初中化学中常见的物质。已知A为金属氧化物，C为大理石的主要成分，D为蓝色沉淀，E、H为单质，F为浅绿色溶液，G、I均为各含有一种溶质的溶液。“一”表示物质间存在着相互转化的关系(部分生成物未标出)，如图所示。请回答下列写出A与H2O反应的化学方程式：。写出G与H反应的化学方程式：；反应类型属于【答案】Cu(OH)2CaO+H2O=Ca(OH)2Fe+CuSO4=Cu+FeSO4置换反应【解析】【详解】A-I为初中化学中所学的物质，C为大理石的主要成分，所以C是碳酸钙，D为蓝色沉淀，所以D是氢氧化铜沉淀，E、H为单质，F为浅绿色溶液，所以H是铁，铁和硫酸铜反应生成硫酸亚铁和铜，所以E是铜，G可以是硫酸铜，F是硫酸亚铁，A为金属氧化物，A和水反应生成B会与I反应生成碳酸钙沉淀和氢氧化钠，所以A是氧化钙，氧化钙和水反应生成氢氧化钙，所以B是氢氧化钙，I是碳酸钠，经过验证，推导正确，所以D是Cu(OH)2；A与H2O的反应是氧化钙和水反应生成氢氧化钙，化学方程式为：CaO+H2O=Ca(OH)2；G与H的反应是铁和硫酸铜反应生成硫酸亚铁和铜，化学方程式为：Fe+CuSO4=Cu+FeSO4，该反应属于置换反应。A、B、C、D为初中化学常见的四种物质，它们之间有如图所示的转化和反应关系（“T”表示某一种物质经一步反应可转化为另一种物质，“一”表示相连两物质能发生化学反应，部分反应物、生成物及反应条件已略去）（1）若A、B含有相同的元素组成，且常温下，A、B、D均为无色气体，C为紫红色固体，则D为，BTC发生的化学反应（填"是"或“不是”）置换反应。（2）若A、B、C、D为四种不同类别的化合物，C在生活中可用来除油污，且C存在于炉具清洁剂中，则A为，写出BTA这一反应的化学方程。【答案】氧气不是二氧化碳2HCl+Na2CO3=2NaCl+H2O+CO2个【解析】【分析】（1）由题干C为紫红色固体，推测C为铜；A、B含有相同的元素，且为无色气体，推测为一氧化碳和二氧化碳，且B经一步反应可转化为铜，确定B为一氧化碳，A为二氧化碳，D可与B、C反应，且为无色气体，推测D为氧气，代入验证，推测正确；（2）由C在生活中可用来除油污，且C存在于炉具清洁剂中，可知C为氢氧化钠；A、B、C、D为四种不同类别的化合物，推测A为二氧化碳，B为碳酸钠，D为稀酸，代入验证，推测正确。【详解】（1）由A为二氧化碳，B为一氧化碳，C为铜，D为氧气。可知BTC发生的化学反应不是置换反应；（2）推测A为二氧化碳，B碳酸钠转化为二氧化碳的方程式为2HCl+Na2CO3=2NaCl+H2O+CO2个。A、B、C、D、E分别是锌、硫酸、氢氧化钡、硫酸铜和碳酸钠五种物质中的一种，如“-”表示相连的两种物质能够发生反应，其中D的溶液呈蓝色，A与B反应生成的气体是光合作用的原料之一。（1）D的化学式—。（2）A与B反应的化学方程。（3）C与D反应的化学方程式，属于基本反应类型中的—。（4）下列可以替代E的是—（填序号）。①氯化铜②氢氧化钾③银【答案】(1)CuSO4Na2CO3+H2SO4=Na2SO4+CO2个+H20CuSO4+Ba(0H)2=BaSO4d+Cu(0H)2d复分解反应⑷②【解析】试题分析：根据题目给出的流程图和信息：D的溶液呈蓝色，因此D是硫酸铜；故答案为：CuSO4；A与B反应生成的气体是光合作用的原料之一，那么该气体是二氧化碳，因此A、B是硫酸和碳酸钠中的一种，从连线关系可以看出A与硫酸铜不反应，所以A是硫酸，B是碳酸钠，碳酸钠和硫酸反应生成硫酸钠和水和二氧化碳，配平即可；故答案为：Na2CO3+H2SO4=Na2SO4+CO2个+H20；硫酸铜和氢氧化钡反应生成硫酸钡白色沉淀和氢氧化铜蓝色沉淀，配平即可，此反应属于复分解反应；故答案为：CuSO4+Ba(0H)2=BaSO4d+Cu(0H)2山；复分解反应；因为E是锌，锌能与硫酸反应，在氯化铜、氢氧化钾和银中，只有氢氧化钾能与硫酸反应，因此可以替代E的是氢氧化钾，故答案为：②。考点：物质的鉴别、推断；反应类型的判定；书写化学方程式、文字表达式、电离方程式A、B、C、D、E均为初中化学常见的纯净物，它们分别属于不同类别。A为黑色固体,D的溶液呈蓝色，E可用于除油污。它们之间的相互关系如图所示。(其中“一”表示物质之间可以发生反应，“一”表示物质之间可以转化)请回答下列问题。TOC\o"1-5"\h\zA的化学式是。C-B的化学方程式是，其基本反应类型是。D与E反应的现象是该反应能够发生的理由是。【答案】CuOFe+H2SO4=FeSO4+H2f(合理即可)置换反应产生蓝色沉淀，溶液颜色变浅反应物均可溶，生成物中有沉淀【解析】【分析】根据A、B、C、D、E均为初中化学常见的纯净物，它们分别属于不同类别。D的溶液呈蓝色，D可能是含铜离子的盐，D能与E反应，E可用于除油污，E可能是氢氧化钠；C能转化为含铜离子的盐，且能与E(氢氧化钠)反应，E可能为硫酸，A为黑色固体，A能与C(硫酸)反应，氧化铜能与硫酸反应生成硫酸铜和水，则A可能是氧化铜，C能转化为B，B能与A反应，B为单质，氢气与氧化铜反应生成铜和水，铁与硫酸反应生成硫酸亚铁和氢气，所以B为氢气。经过验证，推导正确。【详解】根据以上分析可知：A是氧化铜，化学式是为CuO；A与B的反应可以是铁和稀硫酸反应生成氯化亚铁和氢气，化学方程式为：Fe+H2SO4=FeSO4+H2f，该反应是由一种单质与一种化合物反应，生成另一种单质和另一种化合物的反应，其基本反应类型是置换反应；D与E反应，即硫酸铜溶液和氢氧化钠溶液反应，反应的现象是：产生蓝色沉淀，溶液颜色变浅；因为该反应的基本反应类型是复分解反应，故该反应能够发生的理由是反应物均可溶，生成物中有沉淀。【点睛】在解此类题时，首先将题中有特征的物质推出，然后结合推出的物质和题中的转化关系推导剩余的物质，最后将推出的各种物质代入转化关系中进行验证即可。已知A、B、C、D、E、F、G是初中化学常见的物质，A在常温下是一种无色液体，D是天然气的主要成分，G是一种重要的建筑材料的主要成分，E可做食品干燥剂。它们之通电―►13%体A液体反应①—►+DC%体反应④A间的转换关系如下图所示:G岡悴TOC\o"1-5"\h\z出下列物质的化学式：A、D。出反应④的化学方程。用途广泛，请写出其中一点。应③属于应(填"化合"、"分解"、“置换”)。B是最清洁的燃料，与其它燃料相比其优点有(写一点)。【答案I®。cH4Ca(OH)2+CO2====CaCO3；+H2O气体干燥剂或食品干燥剂化合产物是水，无污染【解析】A、B、C、D、E、F、G是初中化学常见的物质，D是天然气的主要成分，所以D是甲烷(CH4)，A在常温下是一种无色液体，A通电会生成气体B和气体C,所以A是水(H2O)，C会与甲烷反应，所以C是氧气，B是氢气，甲烷和氧气点燃会生成水和二氧化碳，所以更说明A是水，E是一种金属氧化物，与水反应能生成一种常见的碱，所以E是氧化钙，因易和水反应生成氢氧化钙，常用作某些气体的干燥剂；F是氢氧化钙，氢氧化钙和二氧化碳反应生成碳酸钙沉淀，G是一种重要建筑材料的主要成分，所以G是碳酸钙，经过验证，推出的各种物质均满足题中的转化关系，推导正确，所以A是H2O,D是

CH4；(2)反应④是氢氧化钙和二氧化碳反应生成碳酸钙沉淀和水，化学方程式Ca(OH)2+CO2====CaCO3|+鸟0；(3)通过推导可知E是氧化钙，在日常生活中常被用作食品干燥剂；(4)反应③是氧化钙和水反应生成氢氧化钙，满足化合反应多变一的条件，属于化合反应；(5)氢气和氧气在点燃的条件下生成水，产物是水，无污染且热值高。如图“五连环"中的每一环表示一种物质，相连环物质间能发生反应，不相连环物质间(2)“五连环"中物质间发生的反应，没有涉及的基本反应类型是(2)“五连环"中物质间发生的反应，没有涉及的基本反应类型是【答案】分解反应选择氧气、铁、二氧化碳、氧化钙、稀硫酸、烧碱溶液、氯化钡溶液、碳酸钙中的五种物质(所选物质至少包括“单质、氧化物、酸、碱、盐"中的四种类型)，将其化学式分别填入对应的环内。化碳反应。故答案为:SjOEI化碳反应。故答案为:SjOEI【解析】【详解】由“五连环”的结构可知有两种物质只和其他的物质中的一种反应，氧气能与铁反应生成铁的氧化物，二氧化碳能与氢氧化钠反应生成碳酸钠和水，题目所给的八种物质只有氧气和二氧化碳符合题意，把它们的化学式填入最两边的两个圆环中，再依次填写其他的即可。若第一个圆圈内是氧气，在这五种物质中只有铁能与氧气反应，下一个是铁；下一个圆环内的物质能与铁反应，是硫酸；再一个能与二氧化碳反应，只有氢氧化钠能与二氧氧气与铁反应属化合反应，铁和稀硫酸之间发生置换反应，稀硫酸与氢氧化钠发生复分解反应，二氧化碳和氢氧化钠之间的反应不属于基本反应类型。五连环'中物质间发生的反应，没有涉及的基本反应类型是分解反应。某无色溶液甲，可能含有硫酸钠、氢氧化钠、碳酸钠、氯化钠；某白色固体乙中可能含有硝酸钡、氯化钠。某化学兴趣小组为探究其成分做了以下实验：I.取少量溶液甲于试管中，滴加酚酞溶液，观察到溶液呈红色；II•取一定量白色固体乙于烧杯中，逐渐加入溶液甲并不断搅拌，烧杯内固体的质量随加

入溶液甲的质量的变化如图中折线ABC所示；III•继续向烧杯中滴加过量的稀硝酸并不断搅拌，烧杯内固体的质量随加入稀硝酸的质量的变化如图中CD所示；W.再继续向烧杯中滴加硝酸银溶液，烧杯内固体的质量随加入硝酸银溶液的质量的变化请回答下列问题：溶液甲的pH(填"小于"或"等于"、"大于")7；TOC\o"1-5"\h\z溶液甲中一定含有，固体乙中一定含有。D点时，烧杯中溶液一定含有的溶质是。根据步骤IV不能确定溶液甲中某种物质一定存在，理由是。要证明甲中该物质的存在，需要补充的实验操作是。【答案】大于Na2SO4、NaOH(或硫酸钠、氢氧化钠)Ba(NO3)2(或硝酸钡)HNO3、NaNO3、NaCI、Na2SO4(或硝酸、硝酸钠、氯化钠、硫酸钠)固体乙中也可能含有氯化钠另取少量溶液甲，加入过量硝酸钡和稀硝酸，过滤，往滤液中加入硝酸银溶液【解析】【详解】溶液甲中滴加酚酞溶液，溶液呈红色说明溶液甲显碱性，则溶液的pH大于7,故填7取一定量白色固体乙于烧杯中，逐渐加入溶液甲并不断搅拌，由图可知，烧杯内固体的质量减少，则白色固体中可能存在能与溶液甲中硝酸钡反应的硫酸钠和碳酸钠；继续向烧杯中滴加过量的稀硝酸并不断搅拌，烧杯内固体的质量不变，表明烧杯中的固体不溶于稀硝酸，说明加入溶液甲后生成的固体中没有生成碳酸钡，则原白色固体中不含碳酸钠；溶液甲的pH大于7,显碱性，所以溶液甲中还含有氢氧化钠，则溶液甲中一定含有硫酸钠和氢氧化钠，故填Na2SO4、NaOH(或硫酸钠、氢氧化钠)；固体乙中一定含有能与硫酸钠反应的硝酸钡，故填Ba(NO3)2(或硝酸钡)。溶液甲中的硫酸钠与固体中的硝酸钡反应生成硫酸钡沉淀和硝酸钠，硝酸钠溶于水，且过量的硝酸也能与氢氧化钠反应生成硝酸钠，所以D点时烧杯溶液中含有硝酸钠，加入的硝酸过量，所以溶液中还含有硝酸，向烧杯中滴加硝酸银溶液，烧杯内固体的质量增加，说明烧杯中的溶液中还含有氯化钠，取一定量白色固体乙于烧杯中，逐渐加入溶液甲并不断搅拌，烧杯内固体的质量随加入溶液甲的质量的变化如图中折线ABC所示，说明加入的溶液甲过量，则烧杯中的溶液中还含有硫酸钠，所以D点时，烧杯中溶液一定含有的溶质是HNO3、NaNO3、NaCl、Na2SO4(或硝酸、硝酸钠、氯化钠、硫酸钠)，故填HNO3、NaNO3、NaCl、Na2SO4（或硝酸、硝酸钠、氯化钠、硫酸钠）。（6）由题文可知，溶液甲与固体乙中都有可能存在氯化钠，所以无法判断与硝酸银反应的氯化钠来自溶液甲还是固体乙，故填固体乙中也可能含有氯化钠；证明溶液甲中含有氯化钠的方法是另取少量溶液甲，加入过量硝酸钡和稀硝酸，除去溶液中的硫酸钠与氢氧化钠，然后过滤，往滤液中加入硝酸银溶液，如有白色沉淀生成，则溶液甲中含有氯化钠，否则不含氯化钠，故填另取少量溶液甲，加入过量硝酸钡和稀硝酸，过滤，往滤液中加入硝酸银溶液。A、B、C、D、E均为初中化学常见物质，它们之间的转化关系如下图所示：（"T”表示某一种物质经一步反应可转化为另一种物质，部分生成物及反应条件已略去）⑴若A、C的组成元素相同，且常温下都是液体。D为一种常见的碱，则C为—（填化学式）；ATC的化学反应基本类型为反应。⑵若A为一种黑色固体，B、C的组成元素相同，D为一种常见的盐，则C为（填名称）；写出DTE的化学反应方程。（任写一种）【答案】HQ分解二氧化碳NaCO+Ca（OH）=CaCOJ+2NaOH22323【解析】【分析】A、C的组成元素相同，且常温下都为液体，则A、C为水或过氧化氢，D为一种常见的碱，C能生成D,则C为水，A为过氧化氢；A为一种黑色固体，能转化生成B和C，B、C组成元素相同，则A可能为碳，生成的B和C为一氧化碳或二氧化碳，D为一种常见的盐，C能转化生成D,则C为二氧化碳，B为一氧化碳，D可能为碳酸钠。【详解】（1）A、C的组成元素相同，且常温下都为液体，则A、C为水或过氧化氢，D为一种常见的碱，C能生成D,则C为水，化学式为H2O；ATC的化学反应是过氧化氢分解生成水和氧气，基本类型为分解反应。⑵A为一种黑色固体，能转化生成B和C，B、C组成元素相同，则A可能为碳，生成的B和C为一氧化碳或二氧化碳，D为一种常见的盐，C能转化生成D,则C为二氧化碳；DTE的化学反应为碳酸钠和氢氧化钙反应生成碳酸钙和氢氧化钠，反应的化学方程式为NaCO+Ca（OH）=CaCOJ+2NaOH。2323【点睛】A、C的组成元素相同，且常温下都为液体，则A、C为水或过氧化氢，D为一种常见的碱，C能生成D,则C为水，A为过氧化氢，A为一种黑色固体，能转化生成B和C，B、

C组成元素相同，则A可能为碳，生成的B和C为一氧化碳或二氧化碳，D为一种常见的盐，C能转化生成D,则C为二氧化碳，B为一氧化碳。智能手机屏幕解锁图形如图所示.若A、B、C、D、E、F、G分别是二氧化碳、铜粉、炭粉、氧气、盐酸、石灰水、硝酸银溶液中的一种，其中B和另一个字母为气体物质，F为红色固体物质.(“-"相连两物质能发生反应)则字母E代表的物质的化学式是;写出字母D和E代表的物质发生反;写出字母D和E代表的物质发生反【解析】AgNO3+HCl=AgCl^+HNO【解析】AgNO3+HCl=AgCl^+HNO3【分析】若A、B、C、D、E、F、G分别是二氧化碳、铜粉、炭粉、氧气、盐酸、石灰水、硝酸银溶液中的一种，其中B和另一个字母为气体物质，F为红色固体物质。则F为铜粉，结合图框，则推测：A为炭粉，B为二氧化碳，C为石灰水，D为盐酸，E为硝酸银溶液，G为氧气，代入检验，符合题意。【详解】E为硝酸银溶液，物质的化学式是AgNO3；G为氧气，用途为医疗急救；D和E代表的物质发生反应是硝酸银和盐酸生成氯化银沉淀和硝酸的反应，化学方程式为AgNO3+HCl=AgCl^+HNO3o故答案：AgNO3、医疗急救、AgNO3+HCI=AgCld+HNO3A、B、C、D、E是初中化学常见的物质，其中物质B是重要的调味品，物质B、E、D中含有相同的非金属元素，物质A、B、C含有相同的金属元素，物质A、E属于盐，物质D属于酸，且物质A和D不能