(文末附答案)2022年高考中物理牛顿运动定律重点易错题

PAGEPAGE6(文末附答案)2022年高考中物理牛顿运动定律重点易错题单选题1、一个倾角为=37°=1.0kg的小物块（可视为质点）以=4.0m/s的初速度由底端沿斜面上滑，小物块与斜面的动摩擦因数=0.2。若斜面足够长，已知g取10m/s2。小物块沿斜面上滑时的加速度大小为（ ）A．5m/s2B．4C．8．102-10（如图所示）突击与反装甲能力。已知飞机的质量为-10在竖直方向上的升力大小与螺旋桨的转速大小的平方成正比，比例系数为定值。空载时直升机起飞离地的临界转速为0，此时升力刚好等于重力。02，则此时直升机在竖直方向上的加速度大小为（重力03加速度为）A．B．gC．2gD．3g33、如图所示，我校女篮球队员正在进行原地纵跳摸高训练，以提高自已的弹跳力。运动员先由静止下蹲一段位移，经过充分调整后，发力跳起摸到了一定的高度。某运动员原地静止站立（不起跳）摸高为1.90m，纵跳摸高中，该运动员先下蹲，重心下降0.4m，经过充分调整后，发力跳起摸到了2.45m的高度。若运动员起跳过程视为匀加速运动，忽略空气阻力影响，已知该运动员的质量取10m/s2。则下列说法中正确是（ ）运动员起跳后到上升到最高点一直处于超重状态起跳过程中运动员对地面的压力为C．运动员起跳时地面弹力做功不为零D．运动员起跳时地面弹力的冲量为零4、如图，一倾角为θ37°的足够长的斜面固定在水平地面上。当t0时，滑块以初速度10m/s上运动，已知滑块与斜面间的动摩擦因数为μ=重力加速度g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=下列说法正确的是（ ）A．滑块上滑的距离小于5mB．t1sC．t2sD．t3s多选题5、如图甲，足够长的长木板放置在水平地面上，一滑块置于长木板左端。已知滑块和木板的质量均为2kg，现在滑块上施加一个的水平变力作用，从时刻开始计时，滑块所受摩擦力f随时间t变化的关系如图乙所示。设最大静摩擦力与滑动摩擦力相等，重力加速度g取10m/s2，下列说法正确的是（ A．图乙中t2＝24sB．木板的最大加速度为1m/s2C．滑块与木板间的动摩擦因数为0.4D．木板与地面间的动摩擦因数为0.16、如图所示，电梯的顶部挂有一个弹簧测力计，其下端挂了一个重物，电梯匀速直线运动时测力计的示数为10N。在某时刻测力计的示数变为关于电梯的运动，以下说法正确的是取10m/s2）（ ）A．电梯可能向上加速运动，加速度大小为2m/s2B．电梯可能向下加速运动，加速度大小为2m/s2C．电梯可能向上减速运动，加速度大小为2m/s2D．电梯可能向下减速运动，加速度大小为2m/s27、如图所示，倾角为θ的斜面体C置于水平面上，B置于斜面上，通过细绳跨过光滑的定滑轮与A相连接，连接B的一段细绳与斜面平行、C都处于静止状态，则（ ）A．水平面对C的摩擦力方向一定向左B．B受到C的摩擦力一定为零C．水平面对C的支持力一定小于B、C的总重力D．A的质量一定大于B的质量8、如图所示，在水平上运动的箱子内，用轻绳BO在O点悬挂质量为2kg的重物，轻绳、BO与车顶部夹角分别为30°、60°。在箱子沿水平匀变速运动过程中，为保持重物悬挂点O位置相对箱子不动（重力加速度为则箱子运动的最大加速度为（ ）A．𝑔B．√3𝑔C．√3𝑔D．√3𝑔2 3 2填空题9、两类基本问题从受力确定运动情况如果已知物体的受力情况，可以由牛顿第二定律求出物体，再通过运动学的规律确定物体的 情况。从运动情况确定受力如果已知物体的运动情况，根据运动学规律求出物体，结合受力分析，再根据牛顿第二定律求出 。8kg的物体静止在粗糙的水平地面上，物体与地面间的动摩擦因数为0.2，用一水平拉力N拉物体，使其由A8s后撤去拉力，再经过一段时间物体到达B点停止。则：（g取10在拉力F作用下物体运动的加速度大小m/s2；撤去拉力F瞬间物体的速度大小m/s；撤去拉力F后物体运动的距离m。10、物理学中引入合力、分力等概念，从科学方法来说是属方法，探究牛顿第二定律这一规时采用的科学方法属方法。111、一辆高速行驶的F赛车与一架静止在发射场的航天飞机，两者运动状态较难改变的，你判断1时依据的物理规律，请写出你判断的逻辑过程。12、质量为的物体在水平拉力作用下沿粗糙水平面做匀变速直线运动，动摩擦因数其位移随时间变化的关系式为则物体的初速度大小是 m/s，水平拉力的大小。解答题13、一质量为m=1kg的物块原来静止在水平地面上，物块与地面之间的动摩擦因数为μ=0.2，现在施加给物块一个水平方向的恒力F，使物块开始做匀加速直线运动，要求在5s内前进25m，则施加的水平恒力F为多大？（重力加速度g10m/s2）14、2022年2月8日，我国选手谷爱凌在第24届冬季奥林匹克运动会女子自由式滑雪大跳台比赛中获得冠军．参赛滑道简图如图所示，𝑎𝑏𝑐𝑑为同一竖直平面内的滑雪比赛滑道，运动员从a点自静止出发，沿滑道𝑎𝑏𝑐𝑑滑至d𝑎𝑏𝑐𝑑𝜃=37°，𝑎𝑏=𝑏𝑐𝐿2=ℎ=9m．𝜇=0.4，不考虑转弯b和c处的能𝑚=60kg．10m/s2．运动员从ab所用的时间；运动员到达c点时的速度大小；15、如图所示，质量为3kg的物体在与水平面成37°角的拉力F作用下，沿水平桌面向右做直线运动，经过0.5m的距离速度由0.6m/s变为0.4m/s，已知物体与桌面间的动摩擦因数，求作用力F的大小。310m/s2）16、如图所示，一根足够长的水平杆固定不动，一个质量面直径，圆环与杆间的动摩擦因数。对圆环施加一个与水平方向成角斜向上、大小为N的拉力，使圆环由静止开始做匀加速直线运动（sin10m/s2）。求：圆环对杆的弹力大小；圆环加速度的大小；实验题17、某同学用如图所示的装置测定当地的重力加速度，他将两物块A和B用轻质细绳连接并跨过轻质定滑轮，B下端连接纸带，纸带穿过固定的打点计时器。用天平测出A、B两物块的质量m=300g、m=100g，m

从高处A B AB由静止开始下落，mB

拖着的纸带打出一系列的点，对纸带上的点迹进行测量，即可测定重力加速度。图中给出的是实验中获取的一条纸带：0是打下的第一个点，每相邻两计数点间还有4个点没有画出，计数点间的距离如图所示。已知打点计时器计时周期为T=0.02s，则：根据纸带求出物体经过5号计数点时的瞬时速度m/s，物体运动的加速度m/s2；（结保留二位有效数字）用h表示物块A表示物块A下落h𝑣2−ℎ图象如图所示，利用此图2象可求出当地的重力加速度。181kg（各方块的质量已知）的玩具方块、毫米刻度尺、带有秒表软件的手机。请完成下列步骤。7PAGEPAGE28𝐴𝑚1𝐵𝑚2。𝑚𝐴中，剩余玩具方块都放入B𝐴B用毫米刻度尺测𝐴从静止下降的距ℎ，用手机中的秒表软件测𝐴下降距ℎ所用的时𝑡，𝐴下降加速度大𝑎= （ℎ和𝑡表示）。从B𝐴𝑚𝑎𝑚𝑎的数据，利用图像处理数据。为使图像直观，应作𝑎（选填“𝑚”或“1”）变化的关系图线。𝑚（5）若图线的斜率𝑘=2m/(kg⋅s2)，图线在纵轴上的截距𝑏=1m/s2，取重力加速度大小𝑔=10m/s2，则= kg𝑚2= kg。19、某实验小组要测量木块与长木板间的动摩擦因数，设计如图甲所示装置，已知当地的重力加速度为𝑔。对于实验的要求，下列说法正确的一项A．钩码的质量要远小于木块的质量B．要保证长木板水平C．接通电源的同时释放木块按正确的操作要求进行操作，打出的一条纸带如图乙所示，打点计时器使用的50Hz的交流电源，纸带上的点每5个点取1个记数点，则该木块的加速𝑎= m/s2；（结果保留两位有效数字）若木块的质量为𝑀，钩码的质量为𝑚，则木块与长木板间的动摩擦因数为 （用𝑀、𝑚、𝑎、𝑔表示结果）20、某同学制作一个“竖直加速度测量仪”，可以用来测量在竖直方向运动物体的加速度。如图所示，把一根轻弹簧和一把刻度尺悬挂在铁架台上，弹簧下端不挂重物时，指针指在刻度尺的零刻度线，然后在弹簧下端固定重为1.0N的小球制作成“竖直加速度测量仪”。测量仪静止时指针所指的位置如图所示，此处标记为加速度的𝑔=10m/s2。根据上述操作，计算得到该弹簧的劲度系数N⁄m；（计算结果保留2位有效数字）规定竖直向上为加速度的正方向，该同学对各刻度线对应的加速度进行标记，这样，当指针稳定指向某一刻度时，就能测出其对应的加速度，则刻度8.00cm的刻度线应标记m⁄s2，刻度11.00cm的刻度线应标记m⁄s2。（计算结果均保留2位有效数字）(文末附答案)2022年高考中物理牛顿运动定律_002参考答案1、答案：C解析：对物块分析，根据牛顿第二定律有𝑚𝑔sin37°+𝜇𝑚𝑔cos37°=𝑚𝑎代入数据解得𝑎=8m⁄s2故ABD错误C正确。故选C。2、答案：C解析：空载时直升机起飞离地的瞬间，升力刚好等于重力，设比例系数为k，则有𝑘𝑛2=𝑚𝑔00𝑚2𝑛时，竖直方向上由牛顿第二定律可得03𝑚 𝑚𝐹−(𝑚+

3)𝑔=(𝑚+3)𝑎其中升力𝐹=𝑘(2𝑛0)2联立解得此时直升机在竖直方向上的加速度大小为𝑎=2𝑔故C正确，ABD错误。故选C3、答案：B解析：A．运动员起跳后到上升到最高点，先加速后减速，所以是先超重后失重，故A错误；B．运动员离开地面后做竖直上抛运动，根据===1在起跳过程中，根据速度位移公式可知2=2解得2 11= = m/s2=22 2对运动员，根据牛顿第二定律可知=解得=1425N故B正确；CD．运动员起跳时地面弹力没有位移，所以做功为零，有作用时间，冲量不为零，故CD错误。故选B。4、答案：D解析：以沿斜面向下为正方向，上滑过程，由牛顿第二定律得+=ma1代入数据解得𝑎1=10m/s2滑块向上的最大位移0x=𝑣202𝑎1

=100

=5mA错误；由于mgsinθ>μmgcosθ可知，滑块不可能静止在斜面上，B错误；C．下滑过程，由牛顿第二定律得mn﹣msθ=ma2代入数据解得𝑎2=2m/s2滑块向上运动到最高点的时间𝑡1

=0−(−𝑣0)=10=1s10向下的运动1𝑥= 𝑎2𝑡22 2所以𝑡2=√5s滑块恰好又回到出发点的总时间𝑡=𝑡1+𝑡2=(1+√5)sC错误；D3sv=﹣v+at+at′=﹣10+0×1+2×2s=3 0 11 22D正确。故选D。5、答案：ACD解析：2根据图乙可知，滑块在2

以后受到的摩擦力不变，为8N，根据𝑓1=𝜇1𝑚𝑔可得滑块与木板间的动摩擦因数为𝜇1=0.4C正确；1在1

时刻木板相对地面开始运动，此时滑块与木板相对静止，则木板与地面间的动摩擦因数为𝜇 = =4=0.12 2𝑚𝑔 40D正确；2AB2

时刻，滑块与木板将要发生相对滑动，此时滑块与木板间的静摩擦力达到最大，且此时二者加速度相同，且木板的加速度达到最大，对滑块有𝐹−𝜇1𝑚𝑔=𝑚𝑎对木板有𝜇1𝑚𝑔−2𝜇2𝑚𝑔=𝑚𝑎联立解得𝑎=2m/s2𝐹=则木板的最大加速度为2m/s2，根据𝐹=0.5𝑡可求得𝑡2=24sA正确，B错误。故选ACD。6、答案：BC解析：电梯匀速直线运动时，弹簧秤的示数为10N，知重物的重力等于10N。对重物有mg-F=ma解得a=2m/s2方向竖直向下，则电梯的加速度大小为2m/s2，方向竖直向下。电梯可能向下做加速运动，也可能向上做减速运动。故BC正确，AD错误。故选BC。7、答案：AC解析：AC．对B、C整体受力分析，如图所示根据平衡条件，水平面对C的摩擦力为𝑓=𝐹cos𝜃方向水平向左，水平面对C的支持力大小为𝑁=(𝑚 +𝑚)𝑔−𝐹sin𝜃B C一定小于B、C的总重力，AC正确；BD．当B所受重力沿斜面向下的分力等于绳的拉力时，B不受摩擦力，当B所受重力沿斜面向下的分力不等于绳的拉力时，B受摩擦力，且A与B的质量大小无法比较，BD错误。故选AC。8、答案：BD解析：当箱子加速度向左时，当加速度完全由绳𝑂𝐴的拉力提供时，水平方向𝑇𝐴𝑂cos30°=𝑚𝑎竖直方向𝑇𝐴𝑂sin30=𝑚𝑔联立解得最大加速度𝑎=√3𝑔当箱子加速度向右时，当加速度完全由绳𝑂𝐵拉力提供时，竖直方向𝑇𝐵𝑂sin60°=𝑚𝑔水平方向𝑇𝐵𝑂cos60°=𝑚𝑎′联立解得最大加速度𝑎′=

√33故BD正确，AC错误。故选BD。9、答案： 加速度 运动 加速度 合外力 0.5 4 解析：(1)[1[2]结合运动学规律公式，可以求出物体的运动情况。(2)[3[4]结合牛顿第二定律，可以求出物体受到的合外力。(3)[5]受力分析得𝐹−𝜇𝑚𝑔=𝑚𝑎解得𝑎=0.5m/s2根据速度公式得𝑣=𝑎𝑡=4m/s撤去拉力F后，受力分析得−𝜇𝑚𝑔=𝑚𝑎′解得𝑎′=−2m/s2物体运动的位移为𝑥=−𝑣2=4m2𝑎′10、答案： 等效替代 控制变量解析：[1]合力与分力的作用效果相同，从科学方法来说是属于等效替代方法[2]探究牛顿第二定律这一规律时采用的科学方法属于控制变量方法。11、答案： 航天飞机 牛顿第二定律 见解析解析：两者运动状态较难改变的是航天飞机[2][3]根据牛二定律𝐹=𝑚𝑎物体质量m越大，同样力F产生的加速度a越小，即在相同时间Δ𝑡内，速度变化Δ𝑣越小，速度是描述运动状态的物理量，Δ𝑣越小说明运动状态改变越小，运动状态越难改变12、答案： 2 解析：根据匀变速直线运动位移与时间变化的关系式𝑥=𝑣𝑡+ 𝑡20 2与对照可得v=2m/s，a=-2m/s20假设F方向向前，由牛顿第二定律𝐹−𝜇𝑚𝑔=𝑚𝑎带入可得F=-1N说明F方向向后，大小为1N。13、答案：4N解析：由位移公式可得1𝑥=2𝑎𝑡2由牛顿第二定律可得𝐹−𝜇𝑚𝑔=𝑚𝑎联立解得水平拉力大小为F=4N14、答案：（1）8.9s；（2）23m/s解析：在ab段的加速度为𝑚𝑔sin𝜃−𝜇𝑚𝑔cos𝜃=𝑚𝑎根据运动公式1L1=2𝑎𝑡2解得a=2.8m/s2t=8.9s到达b点时的速度𝑣𝑏=𝑎𝑡≈25m/sbc由动能定理1 1𝑐𝑏-𝜇𝑚𝑔L2=2𝑚𝑣2−2𝑚𝑣2𝑐𝑏解得cv=23m/sc15、答案：9.4N解析：对物体受力分析，建立直角坐标系如图由00𝑎＝𝑣𝑡 2𝑣0 2＝0.420.62m/s2＝ 2𝑥 2×0.5负号表示加速度方向与速度方向相反，即方向向左。y轴方向F+Fsin30°＝mgNFμ＝μ（mg-Fsin30°）x轴方向，由牛顿第二定律得Fcos30°－Fμ＝ma即Fcos30°－μ（mg－Fsin30°）＝ma解得F＝9.4N16、答案：（1）0；（2）7.5m/s2解析：分析圆环的受力情况如图甲所示将拉力F正交分解=𝐹cos𝜃==𝐹sin𝜃=因𝐺=𝑚𝑔=20N与F2大小相等，故圆环对杆的弹力为0。由可知，在拉力F作用下，环不受摩擦力，由牛顿第二定律可知𝐹合=𝐹1=𝑚𝑎1代入数据得𝑎1=7.5m/s217、答案： 2.4 4.8 9.7解析：(1)[1]根据某段时间内平均速度等于中间时刻的瞬时速度，打点计时器计时周期为T=0.02s，每相邻两计数点间还有4个点没有画出，则打下计数点5时物体的瞬时速度𝑣=

𝑥462×5𝑇代入数据解得𝑣=2.4m/s物体运动的加速度

𝑎=𝑥65−𝑥54(5𝑇)2代入数据解得𝑎=4.8m/s2(2)[3]对A、B组成的系统，根据牛顿第二定律有(𝑚 −𝑚)𝑔=(𝑚 +𝑚)𝑎A B B A解得加速度𝑎=

𝑚 −A𝑚 +𝑚

B𝑔B A根据速度位移公式有𝑣2=2𝑎ℎ解得𝑣2 𝑚 −𝑚2=𝑚AB

+

B𝑔ℎA可知斜率𝑘=

𝑚 −A𝑚 +𝑚

B𝑔B A由题中所给的图象，可得斜率𝑘=5.82=4.851.20联立解得𝑔=9.7m/s218