四川省德阳市绵竹东汽中学2023年高三物理期末试题含解析

1、四川省德阳市绵竹东汽中学2023年高三物理期末试题含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. 用升降机运载货物，货物从静止开始竖直上升过程中，经历加速、匀速、减速三个阶段，在货物减速运动阶段A所受支持力小于货物的重力B所受支持力大于货物的重力C支持力对货物做功等于其动能的减少量D支持力对货物做功等于其机械能的变化量参考答案：AD2. （单选）已知地球的半径为6.4106m，地球自转的角速度为7.29105rad/s，地面的重力加速度为9.8m/s2，在地球表面发射卫星的第一宇宙速度为7.9103m/s，第三宇宙速度为16.7103m/s，月球到地球中

2、心的距离为3.84108m假设地球上有一棵苹果树长到了接近月球那么高，则当苹果脱离苹果树后，将（）A落向地面B成为地球的同步“苹果卫星”C成为地球的“苹果月亮”D飞向茫茫宇宙参考答案：考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用专题：人造卫星问题分析：根据v=r，可得出苹果的线速度把苹果的线速度与第三宇宙速度比较求解解答：解：地球自转的角速度为7.29105 rad/s，月球到地球中心的距离为3.84108 m地球上有一棵苹果树长到了接近月球那么高，根据v=r得苹果的线速度v=2.8104 m/s，第三宇宙速度为16.7103 m/s，由于苹果的线速度大于第三宇宙速度，所以苹

3、果脱离苹果树后，将脱离太阳系的束缚，飞向茫茫宇宙故选D点评：解决本题的关键掌握万有引力提供向心力同时知道宇宙速度的意义3. 如图甲为一列简谐横波在某一时刻的波形图，图乙为介质中x=2m处的质点P以此时刻为计时起点的振动图象。下列说法正确的是 （ ） A这列波的传播方向是沿x轴正方向 B这列波的传播速度是20m/s C经过0.15s,质点P沿x轴的正方向传播了3m D经过0.1s时,质点Q的运动方向沿y轴正方向 E. 经过0.35s时,质点Q距平衡位置的距离小于质点P距平衡位置的距离参考答案：4. 一宇航员到达半径为R，密度均匀的某星球表面，做如下实验，用不可伸长的轻绳拴一质量为m的小球，上端固

4、定在O点，如图甲所示，在最低点给小球某一初速度，使其绕O点在竖直平面内做圆周运动，测得绳的拉力大小随时间的变化规律如图乙所示，F17F2，设R、m、引力常量G、F1、F2均为己知量，忽略各种阻力，以下说法正确的是A小球在最高点的最小速度为零 B卫星绕该星的第一宇宙速度为C该星球表面的重力加速度为 D星球的质量为参考答案：BCD5. 图示为一列沿x轴负方向传播的简谐横波，实线为t0时刻的波形图，虚线为t0.6 s时的波形图，波的周期T0.6 s，则A.波的周期为2.4sB.在t0.9s时，P点沿y轴正方向运动C.经过0.4s，P点经过的路程为4mD.在t0.5s时，Q点到达波峰位置参考答案：D解

5、析：根据题意应用平移法可知T0.6s，解得T0.8s，A错；由图可知振幅A0.2m、波长8m。t0.9s1T，此时P点沿y轴负方向运动，B错；0.4sT，运动路程为2A0.4m，C错； t0.5sTTT，波形图中Q正在向下振动，从平衡位置向下振动了T，经T到波谷，再过T到波峰，D对。二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. （4分）从某金属表面逸出光电子的最大初动能与入射光的频率的图像如下图所示，则这种金属的截止频率是_HZ；普朗克常量是_J/HZ。参考答案：4.3(0.1)1014Hz ( 6.26.8)10-34Js7. （2008?上海模拟）已知某物质摩尔质量为M，密度为，

6、阿伏加德罗常数为NA，则该物质的分子质量为 ，单位体积的分子数为 参考答案：；NA解：每个分子的质量m=单位体积的质量等于单位体积乘以密度，质量除以摩尔质量等于摩尔数，所以单位体积所含的分子数n=NA；8. 如图甲是利用激光测转速的原理示意图，图中圆盘可绕固定轴转动，盘边缘侧面上有一小段涂有很薄的反光材料当盘转到某一位置时，接收器可以接收到反光涂层所反射的激光束，并将所收到的光信号转变成电信号，在示波器显示屏上显示出来(如图乙所示)(1)若图乙中示波器显示屏上横向的每大格(5小格)对应的时间为2.50103 s，则圆盘的转速为 r/s.(保留3位有效数字)(2)若测得圆盘直径为10.20 cm

7、，则可求得圆盘侧面反光涂层的长度为 cm.(保留3位有效数字) 参考答案：9. （5分）如图所示，质量为m，横截面为直角三角形的物块ABC，ABC=，AB边靠在竖直墙面上，F是垂直于斜面BC的推力，现物块静止不动，则摩擦力的大小为 。参考答案：答案：mg+Fsin10. (4分)在一个边长为a的等边三角形区域内分布着磁感应强度为B的匀强磁强, 一质量为m、电荷量为q的带电粒子从BC边的中点垂直BC方向射入磁场中, 如图所示, 为使该粒子能从AB边(或AC边)射出, 则带电粒子的初速度v必须大于 。 参考答案： 答案：11. 假设一列火车共有6节车厢且均停在光滑的轨道上，各车厢间有一定的间距若第

8、一节车厢以速度向第二节车厢运动，碰后不分开，然后一起向第三节车厢运动，依次直到第6节车厢则第一节车厢与第二节车厢碰后的共同速度为_,火车最终的速度为_参考答案： 12. 如图所示，一根长为L=2m的细刚性轻杆的两端分别连结小球a和b，它们的质量分别为ma=8kg和mb=lkg，杆可绕距a球为L处的水平定轴O在竖直平面内转动。初始时杆处于竖直位置，小球b几乎接触桌面，在杆的右边水平桌面上，紧挨着细杆放着一个质量为m=25kg的立方体匀质物块，图中ABCD为过立方体中心且与细杆共面的截面。现用一水平恒力F=100N作用于a球上，使之绕O轴逆时针转动，在转过角过程中力F做的功为_ J；此时小球b速度

9、的大小为 m/s。（设在此过程中立方体物块没有发生转动，且小球b与立方体物体始终没有分离，不计一切摩擦。结果保留小数点后两位。取g=10m/s2）参考答案：13. （多选）（2014秋?滕州市校级期中）下列说法正确的是（）A伽利略的理想实验说明了力不是维持物体运动的原因B人站在电梯中，人对电梯的压力与电梯对人的支持力不一定大小相等C两个不同方向的匀变速直线运动，它们的合运动不一定是匀变速直线运动D由F=ma可知：当F=0时a=0，即物体静止或匀速直线运动所以牛顿第一定律是牛顿第二定律的特例参考答案：AC解：A、伽利略的理想实验说明物体不受力，物体照样运动，即力不是维持物体运动的原因故A正确B、

10、人对电梯的压力和电梯对人的支持力是一对作用力和反作用力，大小相等故B错误C、两个不同方向的匀变速直线运动合成，若合速度的方向与合加速度的方向不在同一条直线上，物体做曲线运动故C正确D、第二定律针对的是有合外力作用时的状态，第一定律是针对没有外力的状态，第一定律不是第二定律的特例故D错误故选AC三、 简答题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. （简答）如图13所示,滑块A套在光滑的坚直杆上,滑块A通过细绳绕过光滑滑轮连接物 块B,B又与一轻质弹贊连接在一起，轻质弹簧另一端固定在地面上,开始用手托住物块 .使绳子刚好伸直处于水平位位置但无张力。现将A由静止释放.当A下滑到C点时(C点 图

11、中未标出)A的速度刚好为零，此时B还没有到达滑轮位置，已知弹簧的劲度系数k=100N/m ,滑轮质量和大小及摩擦可忽略不计，滑轮与杆的水平距离L=0.3m,AC距离为 0.4m，mB=lkg,重力加速度g=10 m/s2。试求： (1)滑块A的质量mA(2)若滑块A质量增加一倍,其他条件不变，仍让滑块A从静止滑到C点,则滑块A到达C点时A、B的速度大小分别是多少？ 参考答案：（1） （2） （3），功能关系解析：（1）开始绳子无张力，对B分析有kx1=mBg， 解得：弹簧的压缩量x1=0.1m（1分）当物块A滑到C点时，根据勾股定理绳伸出滑轮的长度为0.5 m，则B上升了0.2m,所以弹簧又伸

12、长了0.1m。（1分）由A、B及弹簧组成的系统机械能守恒，又弹簧伸长量与压缩量相等则弹性势能变化量为零所以mAgh1=mBgh2（2分）其中h1=0.4m，h2=0.2m所以mA=0.5kg（1分）（2）滑块A质量增加一倍，则mA=1kg，令滑块到达C点时A、B的速度分别为v1和v2由A、B及弹簧组成的系统机械能守恒得（2分）又有几何关系可得AB的速度关系有 vAcos=vB（1分）其中为绳与杆的夹角且cos=0.8解得：（1分）（1分）（1）首先由物体静止条件求出弹簧压缩的长度，再根据几何知识求出物体B上升的距离，从而可求出弹簧伸长的长度，然后再根据能量守恒定律即可求解物体A的质量；题（2）

13、的关键是根据速度合成与分解规律求出物体B与A的速度关系，然后再根据能量守恒定律列式求解即可15. 如图甲所示，将一质量m=3kg的小球竖直向上抛出，小球在运动过程中的速度随时间变化的规律如图乙所示，设阻力大小恒定不变，g=10m/s2，求（1）小球在上升过程中受到阻力的大小f（2）小球在4s末的速度v及此时离抛出点的高度h参考答案：（1）小球上升过程中阻力f为5N；（2）小球在4秒末的速度为16m/s以及此时离抛出点h为8m考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像专题：牛顿运动定律综合专题分析：（1）根据匀变速直线运动的速度时间公式求出小球上升的加速度，再根据牛顿第二定律求出小球上升过程中受到

14、空气的平均阻力（2）利用牛顿第二定律求出下落加速度，利用运动学公式求的速度和位移解答：解：由图可知，在02s内，小球做匀减速直线运动，加速度大小为： 由牛顿第二定律，有：f+mg=ma1代入数据，解得：f=6N（2）2s4s内，小球做匀加速直线运动，其所受阻力方向与重力方向相反，设加速度的大小为a2，有：mgf=ma2即 4s末小球的速度v=a2t=16m/s依据图象可知，小球在 4s末离抛出点的高度： 答：（1）小球上升过程中阻力f为5N；（2）小球在4秒末的速度为16m/s以及此时离抛出点h为8m点评：本题主要考查了牛顿第二定律及运动学公式，注意加速度是中间桥梁四、计算题：本题共3小题，共

15、计47分16. （计算）如图（甲）所示，在电场强度大小为E、方向竖直向上的匀强电场中存在着一半径为R的圆形区域，O点为该圆形区域的圆心，A点是圆形区域的最低点，B点是圆形区域最右侧的点在A点有放射源释放出初速度大小不同、方向均垂直于电场强度、方向向右的正电荷，电荷的质量为m电量为q，不计电荷重力、电荷之间的作用力（1）某电荷的运动轨迹和圆形区域的边缘交于P点，如图（甲）所示，POA=，求该电荷从A点出发时的速率；（2）若在圆形区域的边缘有一接收屏CBD，如图（乙）所示，C、D分别为接收屏上最边缘的两点，COB=BOD= 30o，求该屏上接收到的电荷的最大动能和最小动能参考答案：（1） （2）q

16、ER和qER知识点: 带电粒子在匀强电场中的运动；动能定理的应用解析 ：（1）电荷从A到P做类平抛运动，由牛顿第二定律得 a=水平方向：Rsin=v0t竖直方向：R-Rcos=at2联立解得，v0=（2）由（1）得知，粒子从A点出发时的动能为设经过P点时的动能为Ek，则有 qE（R-Rcos）=Ek-解得，Ek=qER(5-3cos)当电荷打到C点时，电场力做功最大，电荷获得的动能最大，最大动能为EkC=qER(5-3cos120)= qER打在D点电场力最小，获得的动能最小，最小动能为EkD=qER(5-3cos60)= qER17. 如图所示,水平光滑地面上依次放置着质量m =0.08 k

17、g的10块完全相同的长直木 板。质量M = 1.0 kg、大小可忽略的小铜块以初速度v0=6.O m/s从长木板左端滑上木 板，当铜块滑离第一块木板时，速度大小为v1 =4.0 m/S。铜块最终停在第二块木板上。 取g = 10 m/s2，结果保留两位有效数字。求：第一块木板的最终速度铜块的最终速度参考答案：18. 如图所示，某人驾驶摩托车做特技表演，以某一初速度沿曲面冲上高h、顶部水平的高台，到达平台顶部以v0=的水平速度冲出，落至地面时，恰能无碰撞地沿圆弧切线从A点切入光滑竖直圆弧轨道，并沿轨道下滑A、B为圆弧两端点，其连线水平。已知圆弧半径为R=，人和车的总质量为m，特技表演的全过程中不计一切阻