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文档简介
1、2023高考化学模拟试卷注意事项:1答卷前,考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型(B)填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角条形码粘贴处。2作答选择题时,选出每小题答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑;如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答,答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上;如需改动,先划掉原来的答案,然后再写上新答案;不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后,请将本试卷和答题卡一并交回。
2、一、选择题(共包括22个小题。每小题均只有一个符合题意的选项)1、下列反应的离子方程式书写正确的是A在 FeI2 溶液中滴加少量溴水:2Fe2+ Br2=2Fe3 + 2BrB碳酸氢钠溶液和少量的澄清石灰水混合: 2HCO3- + Ca2+ + 2OH-=CaCO3+CO32- + 2H2OC向 NH4Al(SO4)2溶液中逐滴加入Ba(OH)2 溶液至SO42- 恰好沉淀完全: Al3+ + 2SO42- + 2Ba2+ + 4OH-=2BaSO4+AlO2- + 2H2OD过量 SO2通入到 NaClO 溶液中:SO2 + H2O + ClO- = HClO + HSO3-2、设阿伏加德罗
3、常数的数值为NA。下列说法正确的是A1 L 1 molL-1的NaHSO3溶液中含有的离子数为3NAB5.6g乙烯和环丙烷的混合物中含CH键数目为18NAC常温常压下,22.4L的37Cl2中所含的中子数为41NAD硝酸与铜反应生成1.1mol NOx时,转移电子数为1.2NA3、研究铜和铁与浓硫酸的反应,实验如下: 铜丝表面无明显现象铁丝表面迅速变黑,之后无明显现象铜丝或铁丝逐渐溶解,产生大量气体,品红溶液褪色下列说法正确的是A常温下不能用铁制容器盛放浓硫酸,可用铜制容器盛放浓硫酸B中铜丝或铁丝均有剩余时,产生气体的物质的量相等C依据,可推断出铜和铁与浓硫酸反应可生成SO2D中现象的差异仅是
4、由于温度改变了化学反应速率4、设NA为阿伏加德罗常数的值。下列说法正确的是A0.1mol HClO 中含 HCl 键的数目为 0.1NAB1L 0.1molL-1NaAlO2 溶液中含 AlO2- 的数目为 0.1NAC含0.1mol AgBr的悬浊液中加入0.1mol KCl,充分反应后的水溶液中Br-的数目为0.1NAD9.2 g由甲苯()与甘油(丙三醇)组成的混合物中含氢原子的总数为0.8NA5、X、Y、Z、W是原子序数依次增大的前四周期元素,X、Z的周期序数=族序数,由这四种元素组成的单质或化合物存在如图所示的转化关系,其中甲、戊是两常见的金属单质,丁是非金属单质,其余为氧化物且丙为具
5、有磁性的黑色晶体。下列说法正确的是A丙属于碱性氧化物BW元素在周期表中的位置是第四周期VIIIB族CW的原子序数是Z的两倍,金属性弱于ZD常温下等物质的量的甲和戊加入过量浓硝酸中,消耗的HNO3物质的量相等6、化学在生活中有着广泛的应用,下列对应关系错误的是选项化学性质实际应用A和小苏打反应泡沫灭火器灭火B受热易分解产生气体可作面包的发泡剂C乙酸具有酸性常用于工业管道去除水垢D次氯酸盐具有氧化性漂白粉漂白织物AABB.CCDD7、短周期元素W、X、Y、Z的原子序数依次增加。p、q、r是由这些元素组成的二元化合物,常温常压下,p为无色无味气体,q为液态,r为淡黄色固体,s是气体单质。上述物质的转
6、化关系如下图所示。下列说法错误的是A原子半径:ZYXBm、n、r都含有离子键和共价键Cm、n、t 都能破坏水的电离平衡D最简单气态氢化物的稳定性:YX8、化学与生活密切相关。下列有关物质用途的说法错误的是A碳酸钡可用于胃肠X射线造影检查B氯气可用于海水提溴C氨气能做制冷剂D过氧化钠可用作航天员的供氧剂9、下列有关实验的说法中不正确的是( )A纸层析法通常以滤纸作为惰性支持物,滤纸纤维上的羟基所吸附的水作为固定相B检验火柴头中的氯元素,可把燃尽的火柴头浸泡在少量水中,片刻后取少量溶液于试管中,滴加硝酸银溶液和稀硝酸C在比较乙醇和苯酚与钠反应的实验中,要把乙醇和苯酚配成同物质的量浓度的水溶液,再与
7、相同大小的金属钠反应,来判断两者羟基上氢的活性D若皮肤不慎受溴腐蚀致伤,应先用苯清洗,再用水冲洗10、利用如图装置可以进行实验并能达到实验目的的是选项实验目的X中试剂Y中试剂A用MnO2和浓盐酸制取并收集纯净干燥的Cl2饱和食盐水浓硫酸B用Cu与稀硝酸制取并收集纯净干燥的NO水浓硫酸CCaCO3和稀盐酸制取并收集纯净干燥的CO2饱和NaHCO3溶液浓硫酸D用CaO与浓氨水制取并收集纯净干燥的NH3NaOH溶液碱石灰AABBCCDD11、分子式为C5H12的烃,其分子内含3个甲基,该烃的二氯代物的数目为A8种B9种C10种D11种12、某温度下,HNO2和CH3COOH的电离常数分别为5.010
8、-4和1.710-5。将pH相同、体积均为V0的两种酸溶液分别加水稀释至体积V,pH随的变化如图所示,下列叙述错误的是A曲线代表CH3COOH溶液B溶液中水的电离程度:b点小于c点C相同体积a点的两种酸分别与NaOH溶液恰好中和后,溶液中n(NO2)n(CH3COO)D由c点到d点,溶液中保持不变(其中HA、A分别代表相应的酸和酸根离子)13、以下物质的提纯方法错误的是(括号内为杂质)()ACO2(H2S):通过CuSO4溶液BCH3COOH(H2O):加新制生石灰,蒸馏C苯(甲苯):加酸性高锰酸钾溶液、再加NaOH溶液,分液DMgCl2溶液(Fe3+):加MgO,过滤14、2019年是门捷列
9、夫提出元素周期表150周年。根据元素周期律和元素周期表,下列推断不合理的是A位于第五周期第VIA族的元素为金属元素B第32号元素的单质可作为半导体材料C第55号元素的单质与水反应非常剧烈D第七周期A族元素的原子序数为11715、下列结论不正确的是( )氢化物的稳定性:HFHClSiH4 离子半径: Al3S2Cl 离子的还原性:S2ClBr- 酸性:H2SO4H3PO4HClO 沸点: H2SH2OABCD16、下列说法正确的是A化合物是苯的同系物B 分子中所有原子共平面C火棉(纤维素三硝酸酯)的结构简式为D1 mol阿斯匹林()与足量的NaOH溶液反应,消耗NaOH最大的物质的量为2mol1
10、7、已知还原性 I- Fe2+ Br-,在只含有I-、Fe2+、Br-溶液中通入一定量的氯气,关于所得溶液离子成分分析正确的是(不考虑Br2、I2和水的反应)( )AI-、Fe3+ 、Cl-BFe2+、Cl-、BrCFe2+、Fe3+ 、Cl-DFe2+、I-、Cl-18、某溶液由Na、Ag、Ba2、Al3、AlO2、Fe2+、NO3、Cl、SO42中若干种组成,现将溶液分成两等份,再分别通入足量的NH3和SO2充分反应后,最终均有白色沉淀生成。则溶液中一定含有的离子有AAl3、NO3BBa2、Al3、ClCBa2、Al3、NO3DAg、Al3、NO319、水处理在工业生产和科学实验中意义重大
11、,处理方法很多,其中离子交换法最为简单快捷,如图是净化过程原理。有关说法中正确的是( )A经过阳离子交换树脂后,水中阳离子的总数未发生变化B通过阳离子交换树脂时,H则被交换到水中C通过净化处理后,水的导电性不变D阳离子树脂填充段存在反应HOH-=H2O20、在材料应用与发现方面,中华民族有着卓越的贡献。下列说法错误的是A黏土烧制成陶器过程中发生了化学变化B区分真丝产品与纯棉织物可以用灼烧法C离子交换法净化水为物理方法D“玉兔号”月球车帆板太阳能电池的材料是单质硅21、以下相关实验不能达到预期目的的是( )A试样加水溶解后,再加入足量Ca(OH)2溶液,有白色沉淀生成检验NaHCO3固体中是否含
12、Na2CO3B向少量燃尽火柴头的浸泡液中滴加足量稀HNO3、AgNO3验证火柴头含有氯离子C加入饱和Na2CO3溶液,充分振荡,静置、分层后,分液除去乙酸乙酯中的乙酸D两支试管中装有等体积、等浓度的H2O2溶液,向其中一支试管中加入FeCl3溶液探究FeCl3溶液对H2O2分解速率的影响22、下列离子方程式正确的是A氯化铝溶液与一定量的碳酸钠溶液反应:Al3+3CO32+3H2O=Al(OH)3+3HCO3B氯化钠固体与浓硫酸混合微热:Cl+H+HClC氯气通入石灰乳:Cl2+2OH=Cl+ClO+H2OD苯酚钠溶液呈碱性的原理:C6H5O+H2OC6H5OH+OH二、非选择题(共84分)23
13、、(14分)药物瑞德西韦(Remdesivir)对2019年新型冠状病毒(2019-nCoV)有明显抑制作用;K为药物合成的中间体,其合成路线如图:已知:ROHRCl回答下列问题:(1)A的化学名称为_。由AC的流程中,加入CH3COCl的目的是_。(2)由GH的化学反应方程式为_,反应类型为_。(3)J中含氧官能团的名称为_。碳原子上连有4个不同的原子或基团时,该碳原子称为手性碳原子,则瑞德西韦中含有_个手性碳原子。(4)X是C的同分异构体,写出一种满足下列条件的X的结构简式_。苯环上含有硝基且苯环上只有一种氢原子;遇FeCl3溶液发生显色反应;1mol的X与足量金属Na反应可生成2gH2。
14、(5)设计以苯甲醇为原料制备化合物的合成路线(无机试剂任选)_。24、(12分)红色固体X由两种元素组成,为探究其组成和性质,设计了如下实验:请回答:(1)气体Y的一种同素异形体的分子式是_,红褐色沉淀的化学式_。(2)X在隔绝空气条件下受高温分解为Y和Z的化学方程式_。(3)取黄色溶液W滴加在淀粉KI试纸上,试纸变蓝色,用离子方程式表示试纸变蓝的原因_。25、(12分)汽车用汽油的抗爆剂约含 17的 1,2一二溴乙烷。某学习小组用下图所示装置制备少量 1,2 一二溴乙烷,具体流秳如下: 已知:1,2 一二溴乙烷的沸点为131,熔点为9.3。1,2 一二溴乙烷的制备步聚、的实验装置为:实验步骤
15、: ()在冰水冷却下,将 24mL 浓硫酸慢慢注入12mL乙醇中混合均匀。()向 D 装置的试管中加入3.0mL 液溴(0.10mol),然后加入适量水液封,幵向烧杯中加入冷却剂。()连接仪器并检验气密性。向三口烧瓶中加入碎瓷片,通过滴液漏斗滴入一部分浓硫酸与乙醇的混合物,一部分留在滴液漏斗中。()先切断瓶C与瓶D的连接处,加热三口瓶,待温度上升到约120,连接瓶 C与瓶D,待温度升高到180200,通过滴液漏斗慢慢滴入混合液。(V)继续加热三口烧瓶,待D装置中试管内的颜色完全褪去,切断瓶C与瓶D的连接处,再停止加热。回答下列问题:(1)图中 B 装置玻璃管的作用为_。(2)()中“先切断瓶C
16、与瓶D的连接处,再加热三口瓶”的原因是_。(3)装置D的烧杯中需加入冷却剂,下列冷却剂合适的为_。a.冰水混合物 b.5的水 c.10的水1,2 一二溴乙烷的纯化步骤:冷却后,把装置 D 试管中的产物转移至分液漏斗中,用 1的氢氧化钠水溶液洗涤。步骤:用水洗至中性。步骤:“向所得的有机层中加入适量无水氯化钙,过滤,转移至蒸馏烧瓶中蒸馏,收集130132的馏分,得到产品5.64g。(4)步骤中加入 1的氢氧化钠水溶液时,发生反应的离子方程式为_。(5)步骤中加入无水氯化钙的作用为_。该实验所得产品的产率为_。26、(10分)化合物M (CH3COO)2Cr22H2O,相对分子质量为376不溶于冷
17、水,是常用的氧气吸收剂。实验室中以锌粒、三氯化铬溶液、醋酸钠溶液和盐酸为主要原料制备该化合物,其装置如图所示,且仪器2中预先加入锌粒。已知二价铬不稳定,极易被氧气氧化,不与锌反应。制备过程中发生的相关反应如下:Zn(s)+2HCl(aq) =ZnCl2(aq)+H2(g) 2CrCl3(aq)+Zn(s) =2CrCl2(aq)+ZnCl2(aq)2Cr2+(aq)+4CH3COO(aq)+2H2O(l) = Cr(CH3COO)222H2O(s)请回答下列问题:(1)仪器1的名称是_。(2)往仪器2中加盐酸和三氯化铬溶液的顺序最好是_(填序号);目的是_。A盐酸和三氯化铬溶液同时加入B先加三
18、氯化铬溶液,段时间后再加盐酸 C先加盐酸,段时间后再加三氯化铬溶液(3)为使生成的CrCl2溶液与醋酸钠溶液顺利混合,应关闭阀门_(填“A”或“B”,下同),打开阀门_。(4)本实验中锌粒要过量,其原因除了让产生的H2将CrCl2溶液压入装置3与醋酸钠溶液反应外,另个作用是_。27、(12分)次氯酸溶液由于其具有极强的氧化性,可以使病毒的核酸物质发生氧化反应,从而杀灭病毒,是常用的消毒剂和漂白剂。已知:.常温常压下,Cl2O 为棕黄色气体,沸点为 3.8,42 以上会分解生成 Cl2 和 O2,Cl2O 易溶于水并与水立即反应生成 HClO。.将氯气和空气(不参与反应)按体积比13 混合通入潮
19、湿的碳酸钠中生成Cl2O 气体,用水吸收Cl2O(不含 Cl2)制得次氯酸溶液。某实验室利用以下装置制备浓度不小于 0.8mol/L 的次氯酸溶液。A B C D E. 回答下列问题:(1)装置D 的作用为_。(2)配平装置 B 中的反应_:Cl2+Na2CO3+H2O = Cl2O+NaCl+NaHCO3。写出Cl2O 的结构式为_。(3)装置C 中加入的试剂X 为CCl4,其作用是_。(4)各装置的连接顺序为 A_E。(5)此方法相对于氯气直接溶于水制备次氯酸溶液的优点是_。(答出 1 条即可)(6)若装置 B 中生成的 Cl2O 气体有 20%滞留在E 前各装置中,其余均溶于装置E 的水
20、中,装置E 所得 500mL 次氯酸溶液浓度为 0.8mol/L,则至少需要含水 8%的碳酸钠的质量为_g。28、(14分)BE是现代有机化工重要的单体之一,工业上采取乙苯催化脱氢制苯乙烯反应制备:(1)已知:化学键C-HC-CC=CH-H键能/412348612436计算上述反应的_。该反应能够发生的原因是_(2)维持体系总压强p恒定,在温度T时,物质的量为n、体积为V的乙苯蒸汽发生催化脱氢反应。已知乙苯的平衡转化率为,则在该温度下反应的平衡常数K=_(用a等符号表示)。(3)工业上,通常在乙苯蒸气中掺混水蒸气,控制反应温度600,并保持体系总压为常压的条件下进行反应。在不同反应温度下,乙苯
21、的平衡转化率和某催化剂作用下苯乙烯的选择性(指除了以外的产物中苯乙烯的物质的量分数)示意图如图所示:a掺入水蒸气能提高乙苯的平衡转化率,解释说明该事实_。b控制反应温度为的理由是_(4)在逆过程苯乙烯加氢制乙苯的操作中,如果氢气中混有和等杂质,会引起催化剂中毒,因此必须除去。在常温下,可以用银氨溶液来检测微量的,其原理与银镜反应相似,有银析出,写出银氨溶液与反应的离子方程式_。(5)苯乙烯废气在工业上常用电催化氧化处理,原理如图所示:写出阳极电极反应式I为_29、(10分)含氮化合物是化工、能源、环保等领域的研究热点。回答下列问题:(1)N2O在金粉表面发生热分解反应:2N2O(g)2N2(g
22、)+O2(g) H己知:4NH3(g)+3O2(g)=2N2(g)+6H2O(l) H12NH3(g)+3N2O(g)=4N2(g)+3H2O(l) H2H=_(用含H1、H2的代数式表示)。(2)一氧化二氮可反生2N2O(g)2N2(g)+O2(g)。不同温度(T),N2O分解半哀期随起始压强的变化关系如图所示(图中半衰期指任一浓度N2O消耗一半时所需的相应时间),则T1_T2(填“”、“=”或“”、“=”或“O,则原子半径:ZXY,故A错误;Bm为NaHCO3,n为Na2CO3,r为Na2O2,均含离子键、共价键,故B 正确;Cm为NaHCO3,n为Na2CO3,t为NaOH,n、m促进水
23、的电离,t抑制水的电离,则m、n、t都能破坏水的电离平衡,故C正确;D非金属性YX,则最简单气态氢化物的稳定性:YX,故D正确;故选A。【答案点睛】本题考查无机物的推断,把握淡黄色固体及q为水是解题关键,侧重分析与推断能力的考查,注意元素化合物知识的应用。8、A【答案解析】A.碳酸钡能够与胃酸(盐酸)反应产生可溶性的氯化钡,氯化钡是重金属盐,能够使蛋白质变性,导致人中毒,所以不能作钡餐,硫酸钡既不溶于水,也不溶于稀盐酸、同时也不能被X透过,所以应该用硫酸钡作胃肠X射线造影检查A错误;B氯气具有强氧化性,可用于海水提溴,B正确;C氨气易液化,液氨汽化时吸收大量的热,使周围的环境温度降低,因此可作
24、制冷剂,C正确;D过氧化钠能和二氧化碳、水反应生成氧气,所以过氧化纳可用于航天员的供氧剂,D正确;故合理选项是A。9、C【答案解析】A.对于能溶于水的待分离物质,滤纸纤维上的羟基所吸附的水作为固定相,以与水能混合的有机溶剂作流动相,故A正确;B.检验氯离子的方法是向溶液中加入硝酸银和稀硝酸,有白色沉淀生成证明有氯离子存在,故B正确;C.若把乙醇和苯酚配成同物质的量浓度的水溶液,则钠先和水反应了,故C错误;D.苯是有机溶剂,可以迅速溶解溴,使危害降到最低,所以若皮肤不慎受溴腐蚀致伤,应先用苯清洗,再用水冲洗,故D正确;综上所述,答案为C。10、C【答案解析】A.MnO2和浓盐酸制取氯气,需要加热
25、,A不符合题意;B.NO不能选排空气法收集,B不符合题意;C.CaCO3和稀盐酸反应生成二氧化碳,碳酸氢钠溶液可除去HCl,浓硫酸干燥后,选向上排空气法收集二氧化碳,C符合题意;C.用CaO与浓氨水制取氨气,进入X中时氨气会溶解,而且氨气密度比空气小,应该用向下排空气方法收集,不能用向上排空气的方法收集,D不符合题意;故合理选项是C。11、C【答案解析】分子式为C5H12含3个甲基的烃为,该烃的一氯代物有4种:ClCH2CH(CH3)CH2CH3、(CH3)2CClCH2CH3、(CH3)2CHCHClCH3、(CH3)2CHCH2CH2Cl,采用“定一移二”法,第二个氯原子的位置如图: 、,
26、该烃的二氯代物的同分异构体有5+2+2+1=10种,答案选C。12、C【答案解析】由电离常数可知,HNO2和CH3COOH都是弱酸,并且醋酸的酸性更弱。pH相同、体积均为V0的两种酸溶液中,醋酸的物质的量比亚硝酸大。【题目详解】A. 相同pH的弱酸加水稀释,酸性越强的酸,pH变化越大,所以曲线代表CH3COOH溶液,正确;B.从图中可以看出,溶液的pH b点小于c点,说明c(H+)b点比c点大,c(OH-) c点比b点大,从而说明溶液中水的电离程度c点比b点大,正确;C. 相同体积a点的两种酸,醋酸的物质的量大,分别与NaOH溶液恰好中和后,溶液中n(NO2)n(CH3COO),错误;D. 由
27、c点到d点,弱酸的电离常数和水的电离常数都不变,所以Kw/Ka不变,即保持不变,正确。故答案为C。13、B【答案解析】AH2S可与硫酸铜反应生成CuS沉淀,可用于除杂,故A正确;B加新制生石灰,生成氢氧化钙,中和乙酸,故B错误;C甲苯可被氧化生成苯甲酸,再加NaOH溶液,生成溶于水的苯甲酸钠,分液后可除杂,故C正确;DFe3+易水解生成氢氧化铁胶体,加MgO促进Fe3+的水解,使Fe3+生成氢氧化铁沉淀,过滤除去,且不引入新杂质,故D正确;答案选B。【答案点睛】注意把握物质的性质的异同,除杂时不能引入新杂质,更不能影响被提纯的物质。14、A【答案解析】A. 位于第五周期第VIA族的元素为Te(
28、碲),是非金属元素,A错误;B. 第32号元素为锗,位于金属区与非金属区的交界线处,单质可作为半导体材料,B正确;C. 第55号元素是铯,为活泼的碱金属元素,单质与水反应非常剧烈,C正确;D. 第七周期0族元素的原子序数为118,A族元素的原子序数为117,D正确;答案选A。15、A【答案解析】非金属性越强,其气态氢化物的稳定性越强,非金属性:FClSi,氢化物的稳定性:HFHClSiH4,故正确;Al3+核外两个电子层,S2-、Cl-核外三个电子层,电子层数相同时,核电荷数多,则半径小。故离子半径: S2ClAl3,故错误;非金属单质的氧化性越强,其离子的还原性越弱,单质的氧化性:Cl2Br
29、2S离子的还原性:S2Br-Cl,故错误;硫酸、磷酸都是最高价的含氧酸,由于非金属性:硫元素强于磷元素,所以硫酸酸性强于磷酸,磷酸是中强酸,而碳酸是弱酸,所以磷酸酸性强于碳酸,二氧化碳、水、次氯酸钙能反应生成碳酸钙和次氯酸,所以碳酸酸性强于次氯酸,所以酸性依次减弱:H2SO4H3PO4HClO,故正确;H2S和H2O结构相似,化学键类型相同,但H2O中的O能形成氢键,H2S中的S不能,所以沸点:H2S Fe2+ Br-,所以在只含有I-、Fe2+、Br-溶液中通入一定量的氯气,首先发生反应:Cl22I=2ClI2;当I反应完全后再发生反应:2Fe3+ Cl2=2Fe2+2Cl,当该反应完成后发
30、生反应:Cl22Br=2ClBr2。因此可能存在的情况是Fe2+、Cl-、Br,故选项是B。18、A【答案解析】分成两等份,再分别通入足量的NH3和SO2充分反应后,最终均有白色沉淀生成,因Ag+与足量氨水反应生成络离子,Al3+与氨水反应生成白色沉淀,Fe2+与氨水反应生成氢氧化亚铁最终转化为红褐色沉淀;另一份中,NO3、SO2发生氧化还原反应生成SO42,SO42与Ag+或Ba2+结合生成白色沉淀,综上所述,一定含Al3+、NO3,Ag+、Ba2+至少含一种,一定不含SO42、AlO2、Fe2+,不能确定是否含Na+、Cl,答案选A。【答案点睛】本题考查常见离子的检验,为高频考点,把握常见
31、离子之间的反应、白色沉淀的判断为解答的关键,侧重分析与推断能力的综合考查,充分考查了学生灵活应用基础知识的能力,易错点为Al3+与氨水反应生成白色沉淀,Fe2+与氨水反应生成氢氧化亚铁最终转化为红褐色沉淀,故排除Fe2+的存在。19、B【答案解析】从图中可以看出,在阳离子交换柱段,自来水中的Ca2+、Na+、Mg2+与阳离子交换树脂中的H+发生交换,Ca2+、Na+、Mg2+进入阳离子交换树脂中,树脂中的H+进入水中;在阴离子交换柱段,NO3-、Cl-、SO42-进入阴离子交换树脂中,树脂中的OH-进入水中,与水中的H+反应生成H2O。【题目详解】A经过阳离子交换树脂后,依据电荷守恒,水中阳离
32、子的总数增多,A不正确;B通过阳离子交换树脂时,水中的Ca2+、Na+、Mg2+与阳离子交换树脂中的H+发生交换,H则被交换到水中,B正确;C通过净化处理后,水的导电性减弱,C不正确;D阴离子树脂填充段存在反应HOH-=H2O,D不正确;故选B。20、C【答案解析】A. 陶器在烧制过程中发生了复杂的物理变化与化学变化,故A正确;B. 真丝属于蛋白质,灼烧时有烧焦羽毛的气味,故B项正确;C. 离子交换法属于化学方法,故C错误;D. 太阳能电池光电板的材料为单质硅,故D项正确;故答案为C。21、A【答案解析】A.Na2CO3能与Ca(OH)2溶液发生反应生成CaCO3沉淀,NaHCO3也能与Ca(
33、OH)2溶液发生反应生成CaCO3沉淀,故不能用Ca(OH)2溶液检验NaHCO3固体中是否含Na2CO3,可以用CaCl2溶液检验,故A选;B.检验氯离子,需要硝酸、硝酸银,则向少量燃尽火柴头的浸泡液中滴加足量稀HNO3、AgNO3可检验,故B不选;C.乙酸与饱和碳酸钠反应后,与乙酸乙酯分层,然后分液可分离,故C不选;D.只有催化剂不同,可探究FeCl3溶液对H2O2分解速率的影响,故D不选;答案选A。22、A【答案解析】A氯氯化铝与碳酸钠溶液过量时发生双水解生成氢氧化铝和碳酸氢钠,离子方程式:Al3+3CO32+3H2O=Al(OH)3+3HCO3,选项A正确;B氯化钠固体与浓硫酸混合微热
34、,离子方程式:H2SO4(浓)+NaCl(固)=NaHSO4+HCl(g),选项B错误;C氯气通入石灰乳,离子方程式:Ca(OH)2+2Cl22Ca2+2Cl-+2ClO-+2H2O,选项C错误;D酚钠溶液呈碱性是因为苯氧根离子水解生成氢氧根离子和苯酚,离子方程式:C6H5O+H2OC6H5OH+OH,选项D错误;答案选A。【答案点睛】本题考查了离子方程式的书写,侧重考查化学式的拆分,注意浓硫酸、固体氯化钠、石灰乳应保留化学式,易错点为D酚钠溶液呈碱性是因为苯氧根离子水解生成氢氧根离子和苯酚,离子方程式:C6H5O+H2OC6H5OH+OH。二、非选择题(共84分)23、苯酚 保护羟基,防止被
35、氧化 HCHO+HCN 加成反应 酯基 5 或 【答案解析】A发生信息1的反应生成B,B发生硝化取代反应生成C,根据C的结构简式可知,B为,A为;D发生信息1的反应生成E,E中含两个Cl原子,则E为,E和A发生取代反应生成F,G发生信息2的反应生成H,H发生取代反应,水解反应得到I,根据I结构简式可知H为HOCH2CN,G为HCHO,I发生酯化反应生成J,F与J发生取代反应生成K,J为,结合题目分析解答;(7)的水解程度为:,结构中的-COOH可由-CN酸性条件下水解得到,而与HCN发生加成反应可生成,再结合苯甲醇催化氧化即可生成苯甲醛,据此分析确定合成路线。【题目详解】(1)由上述分析可知,
36、A为,其化学名称为:苯酚;酚羟基具有弱还原性,能够被浓硫酸氧化,因此加入CH3COCl的目的是保护羟基,防止被氧化;(2)H为HOCH2CN,G为HCHO,由G生成H的化学反应方程式为:HCHO+HCN;反应中醛基中不饱和键生成饱和化学键,属于加成反应;(3)J为,其含氧官能团为酯基;瑞德西韦中碳原子位置为:,一共有5个手性碳原子;(4)C是对硝基乙酸苯酯,X是C的同分异构体,X的结构简式满足下列条件:苯环上含有硝基且苯环上只有一种氢原子;遇FeCl3溶液发生显色反应;1mol的X与足量金属Na反应可生成2gH2(即1mol),则含有两个羟基,根据不饱和度知还存在-CH=CH2,该分子结构对称
37、,符合条件的结构简式为:或;(5)根据上述分析可知,该合成路线可为:。24、O3 Fe(OH)3 6Fe2O34Fe3O4O2 2I2Fe3=2Fe2I2 【答案解析】无色气体Y为O2,同素异形体的分子式是O3,且X中含有铁元素,结合“红褐色”沉淀灼烧后能得到X,可以推断得到X为氧化铁,再根据X分解得到Y与Z的量的关系可知,Z为Fe3O4,W为FeCl3,红褐色沉淀为Fe(OH)3。由于FeCl3具有较强的氧化性,所以将FeCl3溶液滴加在淀粉KI试纸上时会有I2生成,而使试纸变蓝色,据此分析解答。【题目详解】无色气体Y为O2,同素异形体的分子式是O3,且X中含有铁元素,结合“红褐色”沉淀灼烧
38、后能得到X,可以推断得到X为氧化铁,再根据X分解得到Y与Z的量的关系可知,Z为Fe3O4,W为FeCl3,红褐色沉淀为Fe(OH)3;由于FeCl3具有较强的氧化性,所以将FeCl3溶液滴加在淀粉KI试纸上时会有I2生成,而使试纸变蓝色,(1)无色气体Y为O2,其同素异形体的分子式是O3;红褐色沉淀为Fe(OH)3;故答案为:O3;Fe(OH)3;(2)X为Fe2O3,Y为O2,Z为Fe3O4,Fe2O3在隔绝空气条件下受热高温分解为Fe3O4和O2,化学反应方程式为6Fe2O34Fe3O4O2;故答案为:6Fe2O34Fe3O4O2;(3)W为FeCl3,FeCl3具有较强的氧化性,能将KI
39、氧化为I2,试纸变蓝色,反应的离子方程式为2I2Fe3=2Fe2I2;故答案为:2I2Fe3=2Fe2I2。【答案点睛】本题中学生们由于不按要求作答造成失分,有两点:第(1)问经常会出现学生将化学式写成名称;第(3)问错将离子方程式写成化学方程式;学生们做题时一定要认真审题,按要求作答,可以用笔进行重点圈画,作答前一定要看清是让填化学式还是名称,让写化学方程式还是离子方程式。学生们一定要养成良好的审题习惯,不要造成不必要的失分。25、指示 B 中压强变化,避免气流过快引起压强过大 防止乙烯生成前装置中的热气体将溴吹出而降低产率 c Br2+2OH=Br+BrO+H2O 干燥产品(除去产品中的水
40、) 30% 【答案解析】(1)图中B装置气体经过,但B中气体流速过快,则压强会过大,通过观察B中玻璃管可以看出气体的流速和反应速率,因此玻璃管的作用为指示B中压强变化,避免气流过快引起压强过大。 (2)()中“先切断瓶C与瓶D的连接处,再加热三口瓶”的原因是防止乙烯生成前装置中的热气体将溴吹出而降低产率。(3)装置D的烧杯中需加入冷却剂,因为1,2一二溴乙烷的沸点为131,熔点为9.3,因此只能让1,2一二溴乙烷变为液体,不能变为固体,变为固体易堵塞导气管,因此合适冷却剂为c。(4)步骤中加入1的氢氧化钠水溶液主要是将1,2一二溴乙烷中的单质溴除掉,发生反应的离子方程式为Br2+2OH=Br+
41、BrO+H2O。(5)步骤中加入无水氯化钙的作用为干燥产品(除去产品中的水);单质溴为0.1mol,根据质量守恒得到1,2一二溴乙烷理论物质的量为0.1mol,因此该实验所得产品的产率为。【题目详解】(1)图中B装置气体经过,但B中气体流速过快,则压强会过大,通过观察B中玻璃管可以看出气体的流速和反应速率,因此玻璃管的作用为指示B中压强变化,避免气流过快引起压强过大,故答案为:指示B中压强变化,避免气流过快引起压强过大。(2)()中“先切断瓶C与瓶D的连接处,再加热三口瓶”的原因是防止乙烯生成前装置中的热气体将溴吹出而降低产率,故答案为:防止乙烯生成前装置中的热气体将溴吹出而降低产率。(3)装
42、置D的烧杯中需加入冷却剂,因为1,2一二溴乙烷的沸点为131,熔点为9.3,因此只能让1,2一二溴乙烷变为液体,不能变为固体,变为固体易堵塞导气管,因此合适冷却剂为c,故答案为:c。(4)步骤中加入1的氢氧化钠水溶液主要是将1,2一二溴乙烷中的单质溴除掉,发生反应的离子方程式为Br2+2OH=Br+BrO+H2O,故答案为:Br2+2OH=Br+BrO+H2O。(5)步骤中加入无水氯化钙的作用为干燥产品(除去产品中的水);单质溴为0.1mol,根据质量守恒得到1,2一二溴乙烷理论物质的量为0.1mol,因此该实验所得产品的产率为,故答案为:干燥产品(除去产品中的水);30%。26、分液漏斗 C
43、 让锌粒与盐酸先反应产生H2,把装置中的空气赶出,避免生成的亚铬离子被氧化 B A 过量的锌与CrCl3充分反应得到CrCl2 【答案解析】(1)根据仪器结构特征,可知仪器1为分液漏斗;(2)二价铬不稳定,极易被氧气氧化,让锌粒与盐酸先反应产生H2,让锌粒与盐酸先反应产生H2,把装置2和3中的空气赶出,避免生成的亚铬离子被氧化,故先加盐酸一段时间后再加三氯化铬溶液,故答案为C;让锌粒与盐酸先反应产生H2,把装置2和3中的空气赶出,避免生成的亚铬离子被氧化;(3)利用生成氢气,使装置内气体增大,将CrCl2溶液压入装置3中与CH3COONa溶液顺利混合,应关闭阀门B,打开阀门A;(4)锌粒要过量
44、,其原因除了让产生的H2将CrCl2溶液压入装置3与CH3COONa溶液反应外,另一个作用是:过量的锌与CrCl3充分反应得到CrCl2。【答案点睛】本题考查物质制备实验方案的设计,题目难度中等,涉及化学仪器识别、对操作的分析评价、产率计算、溶度积有关计算、对信息的获取与运用等知识,注意对题目信息的应用,有利于培养学生分析、理解能力及化学实验能力。27、除去氯气中的HCl气体;观察产生气泡的速度来调节流速和体积比 1:3 2Cl22Na2CO3H2O=Cl2O2NaCl2NaHCO3 Cl-O-Cl 除去Cl2O 中的 Cl2,提高制得的 HClO 的纯度 D B C 制备的HClO的浓度大,
45、纯度高,不含有Cl- 57.6 【答案解析】该实验属于物质制备类实验,所需原料为氯气和空气,并且要注意体积比1:3这个要求;因此就出现了这两个问题:(1)原料Cl2含有杂质需要除杂;(2)如何准确地控制两种原料气体积比;带着问题分析每个装置的作用就不难发现D装置就恰好能解决上述两个问题。接下来,由于B中的制备反应是气体与固体的反应,所以产物中肯定含有未反应完全的原料气,所以这里又出现了一个问题:未反应完的原料气是否会干扰后续的制备,如何除去;通过分析不难发现装置C恰好可以解决上述问题;最终在装置E中,成功制备了纯度较高的次氯酸溶液。【题目详解】(1)装置D的作用一方面要对装置A制备的Cl2进行
46、净化除杂,另一方面也要保证空气和氯气的最佳体积比;所以D的作用为:除去氯气中的HCl杂质,同时观察气泡的速度来调节氯气和空气的体积比至1:3;(2)根据题意,B中发生的反应为2Cl22Na2CO3H2O=Cl2O2NaCl2NaHCO3,Cl2O中的O为-2价,Cl为+1价,所以该反应是氯元素的歧化反应;根据Cl2O中氯和氧的价态可推测其结构为Cl-O-Cl;(3)题干中提到,用水吸收Cl2O制得次氯酸溶液,Cl2O中不能含有Cl2,而B处的反应是气体与固体的反应,必然会有一部分Cl2无法反应,因此,需要对B装置的出口气体进行除氯气操作,C中的CCl4由于与Cl2极性相近,可以将Cl2吸收,所
47、以C的作用即:除去中的Cl2,提高次氯酸溶液的纯度;(4)结合以上分析,可知连接顺序为ADBCE;(5)氯气直接溶解在水中会生成盐酸杂质,并且由于Cl2在水中溶解度很小,所以制备的次氯酸的浓度也不高,因此该方法的优点为:制备的次氯酸溶液浓度大,纯度高;(6)由题可知,E中次氯酸的含量为0.4mol,根据E中发生的反应:,可知E中参与反应的n(Cl2O)=0.2mol,所以总共生成的Cl2O的物质的量为。根据Cl2O的制备反应方程式可知,所需碳酸钠的物质的量为:,那么至少需要含水量8%的碳酸钠的质量为。【答案点睛】在考虑制备类实验的装置连接顺序时,可先找出其中的原料发生装置,反应制备装置和尾气处理装置,再根据具体信息考虑这些装置之间的除杂干燥防倒吸问题,最终设计出合理的连接顺序。28、+124 正反应气体分子数增加,水蒸气起稀释作用,相当于减压的效果 600,乙苯的转化率和苯乙烯的选择性均较高 2Ag(NH3)2OHCO=(NH4)2CO32Ag2NH3 H2Oe=OHH 【答案解
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