2022年全国统一招生考试九科第三次模拟备考试卷及解析汇编

2022年全国统一招生考试第三次模拟备考卷地理（一）注意事项：1．答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。2．选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。3．非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。4．考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。第Ⅰ卷（选择题）本卷共11个小题，每小题4分，共44分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。胶莱运河（下图）位于山东半岛地势最低的胶莱盆地，北段经胶河下游连接莱州湾，南段经大沽河下游与胶州湾联通;河道无法通行大船，需以小船转运货物。元明时期，该运河几经兴废，现仅可供灌溉使用。2005年，有人提议将原胶莱运河深挖至海平面以下，修建成胶莱人工海河，但该设想一经提出即招致反对。据此完成下面小题。1．推测元明时期胶莱运河废弃的主要原因是（

）A．泥沙淤积堵塞河道 B．其他运输方式替代C．周边地区污染排放 D．沿岸地区经济衰落2．若胶莱人工海河得以建成，将（

）A．改善黄海水域环境 B．缓解京杭运河漕运压力C．提高青岛港吞吐量 D．改变胶东沿岸流的方向3．反对胶莱人工海河的设想，主要是担忧修建和运行过程中容易引发（

）A．河道泥沙淤积B．海洋生态恶化C．沿岸地面沉降D．沿岸土壤盐化【答案】1．A2．C3．D【解析】1．根据材料“河道无法通行大船，需以小船转运货物。元明时期，该运河几经兴废，现仅可供灌溉使用”可知，胶莱运河河窄水浅，运输能力有限；位于季风区，降水季变化大，水位变化大，运输能力不稳定；河道淤积，运力减弱甚至丧失，导致元明时期胶莱运河废弃，A正确；当时没有其他运输方式替代，B错误；当时工业不发达，污染物排放量小，污染不能影响到河道的废弃，C错误；运河几经兴废，废弃后还要再疏通兴起，说明有运输需求，并且元明时期商贸活动比较发达，因此废弃的原因不可能是沿岸地区经济衰落，D错误。故选A。2．若胶莱人工海河得以建成，人工海河可沟通渤海与黄海，形成胶东沿岸环流，加快莱州湾与胶州湾的水体交换，缓解莱州湾的海水污染问题，改善渤海水域环境，A错误；与京杭运河相距较远，不能缓解京杭运河漕运压力，B错误；胶莱运河可缩短船舶绕行山东半岛的航线里程，青岛港位于胶莱运河沿岸，提高青岛港吞吐量，C正确；不能改变胶东沿岸流的方向，D错误。故选C。3．根据材料“有人提议将原胶莱运河深挖至海平面以下，修建成胶莱人工海河”可知，人工海河水位低于海平面，会导致大量海水流入人工海河，从而加剧沿岸土壤盐化，D正确；莱州湾有大量古黄河沉积物，在沿岸流和风暴潮的推动下会给人工海河带来淤积，但淤积过程是缓慢的，不是修建和运行过程中主要担忧的问题，A错误；对海洋生态环境影响小，B错误；海水入浸，不会出现地下水水位下降，地面沉降现象不明显，C错误。故选D。短命植物又称短营养期植物、短期生植物，是人们对生长发育快、生活周期短、生长于温带荒漠地区的一类植物的总称，主要生长在干旱区。在我国，此类植物主要生长在新疆北部（即天山中西部的伊犁盆地、准噶尔盆地），约有200多种。植物利用早春雨水和融化的雪水提供的土壤湿度和一定的温度生长发育，并在夏季干热季节来临之前短短的2个月左右时间里迅速完成生活周期，随后整个植株或地上部分干枯死亡，以种子或地下器官休眠渡过对植物生长不利的季节，来年春季再由种子或地下器官形成新的个体，这类植物包括一年生短命植物和多年生类短命植物两类。据此完成下面小题。4．分布在我国的短命植物只在春季生长旺盛的原因是（

）①降水丰沛②土壤水分较多③热量适宜④光照充足A．①②B．②③C．③④D．①④5．推测短命植物的形态特征是（

）A．叶片厚B．多肉有刺C．根系浅短D．植株粗壮【答案】4．B5．C【解析】4．根据材料对短命植物的描述可知，短命植物利用早春雨水和融化的雪水提供的土壤湿度和一定的温度生长发育。新疆北部主要为温带大陆性气候，春季降水少，①错误；春季气温回升，使新疆北部的高山冰雪融化，土壤中水分较多，为短命植物提供生长所需的水分，②正确；春季气温回升，热量条件较好，为短命植物提供一定的温度，③正确；新疆北部降水较少，光照条件全年都较好，尤其夏季，因此不是春季的优势，④错误。A、C、D错误，故选B。5．根据材料可知，短命植物主要生长在干旱区，水分条件差，叶片应较薄，减少叶面水分流失，A正确；生命周期短，不会形成多肉有刺的形态，B错误；短命植物无须像旱生植物那样将根系扎向更深的土层内，即可获得所需要的水分，因此形成了根系浅短的特征，C正确；气候干旱，土壤中肥力较低，因此不会形成植株粗壮的特征，D错误。故选C。从“靠天吃饭”到“靠云吃饭”，大数据、云技术助力中国乡村振兴。2019年初，浙江乌镇谭家湾“云上农业”试验场正式启动建设。该试验场在土壤中铺设三层传感器进行实时监测，占地约700亩，分28个网格来展现不同的种植场景。建成之后，该试验场可以与世界各地的农业生产场景实现云端互联。完成下面小题。6．农业文明时期谭家湾靠天吃到的“饭”最可能是（

）A．高粱B．水稻C．玉米D．小麦7．“云上农业”试验场与世界各地的农业生产场景实现云端互联后，浙江最希望得到的数据为（

）A．日本茶树病虫害防治数据 B．美国小麦带灌溉数据C．巴西咖啡种植园施肥数据 D．阿根廷肉牛吃草量数据【答案】6．B7．A【解析】6．由材料可知，谭家湾位于浙江省，属亚热带季风气候区，气候条件适宜水稻生长，靠天吃到的“饭”最可能是水稻，B正确；小麦、玉米、高粱主要分布在北方地区，A、C、D错误。故选B。7．浙江省位于亚热带季风气候区，适宜水稻、茶树生长，日本茶树病虫害防治数据与浙江关联度大，A正确；美国的小麦带属于商品谷物农业，巴西咖啡种植属于热带种植园农业，阿根廷的肉牛养殖属于大牧场放牧业，这些数据对浙江省的借鉴意义不大，B、C、D错误。故选A。济南章丘是有名的“铁匠之乡”，章丘铁锅为当地传统手工锻造的锅具，历史悠久，制作过程需经十二道工序，十八遍火候，千度高温，万次锻打，具有不粘锅、寿命长的特点。目前，章丘铁锅锻造技艺正面临失传危机。2000年前后，受多种因素的影响，当地手工锻锅铺几乎全部倒闭。最近几年，当地积极将该技艺申报为“非物质文化遗产”，章丘铁锅产业被“重新点燃”。据此完成下面小题。8．2000年前后，章丘手工锻锅铺几乎全部倒闭的主要原因是（

）A．工艺复杂，缺乏传承人 B．产量低，难以满足市场需求C．原材料供应短缺 D．市场的冲击9．当地积极将章丘铁锅锻造技艺申报为“非物质文化遗产”的目的主要是（

）A．传承制作技艺B．扩大生产规模C．扩展销售范围D．吸引游客【答案】8．D9．A【解析】8．2000年前后，现代化锅具企业崛起，以物美价廉的优势迅速占领了市场，章丘铁锅是纯手工锻造，工序复杂，生产成本高，市场竞争力弱，因此，章丘手工锻锅铺几乎全部倒闭的主要原因是市场的冲击，D正确；缺乏传承人是当地该行业较长期的问题，短期内难以产生后果，A错误；原材料供应短缺在材料中没有提到，无法推断，C错误；虽然产量低，但质量好，则会导致供不应求，不会倒闭，B错误。故选D。9．结合材料，由于章丘铁锅锻造技艺正面临失传危机，因此申报“非物质文化遗产”的目的主要是传承制作技艺，A正确；扩大生产规模、扩展销售范围、吸引游客是次要目的，B、C、D不符合题意。故选A。低碳茶业是指在茶业生产、经营过程中以较少物质投入，获取较大经济效益和生态效益的一种产业发展模式（下图）。茶园是温室气体吸收的汇集场所，具有生态固碳能力和潜力。2019年福建省茶园面积近2200km²，目前正积极推进低碳茶业的发展。据此完成下面小题。10．发展低碳茶业带来的经济效益有（

）A．降低茶园的建设成本 B．丰富当地的茶树品种C．提升茶农素质与工资 D．利于茶叶提质与保量11．提高茶园生态固碳能力的合理措施是（

）A．茶园行间铺草、套种绿肥 B．培养树冠、减少树间空隙C．减少茶树采摘次数，增加地表枯枝落叶 D．增加茶树种植密度，减少茶园土壤裸露【答案】10．D11．A【解析】10．发展低碳茶业，需要使用高效节能和智能化机具，投入比之前更多，建设成本更多，A错误；丰富当地的茶树品种和提升茶农的素质，不是发展低碳茶业带来的经济效益，所以B、C错误；减少化肥、农药的使用量后，提高了茶业的质量；利用智能化机具，提高茶业生产的效率，D正确。故选D。11．茶园行间铺草、套种绿肥，既可以提高植被的覆盖率，提高茶园生态固碳能力；又能提高茶园的土壤肥力，减少化肥的使用，更有利于发展低碳茶业，A正确；培养树冠和增加茶树种植密度，使茶树之间行距减小，不利于茶树的正常生长，会影响茶园的经济效益，B、D错误；减少茶树采摘次数，会使茶园的经济效益降低，C错误。故选A。第Ⅱ卷（非选择题）本卷共56分，第12~13题为必考题，每个试题考生都必须作答。第14~15题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题：共46分。12．阅读材料，完成下列问题。（24分）下图是沙特阿拉伯及周边地区略图、沙特阿拉伯城市化进程图、海水淡化过程示意图。沙特阿拉伯是高收入国家，也是世界最大的海水淡化国，有三十多年海水淡化历史，其产能占世界的20%，全国70%的饮用水来自海水淡化。海水淡化属于高耗能产业。（1）红海是世界上盐度最高的海域之一，从水循环角度分析该海域盐度高的原因。（6分）（2）简析沙特阿拉伯海水淡化的社会经济条件以及由此可能产生的生态环境问题。（12分）（3）从自然资源角度，分析1960年以来沙特阿拉伯城市化水平变化的原因。（6分）【答案】（1）热带沙漠气候，降水量少；位于副热带海区，气温高，蒸发量大；入海河流稀少，地表径流淡水注入少。（2）社会经济条件：能源（石油）资源丰富，资金充足；国内淡水资源缺乏，海水淡化市场需求量大；有三十多年海水淡化经验，技术先进。生态环境问题：化石能源燃烧过程中排放温室气体，导致温室效应；化石能源燃烧过程中排放有害气体，导致大气污染；浓盐水排放，增加海水盐度，海洋生物多样性受损。（3）石油资源丰富，石油工业发达，所需劳动力多，非农劳动力比重高；水资源不足，农业比重低，农业人口少；海水资源丰富，利用淡化技术增加淡水资源供应，有利于城市人口数量扩大。【解析】本题以区域为载体，考察图文信息的获取和解读能力，调动自然地理中水循环的相关内容，综合人文地理中工业的布局区位以及城市化及其影响等相关知识，考察内容较为综合，考察能力中等。（1）从图中所给的经纬网内容可知：红海位于副热带地区，纬度较低，气温高，蒸发旺盛；受副热带高压控制，盛行下沉气流，降水少；结合区域图和所学知识可知，该地区陆地河流少，注入红海的淡水少；由图可知红海北为苏伊士运河，南为曼德海峡，海域较为封闭，和外海的水体交换较少。（2）社会经济条件：根据文字材料“沙特阿拉伯是高收入国家，也是世界上最大的海水淡化国”以及沙特阿拉伯主要位于热带沙漠区可知，沙特阿拉伯对于海水淡化的市场需求量大；根据文字材料中“海水淡化是高耗能产业”以及区域图当中的石油图例可知，沙特阿拉伯地区能源丰富，能够支撑海水淡化产业的发展；根据文字材料“是世界上最大的海水淡化国，有三十多年海水淡化历史”可知沙特阿拉伯海水淡化历史悠久，经验丰富。生态环境问题：海水淡化高耗能，大量燃烧化石能源可能造成大气污染，排放过多的温室气体加剧温室效应，由海水淡化示意图可知海水淡化之后的浓盐水排放入海，造成海水盐度增加，影响海洋生物的生存，威胁海洋生物多样性。（3）沙特阿拉伯地区自然条件恶劣，农业不发达，占国民生产总值比重比较低，农业人口比重小，加上该国石油资源丰富，石油资源的开发需要大量的劳动力，石油工业的发达使得非农业人口占总人口比重增大，经济的发达使得有能力进行海水淡化缓解淡水资源短缺问题，增加了环境承载力，利于供养更多城市人口。13．阅读材料，回答下列问题。（22分）酒泉市是典型的戈壁绿洲城市，耕地和绿洲资源稀少。近年来，酒泉市出台奖补和扶持政策，以高效节能日光温室为载体，加大科技投入，生产特色农产品，建成国家级戈壁农业示范基地。玉门镇的农业示范园在建造温室大棚时，先将地面深挖2米，再回填1米深的客土（指别处的土壤），有效克服了不利自然条件的影响。下图为酒泉市位置图。据此回答下列问题。（1）根据材料及所学内容，描述酒泉市的气候特点。（4分）（2）简述玉门镇农业示范园区建造温室大棚时“深挖填土”的作用。（4分）（3）分析酒泉市建成国家级戈壁农业示范基地的区位优势。（8分）（4）请你为酒泉市戈壁农业可持续发展提出合理建议。（6分）【答案】（1）酒泉市属于温带大陆性气候，气候干旱，蒸发强烈，日照时间长；冬冷夏热，气温年较差大。（2）建造温室大棚时深挖填土是因为玉门镇戈壁荒滩沙石多且厚度大，土壤层发育欠佳，填土可以补充作物生长必需的土壤；土壤具有保温作用，当地冬季温度低，深挖填土可以保土温，使作物成活率高。（3）光照充足，昼夜温差大有利于作物生长；戈壁面积广，土地资源丰富；劳动力廉价；政府政策支持。（4）戈壁农业生产成本高，因此戈壁农业要面向高端市场，加大科技投入，打造特色品牌；通过现代宣传渠道，加大宣传力度；加大基础实施建设，提升农产品运输效率和冷藏保鲜技术；开拓附近市场及中亚市场，依靠互联网销售平台拓宽市场；发展戈壁农业与旅游休闲、农耕体验等产业深度融合，提升了产业园区附近农民劳务收入等。（任答三点）【解析】本题以酒泉市为背景并结合相关材料，考查酒泉市的气候特点、戈壁农业的区位优势、深挖填土的原因、戈壁农业可持续发展措施，旨在考查学生的区域认知、综合思维、地理实践力、人地协调观的地理学科素养。（1）由图文资料可知，酒泉市位于甘肃省河西走廊西端，南有祁连山，北有沙漠戈壁，属温带大陆性干旱气候，其特点是：降水量少，蒸发量大，日照时间长，昼夜温差大，冬季寒冷，夏季炎热，年温差大，冬春季多风。（2）材料“酒泉市农业产业园因地制宜地在砂石遍地的戈壁荒滩建起了一座座温室大棚”，说明玉门镇戈壁荒滩沙石多、厚度大，土壤资源短缺，土壤分布于戈壁下部；材料“先将地面深挖2米，再回填1米深的客土，有效地克服了不利自然条件的影响”，说明填土可以补充作物生长必需的土壤；且当地昼夜温差大，冬季温度低，深挖能够减少受外界低温的影响，有利于保持土壤温度，促进作物生长。（3）材料“酒泉市是典型的戈壁绿洲城市，耕地和绿地资源稀少”，说明酒泉市戈壁荒滩面积广阔，土地租金低，为戈壁农业发展提供了充足廉价的土地；读图戈壁地区深居内陆，夏季降水少，晴天多，日照时间长、光照强、热量充足，有利于农作物的生长；昼夜温差大，生产的蔬菜瓜果有机质多，营养价值高，品质好；戈壁地区人烟稀少，人为污染少，环境污染少，病虫害少，有利于生产无公害食品、绿色食品；材料“近年来，酒泉市出台奖补和扶持政策”，说明政府政策支持，提供资金和技术扶持。（4）戈壁农业可持续发展的建议，可从技术提升、产品销售、发展方向等角度分析，多方举措提高经济效益：根据前两题分析，戈壁农业成本高，因此戈壁农业生产需高效化和高质化，面向高端市场，打造特色农产品品牌，从而提高产品价值，提高生产利润；戈壁农业生产的农产品以鲜活果蔬为主，酒泉地处西北内陆，距离东部发达地区市场较远，需要提升农产品运输效率和冷藏保鲜技术；抢抓“一带一路”发展机遇，大力宣传；此外借助一带一路经济，不断开拓当地和中亚市场，建立“互联网+"物流销售网络，实现产品销售国际化；推进戈壁农业与旅游休闲、农耕体验等产业深度融合，鼓励土地规模流转，提升了产业园区附近农民劳务收入；政府可大力扶持与戈壁农业加工、储藏、销售、流通相关的服务性企业等。（二）选考题：共10分。请考生从第14~15题中任选一题作答。如果多做，则按所做的第一题计分。14．[地理——选修3：旅游地理]普洱古茶园位于云南省普洱市（下左图），该地属低纬山地季风气候，云雾缭绕，适宜茶树生长。全市森林覆盖率超过71%，野生古茶树及其群落和人工栽培古茶园大都分布在原始森林中。近些年该地区交通等基础设施得到较大改善，古茶园旅游兴起。右图示意普洱古茶园景观。分析开展古茶园旅游对普洱市区域发展的益处，并分析大规模开发可能存在的问题。【答案】益处：可以促进当地居民就业和收入增长，带动当地经济发展；通过对古茶园的旅游开发，增加与外地的人员往来和文化交流，有助于茶文化的传播和传承。可能存在的问题：大量游客进入古茶园，可能过度采摘茶叶，影响古茶树生长；破坏古茶园生态环境，导致古茶树资源破坏；古茶园大都分布在原始森林中，交通相对不便。【解析】发展古茶园旅游的益处可以从对区域社会经济发展和区域间文化交流等角度回答。开展古茶园旅游，可以增加更多的就业机会，促进当地居民就业，有利于增加居民收入，带动当地经济发展；通过旅游开发，大量游客的到来，还可以增加与外地的人员往来和文化交流，有助于茶文化的传播和传承。可能存在的问题可以从对茶树本身、对生存环境产生的影响以及相关设施不完善等方面分析。古茶园进行大规模旅游开发，大量游客进入古茶园，采摘茶叶。可能对古茶树造成破坏，影响古茶树生长，可能对其生存环境造成破坏，并且古茶园大都分布在原始森林中，虽然该地区交通等基础设施得到较大改善，但是原始森林中的古茶园交通仍然相对不便。15．[地理——选修6：环境保护]2022年6月5日起，《中华人民共和国噪声污染防治法》施行，其对于保护和改善生活环境、维护社会和谐等具有重要意义。交通噪声是指交通工具运行时所产生的妨害人们正常生活和工作的声音。对道路交通噪声进行监测，有助于评估城市交通噪声污染水平，帮助公众了解身边环境噪声状况，提高噪声防治意识,促进防治工作的实施。某路段监测结果显示高速公路旁边建筑二层的噪声等效声级高于建筑一层。简析高速公路旁边建筑二层的噪声等效声级高于该建筑一层的原因，列举减少交通噪声污染的措施。【答案】原因：高速公路路面的水平高度高于建筑一层而与建筑二层相近，当声源一致时，噪声传播到达建筑二层的路径距离小于一层。措施：推广选用低噪声路面；推广隔音屏障；合理种植绿化林带；普及使用静音轮胎；实施城市交通管制、禁鸣等措施。【解析】观察图中信息可知，高速公路的路面水平高于建筑一层的高度，与建筑二层几乎平行，因此当汽车发出声源时，距离二层建筑最短，故噪声影响最大的是二层建筑。减少交通噪声污染的措施：可以采用绿化带的方式，在公路与建筑物之间铺设绿化带，种植树种，降低噪声的污染；也可以选用噪声低的路面材料铺设公路，降低轮胎的噪声；城市交通部门可以进行交通管制，设立禁止鸣笛的交通信号，阻止交通车辆鸣笛；建筑物可以选择隔音较好的建筑材料，同时安装隔音玻璃等。

2022年全国统一招生考试第三次模拟备考卷化学（一）注意事项：1．答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。2．选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。3．非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。4．考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。第Ⅰ卷（选择题）一、选择题：本题共7小题，每小题6分，共42分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1．珍贵文物蕴含着璀璨文化和深远历史，记录着人类文明和社会进步。下列珍稀文物中主要由天然有机高分子材料制造的是选项ABCD文物名称唐代纸绢画《五牛图》西汉玉器皇后之玺隋代瓷枕定窑孩儿枕商州太阳鸟金饰A．A B．B C．C D．D【答案】A【解析】A．由文物的组成和名称可知，纸绢画由麻纸和丝绢织就，成分为纤维素，属于天然高分子化合物，A项正确；B．玉石主要成分为二氧化硅和硅酸盐，B项错误；C．瓷器为无机非金属材料，C项错误；D．金饰主要由金单质制成，D项错误；故选A。2．用下列装置进行实验，操作正确且能达到实验目的的是A．利用装置①进行粗铜精炼 B．利用装置②测定某未知盐酸的浓度C．利用装置③准确测定酸碱中和反应的反应热 D．利用装置④证明Cl2能与烧碱溶液反应【答案】D【解析】A．电解精炼铜时，粗铜作阳极，故A错误；B．滴定时，碱性溶液用碱式滴定管，图中盛装NaOH的仪器为酸式滴定管，故B错误；C．图中缺少保温装置和密封装置，测定结果误差较大，故C错误；D．氯气与氢氧化钠反应生成氯化钠、次氯酸钠和水，使装置内压强降低，气球会膨胀，故D正确；故选D。3．下列除杂试剂选用不正确的是物质（括号内为杂质）除杂试剂ANO（NO2）H2O、无水CaCl2BCl2（HCl）H2O、浓H2SO4CNaCl溶液（MgCl2）适量NaOH溶液、稀HClDFeCl2溶液（FeCl3）Fe粉A．A B．B C．C D．D【答案】B【解析】A．二氧化氮能与水反应生成硝酸和一氧化氮，无水氯化钙能干燥一氧化氮，则除去一氧化氮中混有的二氧化氮的除杂试剂选用正确，故A不符合题意；B．氯气能溶于水，不溶于饱和食盐水，则用水除去氯气中氯化氢时，会吸收氯气，除杂试剂选用不正确，故B符合题意；C．适量的氢氧化钠溶液能与氯化镁溶液反应生成氢氧化镁沉淀，适量的稀盐酸能与氢氧化钠反应生成氯化钠和水，则除去氯化钠溶液中混有的氯化镁的除杂试剂选用正确，故C不符合题意；D．铁粉能与氯化铁溶液反应生成氯化亚铁，则除去氯化亚铁溶液中混有的氯化铁的除杂试剂选用正确，故D不符合题意；故选B。4．短周期主族元素W、X、Y、Z原子序数依次增大，Y、W分别是短周期主族元素中原子半径最大和最小的两种元素，X2-、Y+的简单离子核外电子排布相同，由W、X、Z三种元素形成的化合物M的结构如图所示。下列说法正确的是A．ZX2可以与水反应制得MB．最简单氢化物的稳定性：X<ZC．X与Y形成的化合物中阴、阳离子个数比为1∶2D．简单离子半径大小顺序为：Y>X【答案】C【解析】短周期主族元素W、X、Y、Z原子序数依次增大，Y、W分别是短周期主族元素中原子半径最大和最小的两种元素，Y是Na，W是H，X2-、Y+的简单离子核外电子排布相同，则X是O。由W、X、Z三种元素形成的化合物M的结构可知Z可以形成4个共价键，原子序数大于Na，则Z是Si。根据以上分析可知W是H，X是O，Y是Na，Z是Si。A．SiO2不溶于水，不能与水反应制得M，A错误；B．非金属性O＞Si，非金属性越强，简单氢化物越稳定，则最简单氢化物的稳定性：X＞Z，B错误；C．X与Y形成的化合物过氧化钠或氧化钠中阴、阳离子个数比均为1∶2，C正确；D．电子层数相同时，离子半径随原子序数的增大而减小，则简单离子半径大小顺序为：Y＜X，D错误；答案选C。5．工业合成三氧化硫的反应为2SO2(g)＋O2(g)2SO3(g)

ΔH=-198kJ·mol-1，反应过程可用下图模拟（代表O2分子，代表SO2分子，代表催化剂）。下列说法不正确的是A．过程II和过程IV决定了整个反应进行的程度B．过程II为吸热过程，过程III为放热过程C．加入SO2和O2各1mol，充分反应后放出的热量小于99KJD．催化剂可降低反应的活化能，使ΔH减小【答案】D【解析】A．过程I是吸附放热过程，自发进行程度大，但过程II是共价键断裂的过程，过程IV是生成物解吸过程，需要消耗能量，它们的活化能相对较大，决定了全部反应进行的程度，A正确；B．由图可知，过程II化学键断裂，为吸热过程，过程III化学键形成，为放热过程，B正确；C．反应2SO2(g)+O2(g)⇌2SO3(g)ΔH=-198kJ/mol是可逆反应，所以1molSO2和1molO2反应时消耗SO2的物质的量小于1mol，放热小于99kJ，C正确；D．催化剂不能改变反应的始终态，不能改变反应物和生成物的内能，所以不能改变反应热，D错误；故选D。6．一种新型镁硫电池的工作原理如图所示。下列说法不正确的是A．放电时，正极反应包括：3Mg2++MgS8+6e-=4MgS2B．使用的隔膜是阳离子交换膜C．可使用碱性电解质水溶液D．充电时，电子流向Mg电极【答案】C【解析】Mg为活泼金属，所以放电时Mg被氧化，Mg电极为负极，聚合物电极为正极。A．放电时为原电池，原电池正极发生得电子的还原反应，3Mg2++MgS8+6e-=4MgS2，A正确；B．据图可知Mg2+要通过隔膜移向正极参与电极反应，所以使用的隔膜是阳离子交换膜，B正确；C．若使用碱性电解质水溶液，负极生成的Mg2+会转化为Mg(OH)2沉淀，降低电池的使用效率，C错误；D．充电时Mg电极得电子发生还原反应，即电子流入Mg电极，D正确；故选C。7．常温下，向20mL1mol·L-1CuCl2溶液中滴加2mol·L-1Na2S溶液的滴定曲线如图所示。已知：pCu=-lgc(Cu2+)，lg2.5=0.4，常温下Ksp(FeS)=6.3×10-18；Kal(H2S)=1.2×10-7，Ka2(H2S)=7.1×10-15。下列说法中正确的是A．常温下，S2-的水解常数Kh(S2-)约为1.4B．E→F→G的过程中，水的电离度一直在减小C．向1mol·L-1FeSO4(aq)中加入足量CuS固体，产生FeS沉淀D．25℃时，Cu2++H2S=CuS↓+2H+的K约为1.36×10-14【答案】A【解析】A．S2－水解：S2－＋H2OHS－＋OH－，S2－水解常数Kh=≈1.4，故A正确；B．E点发生CuCl2＋Na2S=CuS↓＋2NaCl，溶质为CuCl2和NaCl，Cu2＋水解，促进水的电离，F点CuCl2和Na2S恰好完全反应，溶质为NaCl，对水的电离无影响，G点Na2S过量，溶质为NaCl和Na2S，S2－发生水解，促进水的电离，因此该过程中水的电离度先减小后增大，故B错误；C．根据B选项分析，F点Na2S和CuCl2恰好完全反应，溶液中c(Cu2＋)=c(S2－)=10－17.6mol/L，Ksp(CuS)=c(Cu2＋)·c(S2－)=10－35.2<Ksp(FeS)，因此向FeSO4溶液中加入CuS固体，不会产生FeS沉淀，故C错误；D．该反应K===1.36×1014，故D错误；答案为A。第Ⅱ卷（非选择题）二、非选择题：包括必考题和选考题两部分。第8~10题为必考题，每个试题考生都必须作答。第11、12题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题：此题包括3小题，共43分。8．铋酸钠（NaBiO3）是分析化学中的重要试剂，在水中缓慢分解，遇沸水或酸则迅速分解。某兴趣小组设计实验制取铋酸钠并探究其应用。回答下列问题：Ⅰ．制取铋酸钠。制取装置如图（加热和夹持仪器已略去），部分物质性质如下：物质NaBiO3Bi(OH)3性质不溶于冷水；浅黄色难溶于水；白色（1）C中盛放Bi(OH)3与NaOH的混合物，与Cl2反应生成NaBiO3，反应的化学方程式为：_______，B装置的作用是_______。（2）当观察到_______（填现象）时，可以初步判断C中反应已经完成。（3）拆除装置前必须先除去残留的Cl2，以免污染空气。除去烧瓶A中残留Cl2的操作是：关闭_______；打开_______。（4）反应结束后，为从装置C中获得尽可能多的产品，需要的操作有_______、过滤、_______。Ⅱ．铋酸钠的应用——检验Mn2+（5）往待检液中加入铋酸钠晶体，加硫酸酸化，生成Bi3+，且溶液变为紫红色，证明待检液中存在Mn2+。产生紫红色现象的离子方程式为_______。Ⅲ．产品纯度的测定（6）取上述NaBiO3产品ag，加入足量稀硫酸和MnSO4稀溶液使其完全反应，再用bmol·L−1的H2C2O4标准溶液滴定生成的MnO（已知：H2C2O4+MnO→CO2+Mn2++H2O，未配平），当溶液紫红色恰好褪去时，消耗cmL标准溶液。该产品的纯度为_______（用含a、b、c的代数式表示）。【答案】（1）Bi(OH)3+3NaOH+Cl2=NaBiO3+2NaCl+3H2O

除去HCl

（2）C中的白色固体消失（或黄色不再加深；C中上方充满黄绿色气体等）

（3）K1、K3（K1可不填）

K2

（4）在冰水中冷却结晶

洗涤、干燥

（5）5NaBiO3+2Mn2++14H+=5Bi3++2MnO+5Na++7H2O

（6）28bc/a％或0.28bc/a×100％【解析】用浓盐酸和二氧化锰反应制备氯气，其中混合有挥发出的氯化氢气体，要用饱和食盐水进行除杂，然后利用氯气的强氧化性，在碱性环境下将Bi(OH)3氧化为NaBiO3；利用锰离子的还原性将NaBiO3还原，锰离子氧化为高锰酸根离子，检验NaBiO3的氧化性；实验结束后，产物有毒性，故打开三颈烧瓶的氢氧化钠溶液，吸收剩余的氯气；NaBiO3纯度的检测利用NaBiO3和锰离子反应生成高锰酸根，高锰酸根再与草酸反应来测定，根据氧化还原反应反应进行计算。（1）C中盛放Bi(OH)3与NaOH的混合物，与Cl2反应生成NaBiO3，根据氧化还原反应原理，Bi(OH)3+3NaOH+Cl2=NaBiO3+2NaCl+3H2O。浓盐酸具有挥发性，B装置的作用是除去HCl。（2）C中反应已经完成，则白色的Bi(OH)3全部变成了黄色的NaBiO3，白色固体消失。（3）从图上装置看，关闭K1、K3，打开K2可使氢氧化钠流下与剩余的氯气反应。（4）反应结束后，为从装置C中获得尽可能多的产品，由题意可知，NaBiO3不溶于冷水，接下来的操作尽可能在冷水环境下进行，需要的操作可在冰水中冷却结晶、过滤、洗涤、干燥。（5）往待检液中加入铋酸钠晶体，加硫酸酸化，生成Bi3+，且溶液变为紫红色，证明待检液中存在Mn2+，说明铋酸钠将锰离子氧化为高锰酸根离子，因为属于酸性环境，所以铋酸钠被还原为Bi3+，根据氧化还原反应原理可知，产生紫红色现象的离子方程式为：5NaBiO3+2Mn2++14H+=5Bi3++2MnO+5Na++7H2O。（6）根据得失电子守恒可知，草酸和高锰酸根离子的反应比例H2C2O4~MnO4-=5∶2，又因为5NaBiO3+2Mn2++14H+=5Bi3++2MnO+5Na++7H2O，即NaBiO3∶H2C2O4=1∶1，，纯度为=，或。9．三氧化二镍（Ni2O3）是重要的电子元件材料和蓄电池材料，工业上利用含镍废料（主要成分为镍、铝、氧化铁、碳等）提取Ni2O3，工艺流程如下：已知：①NiCl2易溶于水，Fe3+不能氧化Ni2+。②实际生产温度时的溶解度：NiC2O4>NiC2O4·H2O>NiC2O4·2H2O。③相关金属离子生成氢氧化物沉淀的pH如下（开始沉淀的pH按金属离子的浓度为1mol·L-1计算）：氢氧化物Fe(OH)3Al(OH)3Ni(OH)2Fe(OH)2开始沉淀时pH1.83.07.15.8完全沉淀时pH3.25.09.28.0（1）“预处理”操作选择用酒精清洗的目的是_______。（2）“酸浸”时，①温度不宜过高，原因_______。②常温下，盐酸的浓度为2.5mol·L-1，“液固比”与镍的浸出率的关系如图所示，实际生产采取的“液固比”为_______，主要的原因是_______。（3）室温下，“浸出”所得溶液中Fe3+的浓度为0.2mol·L-1，当溶液的pH调到2时，c(Fe3+)=_______。加NiO调节pH的范围为_______。（已知：Ksp[Fe(OH)3]=4.0×10-38）（4）加入Na2C2O4溶液“沉镍”得到的沉淀为_______。（5）电解过程中产生的氯气在碱性条件下生成ClO-，再把二价镍氧化为三价镍，写出“氧化”反应的离子反应方程式_______。【答案】（1）除去镍废料表面的矿物油污

（2）HCl挥发加快，导致盐酸浓度快速降低，而促进Ni2+水解，部分生产Ni(OH)2

6∶1

该条件下，镍的浸出率较高，增大液固比，浸出率变化不大，但成本增加（3）0.04mol·L-1

5.0≤pH<7.1

（4）NiC2O4·2H2O

（5）2Ni(OH)2+ClO-=Ni2O3+Cl-+2H2O【解析】表面的矿物油污为烃类，不能用碱性物质来清除，可以选用乙醇预处理，酸浸后，碳不溶于酸成为滤渣，加入NiO调节pH的值，促进铁离子水解，产生氢氧化铁和氢氧化铝沉淀，除去铁和铝，加入草酸钠沉淀镍元素，以此解答。（1）表面的矿物油污为烃类，不能用碱性物质来清除，可以选用乙醇预处理，故答案为：除去镍废料表面的矿物油污；（2）①HCl挥发加快，导致盐酸浓度快速降低，而促进Ni2+水解，部分生产Ni(OH)2；故答案为：HCl挥发加快，导致盐酸浓度快速降低，而促进Ni2+水解，部分生产Ni(OH)2；②由图可知，“液固比”为6∶1时浸出率已经很高，用7∶1提高不大，没有必要增加成本，故答案为：该条件下，镍的浸出率较高，增大液固比，浸出率变化不大，但成本增加；（3）pH=2时，c(OH-)=110-12mol/L，代入Ksp[Fe(OH)3]=4.0×10-38=c(OH-)3c(Fe3+)，解得c(Fe3+)==0.04mol/L，加入NiO调节pH的值，使Fe3+和Al3+沉淀，由表格数据可知，调节pH的范围为5.0≤pH<7.1，故答案为：0.04mol·L-1；5.0≤pH<7.1；（4）实际生产温度时的溶解度：NiC2O4>NiC2O4·H2O>NiC2O4·2H2O，溶解度小的先生成，则加入Na2C2O4溶液“沉镍”得到的沉淀为NiC2O4·2H2O，故答案为：NiC2O4·2H2O；（5）过滤2得到Ni(OH)2电解滤液1产生氯气，二者发生氧化还原反应，离子方程式为2Ni(OH)2+2OH-+Cl2═2Ni(OH)3+2Cl-，故答案为：2Ni(OH)2+2OH-+Cl2═2Ni(OH)3+2Cl-。10．NH3是一种重要的化工原料，其催化分解是制备高纯度氢的有效途径之一。NH3在某金属催化剂表面发生分解时，经历了以下历程：①NH3(g)=NH2(g)+H(g)∆H1；②NH2(g)+H(g)=NH(g)+2H(g)∆H2③NH(g)+2H(g)=N(g)+3H(g)∆H3；④N(g)+N(g)=N2(g)∆H4；⑤H(g)+H(g)=H2(g)∆H5回答下列问题：（1）2NH3(g)=N2(g)+3H2(g)的ΔH=___________。（2）在NH3催化分解过程中，部分历程的相对能量变化如图所示（TS表示过渡态），三步脱氢反应中速率最慢的是第_________步，该步反应的活化能为___________kJ/mol（已知：1eV=1.6×10-19J）。（3）相同质量的同种催化剂，在载体上的分散度越高，催化作用越强，原因是___________；一定条件下，NH3在少量某催化剂作用下分解的实验数据如下表：反应时间/min01020304050c(NH3)/mol/Lc00.9c00.8c00.7c00.6c00.5c0分析表中数据可知，随着反应进行，c(NH3)减小，平均反应速率___________。（填“增大”“减小”或“不变”），对该变化的合理解释是___________。（4）某温度下，在一容积为1L的刚性密闭容器中，投入一定量的NH3发生催化分解反应，起始压强为P0MPa，若反应达到平衡时，容器内压强为1.75P0MPa，则NH3的平衡分解率α(NH3)=___________，该温度下，反应的平衡常数Kp=___________MPa2（用含p0的式子表示，分压=体积分数×总压）。【答案】（1）2ΔH1+2ΔH2+2ΔH3+ΔH4+3ΔH5（2）②

253.3（3）相同质量的催化剂分散度越高，总表面积越大，吸附的反应物越多，催化作用越强

不变

催化剂表面已充分吸附NH3，反应中NH3浓度减小但吸附量不变，平均反应速率不变（4）75%

【解析】（1）根据盖斯定律，反应①×2+②×2+③×2+④+⑤×3可得2NH3(g)=N2(g)+3H2(g)的ΔH=2ΔH1+2ΔH2+2ΔH3+ΔH4+3ΔH5；（2）活化能越大，反应速率越慢，所以三步脱氢反应中速率最慢的是第二步，该步反应的活化能为[1.11-(-1.52)]eV=2.63eV=2.63×1.6×10-19=4.2×10-19J，图示为1个NH3分子分解的过程，所以1molNH3分解过程中该步骤的能量变化为4.02×10-19×NAJ=4.2×10−22×NAkJ=253.3kJ，即该步骤的活化能为253.3kJ/mol；（3）相同质量的催化剂分散度越高，总表面积越大，吸附的反应物越多，催化作用越强；根据表格数据可知，随着反应进行，每隔10min氨气的浓度变化始终为0.1c0，即平均反应速率不变；催化剂表面已充分吸附NH3，反应中NH3浓度减小但吸附量不变，所以平均反应速率不变；（4）恒容密闭容器中，气体的压强之比等于物质的量之比，所以可以用压强代替物质的量进行计算，设平衡时NH3的分压变化量为2x，则列三段式有，根据题意可知P0-2x+x+3x=1.75P0，解得x=0.375P0，所以NH3的分解率为×100%=75%，平衡时NH3的分压为0.25P0，H2的分压为1.125P0，N2的分压为0.375P0，所以Kp==。（二）选考题：共15分。请考生从2道题中任选一题作答，并用2B铅笔将答题卡上所选题目对应的题号右侧方框涂黑，按所涂题号进行评分；多涂、多答，按所涂的首题进行评分；不涂，按本选考题的首题进行评分。11．第四周期过渡元素单质及其化合物在生活、生产中有广泛应用。回答下列问题：（1）Co3+的一种配离子[Co(N3)(NH3)5]2+中，Co3+的配位数是___________，配位体NH3的空间构型为___________。（2）NiO的晶体结构如图所示，其中离子坐标参数A为（0，0，0），B为（1，1，0），则C原子的坐标参数为___________。（3）已知TiC在碳化物中硬度最大，工业上一般在真空和高温（>1800℃）条件下用C还原TiO2制取TiC：TiO2＋3CTiC＋2CO↑。该反应中涉及的元素按电负性由大到小的顺序排列为___________；根据所给信息，可知TiC是___________晶体。（4）已知Zn2＋等过渡元素离子形成的水合离子的颜色如下表所示。离子Sc3+Cr3+Fe2+Zn2+水合离子的颜色无色绿色浅绿色无色请根据原子结构推测Sc3＋、Zn2＋的水合离子为无色的原因：___________。（5）V2O5是一种常见的催化剂，在合成硫酸、硝酸中起到非常重要的作用。五氧化二钒的结构式为（），则该结构中σ键与π键个数之比为___________。V2O5溶解在NaOH溶液中，可得到钒酸钠（Na3VO4）。VO与PO的空间构型相同，其中V原子的杂化方式为___________。【答案】（1）6

三角锥形

（2）（1，，）

（3）O＞C＞Ti

原子

（4）3d轨道上没有未成对电子（或3d轨道全空或全满状态）

（5）3∶2

sp3【解析】（1）Co3+的一种配离子[Co(N3)(NH3)5]2+中，配体有1个N离子，5个氨分子，Co3+的配位数是1+5=6，氨分子中心原子N是sp3杂化，有一对孤电子对，配位体NH3的空间构型为三角锥形。故答案为：6；三角锥形；（2）NiO的晶体结构如图，离子坐标参数A为（0，0，0），B为（1，1，0），则C原子的坐标参数为（1，，）。故答案为：（1，，）；（3）周期表中同主族从上到下，同周期从右到左，元素的金属性增强，电负性增大，O＞C，TiC中Ti显正价，碳显负价，该反应中涉及的元素按电负性由大到小的顺序排列为O＞C＞Ti；根据所给信息，TiC在碳化物中硬度最大，可知TiC是原子晶体。故答案为：O＞C＞Ti；原子；（4）Sc3+的外围电子排布式为[Ar]3d0，Cr3+的外围电子排布式为[Ar]3d3，Fe3+电子排布式为[Ar]3d6，Zn2+的外围电子排布式为[Ar]3d10，对比四种离子的外围电子排布式可知，其水合离子的颜色与3d轨道上的单电子有关，由于Sc3+3d轨道全空，Zn2+的3d轨道全满，所以二者无色，根据原子结构推测Sc3＋、Zn2＋的水合离子为无色的原因：3d轨道上没有未成对电子（或3d轨道全空或全满状态）。故答案为：3d轨道上没有未成对电子（或3d轨道全空或全满状态）；（5）五氧化二钒的结构式为（），则该结构中σ键与π键个数之比为6∶4=3∶2。V2O5溶解在NaOH溶液中，可得到钒酸钠（Na3VO4）。VO与PO的空间构型相同，VO原子价层电子对数为4+=4，其中V原子的杂化方式为sp3。故答案为：3∶2；sp3。12．药物他莫昔芬（Tamoxifen）的一种合成路线如下图所示：已知：+HBr+RBr回答下列问题：（1）A＋B→C的反应类型为___________；C中官能团的名称为___________。（2）CH3CH2I的名称为___________。（3）反应D→E的化学方程式为___________。（4）Tamoxifen的结构简式为___________。（5）X是C的同分异构体。X在酸性条件下水解，生成2种核磁共振氢谱都显示4组峰的芳香族化合物，其中一种遇FeCl3溶液显紫色，符合条件的X有___________种。（6）参照以上合成路线，设计用和CH3I为原料制备的合成路线（无机试剂任选，限四步）：___________。【答案】（1）取代反应

醚键、羰基

（2）碘乙烷

（3）+HBrCH3Br+

（4）

（5）5种（6）【解析】根据信息可知A和B发生取代反应生成C，C发生取代反应生成D，D和HBr发生取代反应生成，E发生取代反应生成F，根据信息F先生成，再发生消去反应得。（1）根据结构简式得到A＋B→C的反应类型为取代反应；C中官能团的名称为醚键、羰基；故答案为：取代反应；醚键、羰基。（2）CH3CH2I的名称为碘乙烷；故答案为：碘乙烷。（3）反应D→E的化学方程式为+HBrCH3Br+；（4）根据信息，F先发生反应再消去反应得到Tamoxifen，则Tamoxifen的结构简式为。（5）X是C（）的同分异构体。X在酸性条件下水解，生成2种核磁共振氢谱都显示4组峰的芳香族化合物，其中一种遇FeCl3溶液显紫色符合条件的X有、、、、，共5种；故答案为：5。（6）根据信息和CH3I发生取代反应生成，和氢气发生加成反应生成，和浓硫酸发生消去反应生成，发生加聚反应生成最终产物，其合成路线为

2022年全国统一招生考试第三次模拟备考卷理科数学（一）注意事项：1．答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。2．选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。3．非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。4．考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。第Ⅰ卷（选择题）一、选择题：本大题共12小题，每小题5分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1．若复数满足，则（）A．5 B． C．25 D．17【答案】A【解析】由，得，所以，所以，故选A．2．已知集合，集合，若，则实数a的取值范围为（）A． B．C． D．【答案】D【解析】，，又，所以a的取值范围为，故选D．3．已知函数，则（）A． B． C． D．【答案】A【解析】因为，则，所以，故选A．4．已知m，n表示两条不同的直线，，表示两个不同的平面，则下列命题中正确的是（）A．若，，，则B．若，，，则C．若，，，则D．若，，，则【答案】A【解析】A：由，，若，过n的平面，则，又，则，，则；若，又，则；综上，正确；B：若，，，则可能平行、相交，错误；C：若，，，则可能平行、相交或，错误；D：若，，，则可能相交或，错误，故选A．5．已知、、均为单位向量，且，则、之间夹角的余弦值为（）A． B． C． D．【答案】C【解析】依题意，，则，即，即，解得，故选C．6．已知，，，，则，，的大小关系为（公众号拾穗者的杂货铺）A． B． C． D．【答案】D【解析】当时，，，所以函数在上是增函数，因为，所以函数是奇函数，所以函数在上单调递增，所以，因为，所以，故选D．7．圆锥被过顶点的一个截面截取部分后所剩几何体的三视图如图所示，则截取部分几何体的体积为（）A． B． C． D．【答案】A【解析】如图，圆锥底面半径为2，高为3，，，，截取的几何体的体积，故选A．8．设双曲线的右焦点为F，过点F且垂直于x轴的直线与双曲线C及其渐近线在第一象限分别交于A，B两点，若，则双曲线C的渐近线方程为（）A． B． C． D．【答案】B【解析】设，此双曲线的渐近线方程为，则点，，由题意得，得，∴，所以渐近线方程为，故选B．9．如图甲，首钢滑雪大跳台是冬奥历史上第一座与工业遗产再利用直接结合的竞赛场馆，大跳台的设计中融入了世界文化遗产敦煌壁画中“飞天”的元素．如图乙，某研究性学习小组为了估算赛道造型最高点A距离地面的高度（与地面垂直），在赛道一侧找到一座建筑物，测得的高度为h，并从C点测得A点的仰角为30°；在赛道与建筑物之间的地面上的点E处测得A点，C点的仰角分别为75°和30°（其中B，E，D三点共线）．该学习小组利用这些数据估算得约为60米，则的高h约为（）米．（参考数据：，，）A．11 B．20．8 C．25．4 D．31．8【答案】C【解析】由题意可得，则，在中，，在中，因为，所以，所以，又，所以（米），故选C．10．设等差数列，的前n项和分别是，，若，则（）A． B． C． D．3【答案】B【解析】由等差数列的前项和公式满足形式，设，则，故，故选B．11．已知定义在上的函数满足下列三个条件：①当时，；②的图象关于轴对称；③，都有．则、、的大小关系是（）A． B．C． D．【答案】A【解析】因为函数的图象关于轴对称，则，故，，又因为，都有，所以，所以，，，，因为当时，，，当且仅当时，等号成立，且不恒为零，故函数在上为减函数，因为，则，故，故选A．12．以下数表构造思路源于我国南宋数学家杨辉所著的《详解九章算法》一书中的“杨辉三角形”．该表由若干行数字组成，从第二行起，第一行中的数字均等于其“肩上”两数之和，表中最后行仅有一个数，则这个数为（）A． B． C． D．【答案】C【解析】由题意得：数表的每一行都是等差数列，且第一行公差为1，第二行公差为2，第三行的公差为4，…，第行的公差为，即第2018行公差为，故第一行的第一个数为：，第二行的第一个数为：，第三行的第一个数为：，第四行的第一个数为：，…第行的第一个数为：，由题意得数表中共有2018行，所以第2018行只有一个数，且这个数为，故选C．第Ⅱ卷（非选择题）二、填空题：本大题共4小题，每小题5分．13．已知实数x，y满足约束条件，则的最大值为________．【答案】11【解析】如图所示，画出可行域，联立，解得，即，由，得，由图可知当直线经过点时，z取得最大值，最大值为11，故答案为11．14．在一张节目表上原有6个节目，如果保持这些节目的相对顺序不变，再添加进去三个节目，求共有多少种安排方法________．【答案】504【解析】添加的三个节目有三类方法排进去：①三个节目连排，有种方法；②三个节目互不相邻，有种方法；③有且仅有两个节目连排，有种方法，根据分类计数原理共有种，故答案为504．15．已知直线与圆交于两点，过分别做的垂线与轴交于不同的两点，若，则__________．【答案】（或）【解析】圆的圆心为，半径为，到直线的距离为，由于，所以，即，解得，所以直线的方程为．直线的斜率为，倾斜角为，所以直线的斜率为，倾斜角为，所以，所以，故答案为．16．已知函数，且对于任意，都有，其中所有真命题的序号有_________．①在区间上单调递增；②；③若，则；④若实数m使得方程在上恰有，，三个实数根，则．【答案】②③④【解析】，又，则是对称中心，，又∵，∴，∴，对于①，，，当时，增区间，①错误；对于②，②正确；对于③，即，，③正确；对于④，，故，由对称性得，，，，∴，④正确，故答案为②③④．三、解答题：本大题共6个大题，共70分．解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤．17．（12分）“冰雪为媒，共赴冬奥之约”！第24届冬季奥林匹克运动会于2022年2月4日至20日在北京举行，共有91个国家的代表团参加．各国运动员在赛场上全力以赴、奋勇争先，为我们带来了一场冰与雪的视觉盛宴．本届奥运会前，为了分析各参赛国实力与国家所在地区（欧洲/其它）之间的关系，某体育爱好者统计了近年相关冰雪运动赛事（奥运会、世锦赛等）中一些国家斩获金牌的次数，得到如下茎叶图．（1）计算并比较茎叶图中“欧洲地区”国家和“其它地区”国家获金牌的平均次数（记为）和方差（记为，保留一位小数），判断是否能由此充分地得出结论“欧洲国家的冰雪运动实力强于其它国家”，说明你的理由．（2）记图中斩获金牌次数大于70的国家为“冰雪运动强国”，请按照图中数据补全2×2列联表，并判断是否有的把握认为一个国家是否为“冰雪运动强国”与该国家所在地区（欧洲/其它）有关（假设该样本可以反映总体情况）．附：，其中．“冰雪运动强国”非“冰雪运动强国”合计欧洲国家其它国家合计【答案】（1）答案见解析；（2）列联表见解析，没有的把握认为．【解析】（1）由茎叶图中数据，得，，，，由此可见（开放式问题，能够做出判断并自圆其说即可）：（例）．可以得出结论“欧洲国家的冰雪运动实力强于其他国家”，因为，这足以说明欧洲国家的实力更强劲、发挥更稳定；．不可以得出结论“欧洲国家的冰雪运动实力强于其它国家”，因为条件不足，无法判定这个样本是否足以反映整体的情况，利用平均值和方差进行分析未必客观；．不可以得出结论“欧洲国家的冰雪运动实力强于其它国家”，因为样本中欧洲国家的数量少于其他国家的数量，就可能存在图中的数据本就来自于实力较强的欧洲国家的情况．（2）由题意得2×2列联表如下：冰雪运动强国非冰雪运动强国合计欧洲国家8311其它国家41014合计121325由独立性检验，的观测值，所以没有的把握认为一个国家是否为“冰雪运动强国”与该国家所在地区（欧洲/其它）有关．18．（12分）已知函数（，，）的部分图象如图，将该函数图象向右平移个单位后，再把所得曲线上的点的横坐标变为原来的2倍（纵坐标不变），得到函数的图象．设．（1）求函数的最小正周期T；（2）在三角形ABC中，AB=6，D是BC的中点，，设，，，求三角形ABC的面积．【答案】（1）；（2）．【解析】（1）由图可知，，，解得，∴，∵，∴，∴，，∵，∴，所以．（2）∵，∴．∵，即，∴．设，，∵，∴，∵，，∴分别在和中，由余弦定理得，∴．在中，由余弦定理得，∴，∴（舍）或，即，所以，的面积为．19．（12分）如图，四边形ABCD是圆柱的轴截面，，O分别是上、下底面圆的圆心，EF是底面圆的一条直径，DE＝DF．（1）证明：EF⊥AB；（2）若，求平面BCF与平面CDE所成锐二面角的余弦值．【答案】（1）证明见解析；（2）．【解析】（1）由于，是的中点，所以，根据圆柱的几何性质可知，由于，所以平面，所以．（2）由（1）知，根据圆柱的性质可知，以为原点建立如图所示空间直角坐标系，设，则，，设平面的法向量为，则，故可设，同理可求得平面的法向量为，设平面BCF与平面CDE所成锐二面角为，则．20．（12分）已知曲线由和两部分组成，所在椭圆的离心率为，上、下顶点分别为，右焦点为，与轴相交于点，四边形的面积为．（1）求的值；（2）若直线与相交于两点，，点在上，求面积的最大值．【答案】（1），；（2）2．【解析】（1）由题意知．（2）①当斜率存在时，设直线的方程为，，，且，，计算可得，故原点到直线的距离，当时，即时取等号，故原点到直线的距离的最大值为1，则点P到直线的距离，故，∴△PAB面积最大值2；②当斜率不存在时，，此时，综上：面积的最大值为2．21．（12分）已知函数，．（1）判断函数的单调性；（2）当时，关于x的不等式恒成立，求实数b的取值范围．【答案】（1）答案见解析；（2）．【解析】（1）的定义域为，求导得：，若时，则，此时在单调递增；若时，则当时，，在单调递减，当时，，在单调递增．（2）当时，，由题意在上恒成立，令，则，令，则，所以在上递增，又，所以在上有唯一零点，由，得，当时，，即，单调递减；时，，即，单调递增，所以为在定义域内的最小值．即，令，则方程等价于，又易知单调递增，所以，即，所以，的最小值，所以，即实数的取值范围是．请考生在22、23两题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题记分．22．（10分）【选修4-4：坐标系与参数方程】在平面直角坐标系中，直线的参数方程为（为参数），以原点为极点，轴的非负半轴为极轴建立极坐标系，曲线的极坐标方程为，点的极坐标为．（1）求点的直角坐标和曲线的直角坐标方程；（2）若直线和曲线交于，两点，求点到线段中点的距离．【答案】（1），；（2）．【解析】（1）点的极坐标为，由可得点P的直角坐标为，曲线，即，于是得曲线的直角坐标方程．（2）显然点在直线上，将直线的参数方程为（为参数）代入方程，得，整理得，设点，所对参数分别为，线段中点所对参数为，则是方程的两根，于是得，，所以点到线段中点的距离为．23．（10分）【选修4-5：不等式选讲】已知函数．（1）求满足不等式的最大整数；（2）在（1）的条件下，对任意，若，求的最小值．【答案】（1）；（2）8．【解析】（1）当时，原不等式可转化为，所以；当时，原不等式可转化为，解得，所以；当时，原不等式可转化为，解得，所以，综上所述，原不等式的解集为，所以满足不等式的最大整数．（2）由（1）得，因为，所以，当且仅当，即时等号成立，故的最小值为．

2022年全国统一招生考试第三次模拟备考卷历史（一）注意事项：1．答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。2．选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。3．非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。4．考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。第Ⅰ卷（选择题）本卷共12个小题，每小题4分，共48分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。24．夏朝是中国历史上第一个王朝。有学者认为，夏朝使中国的早期国家形态由邦国转变为王国。王国的王权，不但支配着王邦（王直接统治的地区），还支配着从属于王邦的属邦。能证明这一观点的是，夏朝时（）A．诸侯国君权力得到巩固B．血缘纽带关系不断增强C．实现中央对地方的控制D．族邦联盟变为天下共主【答案】D【解析】依据材料“夏朝使中国的早期国家形态由邦国转变为王国。王国的王权，不但支配着王邦（王直接统治的地区），还支配着从属于王邦的属邦”并结合所学可知，夏朝建立了中国古代第一个奴隶制国家，通过建立王国间接管理地方，以维系统治，这说明夏朝时由族邦联盟变为天下共主，故选D项；材料反映的是夏朝通过建立王国间接管理地方，维护天下共主的地位，而分封诸侯是西周分封制的内容，排除A项；结合所学知识可知，血缘纽带关系体现的是宗法制，排除B项；秦朝在全国推行郡县制，实现了中央对地方的控制，夏朝时通过建立王国间接管理地方，王国具有较大的独立性，排除C项。25．汉初，地区间经济发展水平悬殊，中央财政薄弱。汉中央将权力适度下放，令诸侯“掌治其国”，“各务自拊循其民”，调动了王国的积极性和自主性。在汉初，这一举措（）A．大大削弱了中央集权B．体现无为而治的思想C．吸取了秦灭亡的教训D．加剧了国家财政困难【答案】B【解析】根据“掌治其国”、“各务自拊循其民”并结合所学知识可得出汉初中央政府扩大了地方的自治权，调动了积极性，体现了汉初无为而治的思想，故选B项；材料反映的是在中央集权下的地方自治，并不是中央权力大大削弱，排除A项；结合所学知识可知，秦灭亡的教训与汉初地方实行郡国并行制有关，排除C项；结合所学知识可知，这一做法不会增加财政困难，有利于发展生产和增加赋税，排除D项。26．两宋时期，以张载、程颢、程颐和朱熹为代表的思想家纷纷提出“井田”主张，希冀从井田古制中寻找解决现世社会问题的良方，但效果并不理想。这反映了宋代（）A．土地私有制进一步发展B．政局变动影响土地政策调整C．商业繁荣壮大市民阶层D．理学思想难以适应时代发展【答案】A【解析】根据材料“希冀从井田古制中寻找解决现世社会问题的良方，但效果并不理想”并结合所学知识可知，井田制属于土地国有制，而宋代实行不抑制土地兼并的政策，使得土地兼并严重，土地私有制进一步发展，故选A项；结合所学知识可知，两宋在土地政策都实行不抑制土地兼并的政策，并没有进行调整，排除B项；材料讲的是宋代土地私有制进一步发展，与土地制度有关，而商业繁荣属于商业发展方面，排除C项；结合所学知识可知，宋代理学适应了时代的发展，排除D项。27．洪武三年，朱元璋为笼络功臣，“凡公侯伯封拜，俱给铁券”，获铁券者具有“或犯常刑，有司不得加责”的法外之权。洪武五年，朱元璋又诏令工部铸铁榜“申诫公侯”，以特殊的法律对铁券的特权进行制约，甚至对恃功不法的功臣加以惩处。由此可知，明太祖时期（）A．分封诸王引起政局动荡B．政策朝令夕改成为常态C．专制主义呈现强化趋势D．崇文抑武政策重新确立【答案】C【解析】根据材料“洪武五年，朱元璋又诏令工部铸铁榜‘申诫公侯’，以特殊的法律对铁券的特权进行制约，甚至对恃功不法的功臣加以惩处”并结合所学知识可知，材料反映了朱元璋逐渐加强对功臣的控制，加大对恃功不法功臣的惩处，这体现了君主专制的强化，故选C项；材料讲的是朱元璋加强君主专制，加强皇权，而分封诸王属于对地方的治理，排除A项；政策朝令夕改指的是政令多变，让人无所适从，而材料讲的是朱元璋逐渐加强君主专制，排除B项；结合所学知识可知，崇文抑武政策在宋代被确立，排除D项。28．下表是1817—1833年广州部分进口商品总值占比，由此可知（）年份／类别棉花呢绒鸦片1817年4．1%1825年42%1830年53．5%23．6%52%1833年21%8．8%A．自然经济逐步解体B．列强扭转了对华贸易的入超局面C．鸦片贸易合法化D．中国被卷入到资本主义世界市场【答案】B【解析】由1817—1833年广州部分进口商品总值占比表可以看出，1817—1833年间广州棉花和呢绒等商品进口总值占比逐渐下降，而鸦片的进口总值却迅速提高，占比超过了一半的比重，说明列强通过鸦片贸易扭转了对华贸易逆差，使得对华贸易的入超局面得以改变，故选B项；自然经济逐步解体是在鸦片战争之后，与题干时间不符，排除A项；鸦片贸易合法化是在第二次鸦片战争之后才实现的，与题干时间不符，排除C项；中国被卷入到资本主义世界市场是在鸦片战争后，与题干时间不符，排除D项。29．1901—1911年，中国通过日文、英文、法文共译各种西书至少1599种，占晚清100年译书总数的58．7％，超过此前90年中国译书的总数。这说明（）A．民主革命的思想广泛传播B．新政促进教育文化发展C．民众思想得到进一步解放D．向西方学习进一步深入【答案】D【解析】1901—1911年，中国通过日文、英文、法文共译各种西书至少1599种，占晚清100年译书总数的58．7％，这说明1901—1911年间中国通过翻译西方书籍了解西方和向西方学习的逐步深入，故选D项；题干只是提到翻译西方书籍，但并没有提到西方书籍的内容主要是民主革命思想相关内容，所以不能据此得出民主革命思想广泛传播，排除A项；题干所述时间虽然与新政时间相符，但是题干仅提到翻译西方书籍数量大增，单凭题干信息不能得出新政促进教育文化事业发展的结论，排除B项；题干仅提到翻译西方书籍数量大增，并没有与其结果相关的信息，所以不能得出民众思想进一步解放的结论，排除C项。30．1936年，南京国民政府陆续在湖南、湖北、江西、四川、云南、青海等省区开办了21个国有重工业厂矿。同年，在政府的大力支持下，粤汉铁路（其中武汉到长沙段为国有）实现了全线通车。国民政府的这些做法（）A．实现了国家经济重心西移B．属于抵御侵略的战略布局C．旨在削弱地方军阀的势力D．打破了列强对技术的垄断【答案】B【解析】由材料“1936年，南京国民政府陆续在湖南、湖北、江西、四川、云南、青海等省区开办了21个国有重工业厂矿”、“在政府的大力支持下，粤汉铁路（其中武汉到长沙段为国有）实现了全线通车”可知随着日本侵华进程的加快，国民政府在中西部开办重工业厂矿，加大交通运输建设，为持久战奠定物质基础，属于抵御侵略的战略布局，故选B项；这一举措有利于经济布局的调整，并未实现经济重心的西移，排除A项；1927年南京国民政府基本上实现了国家的统一，排除C项；材料中并未涉及列强的技术的掌控情况，不能得出此结论，排除D项。31．1988年国民经济持续发展……突出问题是通货膨胀明显，物价涨幅过大。国家统计局资料显示，1988年全国零售物价总指数比1987年上升18.5%。其中农村上升17.1%，城镇上升21.3%，由此可知当时（）A．改革开放促使人民生活水平提高B．改革开放仍然处于新旧体制转换时期C．社会主义市场经济体制存在弊端D．市场经济的引进带动了中国经济增长【答案】B【解析】由材料“突出问题是通货膨胀明显，物价涨幅过大”可知随着改革开放的进行，社会经济迅速发展，但同时通货膨胀明显，物价上涨过快，说明改革开放急需进一步深化，社会处于新旧体制的转型期，故选B项；零售物价指数的大幅度上升，不利于人民生活水平的改善，排除A项；21世纪初基本建立社会主义市场经济体制，“弊端”不符合史实，排除C项；1992年提出建立社会主义市场经济体制的改革目标，排除B项。32．下表所示为古希腊著名思想家有关雅典民主制的部分言论。这些言论所体现出的雅典民主制的特点是（）思想家言论苏格拉底公民大会是一个由擀毡工人、补鞋匠、铜匠、农民、批发商和在市场上斤斤计较贱买贵卖的二道贩子组成的亚里士多德民主政体可能助推平民大众胁迫富人A．暴民政治、社会等级森严B．主权在民、男女地位平等C．直接民主、少数服从多数D．公权至上、限制个人自由【答案】C【解析】由材料“公民大会是一个由擀毡工人、补鞋匠、铜匠、农民、批发商和在市场上斤斤计较贱买贵卖的二道贩子组成的”、“民主政体可能助推平民大众胁迫富人”可知苏格拉底认为雅典公民大会由不同职业且没有知识的人构成，亚里士多德认为民主政治会导致集体暴政，说明他们都在批判雅典过于泛滥的直接民主，故选C项；由材料“擀毡工人、补鞋匠、铜匠、农民、批发商和在市场上斤斤计较贱买贵卖的二道贩子组成”可知雅典没有社会等级，公民享有平等权利，排除A项；雅典女性不具有公民权，排除B项；材料无法体现出雅典对公民个人自由的限制，排除D项。33．到15世纪中叶，佛罗伦萨几乎每个显贵家族中都有人成为法学家和教士，许多家族都可夸耀家中有一位人文主义者。这表明佛罗伦萨（）A．具有良好的文化创新氛围B．文艺复兴的社会基础薄弱C．人文主义成为了统治思想D．宗教改革进行的比较彻底【答案】A【解析】据材料“许多家族都可夸耀家中有一位人文主义者”可知，人文主义者在佛罗伦萨受到尊敬，说明该地区文化氛围较好，故选A项；据材料“许多家族都可夸耀家中有一位人文主义者”可知，人们对人文主义较为认可，文艺复兴的社会基础较强，排除