高三物理最新信息卷三

1、在最高点，乘客处于失重状态B.在最高点，乘客处于失重状态B.物理（三）注意事项:1、本试卷分第I卷（选择题）和第n卷（非选择题）两部分。答题前，考生务必将自己的姓名、考生号填写在答题卡上。2、回答第I卷时，选出每小题的答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑,如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。写在试卷上无效。C.摩天轮转动一周的过程中，乘客重力的冲量为零3、回答第n卷时，将答案填写在答题卡上，写在试卷上无效。D.摩天轮转动过程中，乘客重力的瞬时功率保持不变1418题只有一个选1418题只有一个选Vi、4、考试结束，将本试卷和答题卡一并交回。二、选择题：本题共8小题，每题6分，

2、在每小题给出的四个选项中，第项符合题目要求。第 1921题有多选项符合题目要求。全部答对的得6分，选对但不全的得 3分,有选错的得0分。18.如图所示，T为理想变压器，原、副线圈匝数比为5： 1. A 1、色为理想交流电流表,V2为理想交流电压表，R、R为定值电阻，R为光敏电阻（阻值随光照强度的增大而减小），原线圈两端电压u=22O也sinlUO篦（V）,以下说法正确的是14.关于高中物理实验中用到的思想方法，下列说法不正确的是图甲KT图甲为著名的伽利略斜面实验，应用了理想实验的方法1UA.Ri当光照增强时，电压表V1示数为44%；2v保持不变A.B.当光照增强时，电压表 V2示数变大B.图乙

3、为研究加速度 a和外力F、质量m的关系实验，主要应用了控制变量的方法C.通过电流表 A的电流方向每秒变化50次C.图丙为探究合力与分力的关系实验，主要应用了极限的思想方法D.当光照增强时，电流表 A、A2示数同时变大D.图丁为卡文迪许通过扭秤测量引力常量的实验，应用了放大的思想方法19 .空间中存在着竖直方向的磁场，一圆形金属框水平放在磁场中，规定磁感应强度方向和线15.有a、b、c、d四颗地球卫星，a还未发射，在地球赤道上随地球表面一起转动，b处于地面 圈中感应电流方向如图甲所示时为正.某时刻开始计时线圈中产生了如图乙所示的感应电流，则磁感应强度随时间变化的图线可能是感应强度随时间变化的图线

4、可能是附近近地轨道上正常运动，c是地球同步卫星，d是高空探测卫星，各卫星排列位置如图，则有iBA.a的向心加速度等于重力加速度g甲B.c在4 h内转过的圆心角是兀/ 6乙C.b在相同时间内转过的弧长最长D.d的运动周期有可能是 20 ht=2s内物体位移最大的是A48CBi 上1;21 方16.下列图象均能正确反映物体在直线上的运动，则在17. “天津之眼”是一座跨河建设、桥轮合一的摩天轮，是天津市的地标之一。摩天轮悬挂透20.回旋加速器原理如图所示，它的核心部分是两个D形金属盒,两盒相距很近，分别和交变电源相连接，两盒放在匀强磁场中，磁场方向垂直于盒底面，某一带电粒子在磁场中做圆周运动,通过

5、两盒间的窄缝时反复被加速，当达到最大圆周半径时通过特殊装置被引出。现要增大带电粒子射出时的动能，下列说法中正确的是射出时的动能，下列说法中正确的是明座舱，乘客随座舱在竖直面内做匀速圆周运动。下列叙述正确的是薄板小车打点计时器 A.增大交流电的电压B.增大匀强磁场的磁感应强度C.增大交流电的频率D.增大D形金属盒的半径21 .如下图所示，虚线 a、b、c代表电场中的三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即Ukb= Lbc,实线为一带正电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q是这条轨迹上的两点，据此可知A.三个等势面中，a的电势最高B.带电质点在P点具有的电势能比在 Q点具有的电势

6、能大C.带电质点通过P点时的动能比通过 Q点时大D.带电质点通过 P点时的加速度比通过 Q点时大第H卷（非选择题，共 174分）三、非选择题（包括必考题和选考题两部分。第22题第32题为必考题，每个试题考生都必须作答。第33题第40题为选考题，考生根据要求做答）（一）必考题（共129分）（6分）在“探究恒力做功与动能改变的关系”实验中（装置如图甲）：下列说法哪一项是正确的 。（填选项前字母）A .平衡摩擦力时必须将钩码通过细线挂在小车上B .为减小系统误差，应使钩码质量远大于小车质量C .实验时，应使小车靠近打点计时器由静止释放图乙是实验中获得的一条纸带的一部分，选取 。A、B C计数点，已知

7、打点计时器使用的 交流电频率为50 Hz ,则打B点时小车的瞬时速度大小为 m/s （保留三位有效数字）。（9分）（1）如图所示为某多用电表内部简化电路图，作电流表使用时，选择开关S应接（选填“1” “2” “3” “4”或“5”）量程较大.（2）某同学想通过多用表的欧姆挡测量量程为3 V的电压表内阻（如图乙），主要步骤如下：把选择开关拨到“X 100”的欧姆挡上；把两表笔相接触，旋转欧姆调零旋钮，使指针指在电阻零刻度处；把红表笔与待测电压表 （选填“正”或“负”）接线柱相接， 黑表笔与另一接线柱相 连，发现这时指针偏转角度很小； 换用（选填“X 10”或“X 1 k”）欧姆挡重新调零后测量，

8、发现这时指针偏转适中, 记下电阻数值；丙把选择开关调至空挡或交流电压最高挡后拔下表笔，把多用电表放回桌上原处，实验完毕。（3）实验中（如图丙）某同学读出欧姆表的读数为 Q ,这时电压表读数为V。（4）请你计算欧姆表内部电源电动势为 V。（保留两位有效数字）（10分）如图所示，质量为 ra= 0.2kg的小球A系在长L1 = 0.8m的细线一端，线的另一端固 定在O点，质量为rb= 1kg的物块B静止于水平传送带左端的水平面上且位于O点正下方；左侧水平面、传送带及小车的上表面平滑连接，物块B与传送带之间的滑动摩擦因数w = 0.5 ,传送带长L2= 3.5m,以恒定速率 V0= 6m/s顺时针运

9、转，现拉动小球使水平伸直后由静止释放，小球运动到最 低点时与物块B发生正碰（碰撞时间极短），小球反弹后上升到最高点时与水平面的距离为LJ16 ,取重力加速度g= 10m/s2,小球与物块均可视为质点，求：（i）小球与物块碰前瞬间对细线的拉力大小；（2）物块B与传送带之间因摩擦而产生的热量Q。25. （22分）如图所示，在 xoy坐标平面的第一象限内有一沿 y轴负方向的匀强电场，在第四 象限内有一垂直于平面向里的匀强磁场，现有一质量为n电量为+q的粒子（重力不计）从坐标原点O射入磁场，其入射方向与 y的方向成45角。当粒子运动到电场中坐标为（ 3L, L）的P点处 时速度大小为V0,方向与x轴正

10、方向相同。求：（二）选考题：共 45分。请考生从给出的 2道物理题、2道化学题、2道生物题中每科任选一 题作答。如果多做。则每学科按所做的第一题计分。33.【物理一一选修 3-3】（15分）（1）（5 分）下列说法正确的是 。A.第二类永动机不可能制成是因为它违反了能量守恒定律B.晶体有固定的熔点，非晶体没有固定的熔点C.液体表面张力产生的原因是由于液体表面层分子间距离大于液体内部分子间距离D.物体的温度越高，分子热运动就越剧烈，每一个分子动能也越大E. 一个分子以某一初速度沿直线从无限远处向另一固定的分子靠近，直到不能再靠近为止的过程中，分子间相互作用的合力先变大后变小，再变大（2）（10分

11、）如图所示，水平固定放置的气缸，由截面积不同的两圆筒连接而成。活塞A、B面积分别为2s和S,汗塞A、B用长为2l的细直杆连接，活塞与筒壁气密性好且摩擦不计。现活塞间密 闭有一定质量的理想气体，两活塞外侧（A的左方和B的右方）都是大气，大气压强始终保持为p%当气缸内气体温度为 To时，活塞B与两圆筒连接处的距离为 l且处于静止状态。（1）粒子从O点射入磁场时的速度 v;（2）匀强电场的场强 E0和匀强磁场的磁感应强度 Bo；（3）粒子从O点运动到P点所用的时间。A B-hU（i）现使气缸内气体温度缓慢下降， 活塞A刚刚缓慢右移到两圆筒连接处时， 求密闭气体的温度 ；（ii）若气缸内气体温度缓慢下

12、降至 To/2 ,求细直杆对活塞的弹力大小 F。34.【物理选修 3-4】（15分）（1）（5分）如图甲为一列简谐横波在t=0时刻的波形图，图乙为介质中平衡位置在x=2m处的质点P以此时刻为计时起点的振动图象。下列说法正确的是（伊 mWm；匕7A .0to a71 a 也仔甲-。、/己A.这列波的波长是 4mB.这列波的传播速度是 20m/sC.经过0.15s ,质点P沿x轴的正方向传播了 3mt=0.1s时，质点Q的运动方向沿y轴正方向t=0.35s时，质点Q距平衡位置的距离小于质点 P距平衡位置的距离(2)(10分)如图所示，在 MN勺下方足够大的空间是玻璃介质，其折射率n=木，玻璃介质的

13、上边界M渥屏幕.玻璃中有一个正三角形空气泡，其边长l=40cm,顶点与屏幕接触于 C点，底边AB与屏幕平行.一束激光 a垂直于AB边射向AC边的中点O,结果在屏幕 MNh出现两个光斑，求两个 光斑之间的距离 L。绝密 绝密 启用前2019年tWj考tWj二最新信息卷率在变化，D错误。故选B。18.【答案】D物理答案（三）二、选择题：本题共 8小题，每题6分，在每小题给出的四个选项中，第 1418题只有一个选 项符合题目要求。第 1921题有多选项符合题目要求。全部答对的得 6分，选对但不全的得 3分, 有选错的得0分。.【答案】C【解析】伽利略斜面实验间接推出力不是维持物体运动的原因，故A说法

14、正确；图中是采用控制变量法研究加速度 a和外力F、质量m的关系实验，故 B说法正确；探究合力与分力的关系实验 采用的是等效思想，故 C说法错误；卡文迪许通过扭秤实验测万有引力常量，采用是的放大思想方 法，故D说法正确。.【答案】C【解析】同步卫星的周期必须与地球自转周期相同，角速度相同，根据 H 比较a与c的向 心加速度大小，再比较 c的向心加速度与g的大小.根据万有引力提供向心力，列出等式得出角速 度与半径的关系，分析弧长关系.根据开普勒第三定律判断d与c的周期关系。同步卫星的周期必须与地球自转周期相同，角速度相同，则知a与c的角速度相同，根据R = TOC o 1-5 h z GMmGM=

15、-知，c的向心加速度大.由 ，得 ，卫星的轨道半径越大，向心加速度越小，则同步卫星的向心加速度小于 b的向心加速度，而 b的向心加速度约为 g,故知a的向心加速度小于重力加速度g,故A错误；c是地球同步卫星，周期是24h,则c在4h内转过的圆心角是3 ,故B错误; 2i GMm v份时一1=mv =由，得 ，卫星的半径越大，速度越小，所以b的速度最大，在相同时间内转过k的弧长最长，故 C正确；由开普勒第三定律知，卫星的半径越大，周期越大，所以 d的运动周期大于c的周期24h,不可能为23h,故D错误。.【答案】B【解析】根据速度图象与横轴所夹面积表示位移可知，在 t=2s内物体位移最大的是图

16、Bo.【答案】B【解析】机械能等于重力势能和动能之和，摩天轮运动过程中，做匀速圆周运动，乘客的速度 大小不变，则动能不变，但高度变化，所以机械能在变化，A错误；圆周运动过程中，在最高点，由重力和支持力的合力提供向心力F,向心力指向下方，所以 F=mg-N,则支持力N=mg-F所以重力大于支持力，乘客处于失重状态，选项 B正确；转动一周，重力的冲量为I=mgT,不为零，C错误；运动过程中，乘客的重力大小不变，速度大小不变，但是速度方向时刻在变化，所以重力的瞬时功【解析】 原线圈两端电压有效值为 220,原副线圈匝数比为 5: 1,所以副线圈的电压有效值为 44V,电压表M示数为44V保持不变，与

17、光照无关，所以 A错误；当光照增强时， R的电阻减小，总 的电阻减小，所以电路的总电流要变大，R的电压变大，副线圈的总电压不变，所以电压表 上示数314变小，所以B错误；交流电的频率为 f=之耳=50Hz,所以通过电流表 Ai的电流方向每秒变化 100次, 所以C错误；当光照增强时，R的电阻减小，总的电阻减小，所以电路的总电流要变大，因此 A、A2的示数都要变大，故 D正确；故选 d.【答案】ACB【解析】 线圈面积不变，电阻不变，根据法拉第电磁感应定律，感应电动势 E = 91= s,：t .：t感应电流I =_E =殁，即感应电流大小与 B-t图像斜率成正比，1s-2s感应电流为0,即B-

18、tR R , t图像斜率为0,选项B错。根据楞次定律增反减同，0-1s要产生顺时针方向的感应电流，磁场可能是正向增大，也可能是负向减小，选项 D错。3s-4s感应电流为负向，磁场可能是正向减小或者负 向增大，而且根据电流大小关系，B-t图像在1s-2s的斜率等于3s-4s斜率的二倍，对照选项AC对。.【答案】BD丫2br12 b2r2【解析】 根据qvB= m,解得v = q ,则最大动能EKm = - mv2 = -,则增大磁场Rm22m的磁感应强度或增大 D形盒的半径，可以增加粒子射出时的动能，与加速电压和狭缝间的距离无关，故BD正确，AC错误。.【答案】ABD【解析】电荷所受电场力指向轨

19、迹内侧，由于电荷带正电，因此电场线指向右下方，沿电场线 电势降低，故a等势线的电势最高，c点的电势最低，故 A正确；根据质点受力情况可知，从 P到Q 过程中电场力做正功，电势能降低，故P点的电势能大于 Q点的电势能，故 B正确；从P到Q过程中电场力做正功，电势能降低，动能增大，故P点的动能小于 Q点的动能，故 C错误；根据电场线的疏密来确定电场强度的强弱，可知，质点在P点时的电场力比通过 Q点时大，那么P点时的加速度比通过Q点时大，故D正确。第n卷（非选择题，共 174分）三、非选才I题（包括必考题和选考题两部分。第22题第32题为必考题，每个试题考生都必须 作答。第33题第40题为选考题，考

20、生根据要求做答 ）（一）必考题（共129分）. （6 分）【答案】C 0.653【解析】车在水平木板运动时水平方向受到绳的拉力和摩擦力，想用钩码的重力表示小车受到的合外力，首先需要平衡摩擦力；而平衡摩擦力是小车带动纸带恰好做匀速运动，A错误；设小车质量M,钩码质量叫整体的加速度为 a,绳上的拉力为 F,则：对小车有：F=Ma；对钩码有： mg-F=ma 即： mg= （ M+m a;如果用钩码的重力表示小车受到的合外力，则要求：Ma=（M+m a,必须要满足小车的总质量远大于钩码质量，这样两者才能近似相等.为使纸带打上尽量多的点，实验时，应使小车靠近打点计 时器由静止释放 中间时刻的瞬时速度等

21、于该过程的平均速度得：“s-亓=0.653m/s。. （9 分）【答案】1 负 X 1k 4.0 X 10 4 2.20 3.01和2时为电流表，根据欧1时量程最大;1和2时为电流表，根据欧1时量程最大;解得：VB=1m/s设经过时间t, B与传送带速度相等，由匀变速直线运动速度公式可得：V0=VB+at由牛顿第二定律得：nag = ma代入数据可得：t=1s物块滑行的距离为：传送带的位移为：s带=丫1物块与传送带间的相对位移大小为：s= s带-s物解得： s= 2.5m滑块B与传送带之间因摩擦而产生的热量为： Q= 1 mBgAs解得：Q= 12.5J 。25. （ 22 分）【解析】（1）

22、粒子从O点进入匀强磁场后在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动，则其运动轨迹如图所示，经过磁场后进入电场，到达 P点（2分）（2）根据“红进黑出”原理，即电流从红表笔流进可知红表笔接电压表的负极；欧姆表在测量电阻时指针从无穷大处开始偏转，故欧姆表指针偏转很小，说明被测电阻大, 档位应提升一级，即换X 1k的测量;（3）欧姆表的读数为甘产40.0 X 1 口00 = 4Q X 10门；电压表分度值为0.1V,故读数为2.20V ;（4）根据（3）采用的档位可知中值电阻即欧姆表内阻为厂=L5 乂根据闭合回路欧姆定Rv 4.02 2 =E =E律可得 Ry + r 40+15 ,解得 Ek 3.0V。24.

23、 （10 分）【解析】（1）小球A下摆阶段机械能守恒，根据机械恒守恒定律可得:解得：va= 4m/s2T-mAgmA小球在O点正下方时，由牛顿第二定律可得：1解得：T= 6N;（2） A上摆过程机械能守恒，则有:解得：V1=1m/s假设粒子在。点时的速度大小为 v, OQ段为圆周，QP段为抛物线。根据洛伦兹力与速度垂直不做功可知粒子在Q点时的速度大小也为 v,根据对称性可知方向与x轴正方向成45角，可得：Q点速度大小为 方向与X轴成“5斜向上。进入电场后，电场力为竖直方向，水平方向匀速直线运动，所以有解得：=代%（1分）（2）在粒子从 Q运动到P的过程中，由动能定理得：1212-叫浮 -烈化分

24、）叫？解得：口2蕤（1分）mvmvA= mv1+rravBA、B碰撞过程中系统动量守恒，以A的初速度方向为正方向，由动量守恒定律可得:又在匀强电场由 Q到P的过程中,水平方向匀速直线运动的速度%。（1水平方向匀速直线运动的速度%。（1分）解得Ti= T0_vo _竖直方向初速度usin45。= %匀减速到0的位移为一爹】一 （1分）可得。尸=,OQ = L （2分）也R = -L由几何关系0Q =可得粒子在OQ段圆周运动的半径：mvR 根据洛伦兹力提供向心力得,2m%得 牡 （2分）（3）在Q点时，竖直分速度。二炉小切45。= %1分）L 2L设粒子从Q到p所用时间为“，在竖直方向上有：口=为：2=彩（1分）112 Tim 7rm Til1 2 = T = = x = 粒子从O点运动到Q运动的圆心角为90度，所用的时间为：41 阴2M ，%（1分）2LtiL8L + nLL =% + % =a- -7则粒子从O点运动到P点所用的时间为：% % （1分）。（二）选考题：共 45分。请考生从给出的 2道物理题、2道化学题、2道生物题中每科任选题作答。如果多做。则每学科按所做的第一题计分。33.【物理选修 3-3（15分）（5分）【答案】BCE【解析】第二类永动机不可能制成是因为它违反了热力学第二定律，故A错误；晶体有固定