西藏自治区拉萨市北京实验中学2022-2023学年高一物理第一学期期末考试试题含解析

1、2022-2023学年高一上物理期末模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、如图所示，两块相同的木块被竖直的木板夹住保持静止状态，设每一木块的质量为m，则两木块间的摩

2、擦力大小为：（）A.0B.0.5mgC.mgD.2mg2、关于运动和力的关系，以下说法中正确的是()A.做曲线运动的物体受到的合外力可能为零B.物体受到的合外力恒定且不为零，物体一定做匀变速直线运动C.做匀速圆周运动的物体受到的合外力一定在不断变化D.匀速圆周运动是变速运动，且是匀变速运动3、如图所示，物体在3个共点力的作用下保持平衡如果将力F1绕O点转动180角，而保持其余2个力不变，则物体受到的合力大小为（）A.2F1B.C.F1D.零4、对于合力与分力的大小关系说法正确的是（ ）A.合力一定大于分力B.合力一定小于分力C.合力一定等于分力D.合力可以等于分力5、如图所示的图象所描述的是物

3、体的运动情况，下列结论中错误的是A.O到A的速度变化比B到C的速度变化慢B.AB平行于时间轴，则物体在AB这段时间内做匀速直线运动C.O到A的速度方向与B到C的速度方向相反D.0到t3时间内物体的位移越来越大6、如图所示为甲乙两质点作直线运动的位移-时间图像，由图像可知（）A.甲乙两质点在1s末相遇B.甲乙两质点在1s末的速度大小相等C.甲乙两质点在第1s内反方向运动D.在第1s内甲质点的速率比乙质点的速率要大7、如图所示，A、B两物块的质量分别为3m和m，静止叠放在水平地面上，A、B间的动摩擦因数为，B与地面间的动摩擦因数为最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g现对A施加一水平拉力F，则

4、以下说法正确的是()A.当F8mg时，A相对B滑动D.无论F为何值，B的加速度不会超过8、物块从光滑曲面上的P点自由滑下，通过粗糙的静止水平传送带以后落到地面上的Q点，若传送带的皮带轮沿顺时针方向转动起来，使传送带随之运动，如图所示，再把物块放到P点自由滑下则（ ）A.物块可能仍落在Q点B.物块可能会落在Q点的左边C.物块可能会落在Q点的右边D.物块一定会落在Q点的右边9、根据牛顿运动定律，以下说法中正确的是A.人只有在静止的车厢内，竖直向上高高跳起后，才会落在车厢的原来位置B.人在沿直线匀速前进的车厢内，竖直向上高高跳起后，将落在原来位置C.人在沿直线加速前进车厢内，竖直向上高高跳起后，将落

5、在起跳点的后方D.人在沿直线减速前进的车厢内，竖直向上高高跳起后，将落在起跳点的后方10、半圆柱体P放在粗糙的水平地面上，其右端有固定放置的竖直挡板MN，在P和MN之间放有一个光滑均匀的小圆柱体Q，整个装置处于静止。如图所示是这个装置的纵截面图。若用外力使MN保持竖直，缓慢地向右移动，在Q落到地面以前，发现P始终保持静止。在此过程中，下列说法中正确的是（ ）A.Q所受的合力始终为零B.地面对P的摩擦力逐渐增大C.P、Q间的弹力先减小后增大D.MN对Q的弹力逐渐减小二、实验题11、（4分）用图甲所示装置探究物体的加速度与力的关系，实验时保持小车（含车中重物）的质量M不变，将细线下端悬挂钩码的总重

6、力作为小车受到的合力F，用打点计时器打出的纸带计算出小车运动的加速度a。(1)关于实验操作，下列说法正确的是_。A实验前应调节滑轮高度，使滑轮和小车间的细线与木板平行B平衡摩擦力时，在细线下端悬挂钩码，使小车在细线的拉力作用下能匀速下滑C每次改变小车所受的拉力后都要重新平衡摩擦力D实验时应先释放小车，后接通打点计时器电源(2)图乙为实验中打出纸带的一部分，从比较清晰的点迹起，在纸带上标出连续的5个计数点A、B、C、D、E，相邻两个计数点之间都有4个点迹未标出，测出各计数点到A点的距离。已知所用电源的频率为50 Hz，打B点时小车的速度vB_m/s，小车的加速度a_m/s2.（结果均保留两位有效

7、数字）。(3)改变细线下端钩码的个数，得到a -F图象如图丙所示，造成图线上端弯曲的原因可能是_。12、（10分）两实验小组分别作“探究加速度和力、质量的关系”实验。（1）A组用如图甲所示装置做实验，图中带滑轮的长木板放置于水平桌面上，拉力传感器与固定在木板一端定滑轮之间轻绳始终与木板面平行，传感器可直接显示绳上拉力的大小。做实验时，下列操作必要且正确的是_。A将长木板右端适当垫高，使小车能自由匀速滑动B小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录传感器的示数C为了减小误差，实验中一定要保证砂和砂桶的质量远小于小车的质量D用天平测出砂和砂桶的质量某同学据他的实验操作，得到

8、如图乙小车加速度a与拉力传感器示数F的图线，横、纵轴截距分别为F0与-a0，依据a-F图象可求得小车质量M=_。（2）B组用如图丙所示的实验装置做实验。在正确、规范的操作中，打出一条如图丁所示的纸带，每两个计数点之间还有四个计时点没有画出来，纸带上的数字为相邻两个计数点间的距离，打点计时器的频率为50 Hz。打第4个计数点时小车的速度v4_ m/s；小车做匀加速直线运动的加速度a_ m/s2。(保留三位有效数字)平衡了摩擦力后，在小车质量M保持不变的情况下，不断往砂桶里加砂，直到砂和砂桶的质量最终达到M。测出每次加砂后，砂和砂桶的总重力F和小车的加速度a，作aF的图像如图戊所示。下列图线正确的

9、是_。A. B. C. D.三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位13、（9分）如图所示，物体的质量m=5kg，物块与地面间的动摩擦因数为0.4，取g=10m/s2，若沿水平向右方向施加一恒定的拉力F=70N,使物体由静止开始做匀加速直线运动，求：(1)物体加速度大小(2)2s末物体的速度大小(3)2s末撤去拉力F，物体还能运动多远？14、（14分）如图所示，在光滑水平面上放置一个质量M=2kg的长木板A，可视为质点的物块B放在木板A的最左端，其质量m=1kg。已知A、B间的动摩擦因数为，开始时A、B均处

10、于静止状态，某时刻B突然获得水平向右的初速度v0=6m/s，g取10m/s2。（1）计算物块B获得速度v0后，开始向右运动时加速度的大小；（2）若物块B恰好不从A的右端滑出，计算木板A的长度L；（3）在（2）情形下，当物块B运动到木板A的右端时，立即在A上施加一个水平向右的拉力F12N（图中未画出），计算物块B离开木板A时的速度。15、（13分）如图所示，质量为60kg的滑雪运动员，在斜坡顶端从静止开始匀加速下滑100m到达坡底，用时10s，斜面与水平面间的夹角为37，假设运动员与水平地面间的动摩擦因数=0.2，求：（已知，）(1)运动员到达坡底时速度大小；(2)运动员与斜面之间的动摩擦因数；

11、(3)运动员能在水平面上运动的距离参考答案一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、A【解析】设每一块砖的重力为G，一侧木板对砖的摩擦力大小为f1，两块砖之间的摩擦力大小为f2根据平衡条件得, 对整体，有：2f1=2G，得f1=G对A砖，有：f1+f2=G解得f2=0即两砖间摩擦力为零，故A正确，BCD错误故选A.【名师点睛】本题是解题关键是如何选择研究对象，采用整体法和隔离法相结合处理，简单方便2、C【解析】A、物体既然是做曲线运动，即物体做变速运动

12、，那么物体必定要受到合外力的作用，所以做曲线运动的物体受到的合外力一定不为零，故A错误；B、物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，如果物体受到的合外力恒定且不为零，而且合外力与初速度不在同一条直线上，则运动是曲线运动，故B错误；C、做匀速圆周运动物体受到的合外力方向始终指向圆心，合外力的方向不断变化，即合外力一定在不断变化，故C正确；D、做匀速圆周运动物体受到的合外力方向始终指向圆心，合外力的方向不断变化，则加速度的方向不断变化，不是匀变速运动，故D错误【点睛】本题是对质点做曲线运动的条件的考查，匀速圆周运动，平抛运动等都是曲线运动，对于它们的特点要掌握住3、A【解析】物体在3个共

13、点力的作用下处于平衡状态时，其中两个力的合力与第三力等值方向；可知F2和F3的合力大小等于F1，方向沿F1的反方向将力F1绕O点转动180角，物体受到的合力是F2、F3的合力与新F1合成的结果。【详解】物体在3个共点力的作用下处于平衡状态时，其中两个力的合力与第三力等值方向；可知F2和F3的合力大小等于F1，方向沿F1的反方向，如果将力F1绕O点转动180角，则物体受到的合力大小为故A项正确，BCD三项错误。故选A。4、D【解析】根据两个力的合力与分力满足：合力与分力的大小满足：故合力可以大于任意一个分力，合力可以等于两分力，合力可以小于两分力，ABC错误，D正确。故选D。5、C【解析】速度时

14、间图象的斜率代表物体的加速度，斜率越大速度变化越快，故O到A的速度变化比B到C的速度变化慢，A正确；斜率为零，加速为零，物体做匀速直线运动，故B正确；整个过程速度方向不变，故位移一直增大，故C错误，D正确；本题选错误的，故选C【点睛】速度时间图象的斜率代表物体的加速度所以要比较加速度的大小就要求出每段时间内的图象的斜率只要速度图象在时间轴的同侧，则物体的运动方向就保持不变时间轴与速度图象围成的面积代表位移的大小6、AC【解析】A在1s末两者的位置坐标相同，所以两者相遇了，故A正确；BCD位移-时间图像的斜率表示速度，1s末两者的速度分别为可知，两者运动方向相反，甲质点的速率比乙质点的速率要小，

15、故BD错误，C正确。故选AC。【名师点睛】关键掌握位移图象的基本性质：横坐标代表时刻，而纵坐标代表物体所在的位置，纵坐标不变即物体保持静止状态；位移时间图像是用来描述物体位移随时间变化规律的图像，不是物体的运动轨迹，斜率等于物体运动的速度，斜率的正负表示速度的方向，质点通过的位移等于x的变化量。7、BD【解析】当两个物体即将发生性对滑动时，接触面上达到了最大静摩擦力；两个滑块运动过程中的最大共同加速度，必然是另一个物块的极限加速度【详解】A、受力分析可知，A、B两物块间的最大静摩擦力大小为，B与地面间的最大静摩擦力大小为，故AB两物体叠放在一起在外力F作用下，随着力F的逐渐增大，B和地面之间先

16、开始相对滑动以AB为整体受力分析，当，A、B都相对地面静止，A错误；BCD、若在力F作用下，AB之间即将发生相对滑动，接触面上为最大静摩擦力，根据牛顿第二定律以AB整体为研究对象：，以B为研究对象：式中的为系统的临界最大共同加速度解得：，故当：，A、B均静止；，A、B相对静止，一起匀加速；所以当时，AB具有共同加速度，即，；，A、B相对滑动，A的加速度已经超过，但B的加速度，无论F为何值，都不会超过故C错误，BD正确；故本题选BD【点睛】本题考查了摩擦力的计算和牛顿第二定律的综合运用，解决本题的突破口在于通过隔离法和整体法求出A、B不发生相对滑动时的最大拉力8、AC【解析】物块从斜面滑下来获得

17、一定的速度，当传送带静止时，在水平方向受到与运动方向相反的滑动摩擦力，物块将做匀减速运动，离开传送带时做平抛运动；当传送带顺时针转动的速度较小时，物体可能一直向前做减速运动，离开传送带时速度与传送带静止时相同，所以物体仍落在Q点；当传送带顺时针转动的速度较大时，物体可能先减速后匀速，离开传送带时的速度大于传送带静止时的速度，所以会落到Q点的右边；当传送带顺时针转动的速度更大时，物体可能先加速后匀速，也可能一直加速，离开传送带时的速度大于传送带静止时的速度，所以会落到Q点的右边。AC正确，BD错误。故选AC。9、BC【解析】牛顿第一定律又称惯性定律该定律，说明力不是维持物体运动的原因，而是改变物

18、体运动状态的原因；这里涉及人和车的相对运动问题，以地面为参考系，分析人和车在水平方向的速度情况【详解】人起跳后，竖直方向向上加速，之后做竖直上抛运动，水平方向保持起跳前的速度做匀速直线运动；车速如果不变（静止或匀速），则人和车水平方向相对静止；车如果加速，人相对滞后，掉入后面；车如果减速，人相对超前，掉在前面故AD错误，BC正确；故选BC【点睛】本题关键是将人的运动沿着水平和竖直方向正交分解，然后考虑人在水平方向的分运动，最后考虑与小车的相对位置的变化情况10、AB【解析】先对Q受力分析，受重力、P对Q的支持力和MN对Q的支持力，如图根据共点力平衡条件，有 N2=mgtan再对P、Q整体受力分

19、析，受重力、地面支持力、MN挡板对其向左的支持力和地面对其向右的支持力，如图根据共点力平衡条件，有f=N2N=（M+m）g故f=mgtanMN保持竖直且缓慢地向右移动过程中，角不断变大，故f变大，N不变，N1变大，N2变大，P、Q受到的合力始终为零；故选AB。二、实验题11、 .A .0.32 .0.93 .随所挂钩码质量m的增大，不能满足Mm【解析】（1）1A调节滑轮高度，使牵引木块的细线与长木板保持平行，否则拉力不会等于合力，A正确；B在调节木板倾斜度以平衡小车受到的摩擦力时，不应悬挂钩码，B错误；C由于平衡摩擦力之后有故所以无论小车的质量是否改变，小车所受的摩擦力都等于小车的重力沿斜面的

20、分力，改变小车所受的拉力后，不需要重新平衡摩擦力，C错误；D实验开始时先接通打点计时器的电源待其平稳工作后再释放小车，而当实验结束时应先控制小车停下再关闭打点计时器，D错误。故选A。（2）2已知打点计时器电源频率为50 Hz，则纸带上相邻计数点间的时间间隔打B点时小车的速度。3根据小车运动的加速度为。（3）4随着力F的增大，即随所挂钩码质量m的增大，不能满足因此图线上部出现弯曲。12、 .AB . .1.22 .2.04 .C【解析】(1)1A将长木板右端适当垫高，使小车能自由匀速滑动,这样做的目的是为了平衡摩擦力,只有这样小车受到的合力才为两根细绳的拉力，故A正确；B小车靠近打点计时器，可有

21、效利用纸带，先接通电源打点稳定后再释放小车，打出一条纸带，同时记录传感器的示数为F，小车的合力为2F，故B正确；CD因为小车受到的合力可以通过传感器的示数表示出来（合力为为2F），所以实验中没有必要测出砂和砂桶的质量，也没有必要保证砂和砂桶的质量远小于小车的质量，故CD错误。 2由牛顿第二定律可得由图象的斜率可得计算可得M=(2)34(3)5BD平衡了摩擦力后，由牛顿第二定律可得成正比例关系，故BD错误；AC不断往砂桶里加砂，直到砂和砂桶的质量最终达到M，越到后面越不满足砂和砂桶的质量远远小于小车质量，绳子的拉力小于砂和砂桶的重力，此时加速度小于砂和砂桶的重力对应的加速度，图线会向下弯曲，故A错误，C正确。故选择C选项。三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位13、 (1)10m/s2 (2)20m/s (