广东省汕头市井都中学2023年高二物理测试题含解析

1、广东省汕头市井都中学2023年高二物理测试题含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. （多选）氢原子的能级如图所示，已知可见光的光子能量范围约为1.62 eV到3.11 eV之间.由些可以推知，氢原子A从高能级向n=1能级迁时发出的光的波长比可见光的短B从高能级向n=2能极跃迁时发出的光均为可见光C大量处于n=4是能级的氢原子向低能级跃迁时，可能发出3种不同频率的可见光D大量处于n=4能级的氢原子向低能级跃迁时，可能发生6种不同频率的光参考答案：AD2. （单选）振源O起振方向沿y方向，振幅为l0cm，从振源O起振时开始计时，经t=0.7s，x轴上

2、0至5m范围第一次出现如图所示的波形，则下列判断正确的是（） A 在0.7s内，x轴上3m处的质点的运动路程为20cm B 此波的周期可能是s C 此列波的波速为m/s D 此波的周期一定是0.4s参考答案：解：据题：振源0起振方向沿y方向，介质中各个质点的起振方向均沿y方向，而图示时刻x=5m处质点沿+y方向振动，可知0至5m范围第一次出现图示简谐波时，x=5m处并不是波的最前列，在x=5m处质点的右边还有半个波长的波形图，即波此刻恰好传到x=7m处，所以波速为 v=m/s=10m/s由图知，波长为 =4m，则周期为 T=s=0.4s由上知，在0.7s内，x轴上3m处的质点振动了一个周期，通

3、过路程为 S=4A=410cm=40cm故ABC错误，D正确故选：D3. a、b、c、d是匀强电场中的四个点，它们正好是一个矩形的四个顶点.电场线与矩形所在平面平行。已知a点的电势为20 V，b点的电势为24 V，d点的电势为4 V，如图，由此可知c点的电势为 ( ) A4 V B8 VC12 V D24 V参考答案：B4. （单选）在如图所示的电路中，开关S闭合后，由于电阻元件发生短路或断路故障，电压表和电流表的读数都增大，则可能出现了下列哪种故障：（ ）A.R1短路 B.R2短路 C.R3短路 D.R1断路参考答案：A5. 做简谐运动的弹簧振子，下述说法中正确的是 A振子通过平衡位置时，速

4、度最大B振子在最大位移处时，加速度最大C振子在连续两次通过同一位置时，位移相同D振子连续两次通过同一位置时，速度相同，动能相同参考答案：ABC二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 如图15所示，质量为0.1g的小球，带有5104C的正电荷，套在一根与水平成37o的细长绝缘杆上，球与杆间的动摩擦因数为0.5，杆所在空间有磁感应强度为0.4T的匀强磁场，小球由静止开始下滑的最大加速度为 m/s2，最大速率为多少 m/s（g = 10m/s2）(已知sin37o=0.6,cos37o=0.8)参考答案：am = gsin37o = 6m/s2,= 10m/s。7. 某同学在做多用电

5、表测电阻的实验，测量某电阻时，用档时，发现指针偏转角度过大，他应该换用 档（填档或档），换档后，在测量前要先 。参考答案： 电阻调零（调零）8. 一微型吸尘器的直流电动机加0.3V电压时，通过电动机的电流为0.3A，电动机不转，加2V电压时，电动机正常运转，通过电动机的电流为0.8A，此时电动机消耗的电功率为 ，电动机输出的机械功率为 （电动机机械损耗不计）参考答案：9. 为判断线圈绕向，可将灵敏电流计G与线圈L连接，如图所示。已知线圈由a端开始绕至b端；当电流从电流计G左端流入时，指针向左偏转。（1）将磁铁N极向下从线圈上方竖直插入L时，发现指针向左偏转。俯视线圈，其绕向为_（填“顺时针”或

6、“逆时针”）。（2）当条形磁铁从图中虚线位置向右远离L时，指针向右偏转。俯视线圈，其绕向为_（填“顺时针”或“逆时针”）。参考答案：逆时针,顺时针10. 用表示直接测量量的字母写出下列所示物理量的表达式：滑块通过光电门1和光电门2时瞬时速度分别为_和_。当滑块通过光电门1和光电门2时，系统(包括滑块、挡光条、托盘和砝码)的总动能分别为_和_。在滑块从光电门1运动到光电门2的过程中，系统势能的减少_(重力加速度为)。参考答案： 11. 使平行板电容器带电 下列图中的操作，能使静电计指针的偏角变大，说明电容器两板间的电势差U变大参考答案：考点：电容器的动态分析版权所有专题：电容器专题分析：根据电容

7、的决定式，分析电容的变化，再根据电容的定义式，分析板间电压的变化，即可判断静电计指针张角的变化解答：解：减小正对面积，据电容的决定式C=，知电容减小，而电容器的电量不变，由电容的定义式C=，分析可知板间电压增大，所以静电计指针偏角增大故答案为：大，大点评：此题关键掌握电容的决定式C=和电容的定义式C=，结合电容器的电量不变进行分析12. 两电阻丝的伏安特性曲线如图所示，则两电阻丝的电阻值之比 R1R2_。加相同电压在相同时间内通过的电量之比q1:q2=_。参考答案：（1） 1：3 ；（2） 3：1 13. 质量为m的小球，在竖直平面内的圆形光滑轨道内侧运动，两次通过最高点时，对轨道的压力分别为

8、3mg和8mg，则小球前后两次通过最高点时，所受合外力之比为，两次通过最高点时的线速度之比为参考答案：4:9，2:3三、 实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. 如图为“研究电磁感应现象”的实验装置（1）将图中所缺导线补接完整（2）如果在闭合电键时发现灵敏电流计的指针向右偏了一下，那么合上电键后：A将原线圈迅速插入副线圈时，灵敏电流计指针将 （填“向左偏转一下”或“向右偏转一下”或“不偏转”）B原线圈插入副线圈后，将滑动变阻器触头迅速向左拉时，灵敏电流计指针 （填“向左偏转一下”或“向右偏转一下”或“不偏转”）参考答案：解：（1）探究电磁感应现象实验电路分两部分，要使原线圈产生磁

9、场必须对其通电，故电源、开关、滑动变阻器、原线圈组成闭合电路，灵敏电流计与副线圈组成另一个闭合电路，如图所示：（2）闭合开关，穿过副线圈的磁通量增大，灵敏电流表的指针向右偏；A、闭合电键，将原线圈迅速插入副线圈时，磁场方向不变，穿过副线圈的磁通量增大，灵敏电流计指针将向右偏转B、原线圈插入副线圈后，由电路图可知，将滑动变阻器触头迅速向左拉时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，原线圈电流变小，穿过副线圈的磁场方向不变，但磁通量变小，灵敏电流计指针将左偏转故答案为：（1）电路图如图所示（2）向右偏转一下；向左偏转一下【考点】研究电磁感应现象【分析】（1）注意该实验中有两个回路，一是电源、电键、变阻器、

10、小螺线管串联成的回路，二是电流计与大螺线管串联成的回路，据此可正确解答（2）磁场方向不变，磁通量的变化不变时电流方向不变，电流表指针偏转方向相同，磁通量的变化相反时，电流表指针方向相反15. 在使用多用电表测电阻的实验中，请完成以下问题：（1）使用多用电表测电阻时，下列说法中不符合实际的有 A.测电阻时，两手碰着表笔的金属杆，测量值会偏小 B.测量电路的电阻时，如果该电路不和电源断开，可能烧坏表头 C.使用欧姆挡时，不论电阻多大，均不需拨动选择开关，都可测得较准确电阻值D.用多用电表测一个白炽灯泡电阻时，测量值比用R=U2/P算出的值小得多，U为灯泡的额定电压，P为灯泡的额定功率（2）如图为一

11、正在用10档测量电阻的测量中的多用电表表盘，则读数为 _ 参考答案：（1） C ，（2）60四、计算题：本题共3小题，共计47分16. 如图所示，MN、PQ是足够长的光滑平行导轨，其间距为L，且MP与两导轨垂直，导轨平面与水平面间的夹角=30M、P和N、Q之间均接阻值为2R的电阻有一垂直于导轨平面的匀强磁场，磁感应强度的大小为B0将一根质量为m的金属棒ab紧靠MP放在导轨上，且与导轨接触良好，金属棒的电阻为R，导轨电阻不计现用与导轨平行的恒力F=mg沿导轨平面向上拉金属棒，使金属棒从静止开始沿导轨向上运动，金属棒在运动过程中始终与MP平行当金属棒滑行至cd处时已经达到稳定速度，cd到MP的距离

12、为s，重力加速度为g（1）求金属棒达到的稳定速度v（2）求金属棒从静止开始运动到cd的过程中，导体棒上产生的热量（3）当金属棒滑行至cd时，去掉NQ间的电阻2R，为使导体棒的速度不变，拉力应变为多少？参考答案：解：（1）当金属棒匀速运动时达到稳定状态，由平衡条件得：F=mgsin +F安，安培力：F安=B0IL=，解得：v=（2）设金属棒从静止开始运动到cd的过程中，导体棒上产生的热量为Q，则整个电路产生的焦耳热为2Q，由能量守恒定律得：Fs=mgs?sin +2Q+mv2，解得：Q=mgs（3）当金属棒运动到cd时，去掉NQ间的电阻，为使导体棒的速度不变，即使金属棒处于平衡状态，设拉力变为F

13、1，由平衡条件得：F1=mgsin +F安，安培力：F安=B0IL=B0L，解得：F1=mg答：（1）金属棒达到的稳定速度v为（2）金属棒从静止开始运动到cd的过程中，导体棒上产生的热量为mgs（3）当金属棒滑行至cd时，去掉NQ间的电阻2R，为使导体棒的速度不变，拉力应变为mg【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化【分析】（1）金属棒匀速运动时达到稳定状态，由安培力力公式求出安培力，由平衡条件求出速度（2）由能量守恒定律求出产生的热量（3）求出安培力，由平衡条件可以求出拉力大小17. （9分）.如图三个大小相同的小球A、B、C置于光滑水平面上，三球的质量分别为mA=2kg、mB=4kg、mC=2kg，取水平向右方向为动量的正方向，某时刻A球的动量PA=20kgm/s，B球此刻的动量大小和方向未知，C球的动量为零。A球与B球先碰，随后B球与C球碰，碰撞均在同一直线上，且A球