安徽省池州市贵池区三级教研网络中片中考物理二模试卷

1、安徽省池州市贵池区三级教研网络中片中考物理二模试卷安徽省池州市贵池区三级教研网络中片中考物理二模试卷安徽省池州市贵池区三级教研网络中片中考物理二模试卷2018年安徽省池州市贵池区三级教研网络中片中考物理二模试卷一、填空题（1-3题每空1分，其余每空2分，共26分）1（2分）以以下图，刻度尺的分度值是cm，小明用刻度尺测得物体的长度是mm。2（2分）如图是一个纸盒、两支笔和四根宽窄不一样的橡皮筋制作的“橡皮筋吉他”。拨动a、b、c、d四根橡皮筋，音调最高。用大小不一样的力拨动同一根橡皮筋，橡皮筋发声的不一样。3（2分）有一种“超声波喷雾降温扇”。在风扇转动时还可以喷出水雾。喷雾可以增添空气中的水

2、分，风扇吹风加快了空气中水分的，就加快了从四周物体热量，从而达到降温的目的。4（4分）风力是指风吹到物体上所表现出的力量的大小。小明同学设计了如图的装置研究风力的大小，一根轻杆一端固定一个小球，另一端固定于O点，轻杆可以绕O点转动，用电风扇水平送风吹动小球时，轻杆将转过必定的角度，与竖直方向成一个夹角，小球的重力为2N，轻杆的长度为0.5m，忽视小球的体积的影响，当角为45时，水平风力大小为N，当风力将小球从竖直地点吹至=60时，风力对小球最少做功J。5（2分）以以下图，一两端张口的塑料软管，用橡皮膜将下端张口扎紧（密封），将塑料软管竖直搁置时，从上端张口处倒人必定量的水，可以发现橡皮膜向下突

3、出（图甲），此时若将软管下部某处按图乙所示合适曲折（图中橡皮膜未画出），第1页（共32页）你以为橡皮膜突出的程度与图甲对比将会。（选填“变大”“变小”或“不变”）6（2分）以以下图，弹簧一端固定在竖直墙上，另一端固定在物块B上，A、B互相叠加搁置圆滑水平面上。现将A、B从弹簧的原长地点O点拉至地点l，放手后，A、B保持相对静止并向O点运动。请在图中画出当A、B运动到地点2时，物块A受力的表示图。（不计空气阻力）7（2分）以以下图，重为G的小铁块在水平方向力F的作用下，沿条形磁铁的表面从N极滑到S极，在此过程中小铁块对磁铁的压力大小变化状况是。8（4分）小明同学用图装置拉动物体A，使重为200N

4、的物体在3s内沿水平面匀速挪动了4m，若A遇到地面的摩擦力为50N，小明作用在绳索上的拉力F为30N，则拉力F的功率为瓦，该装置的机械效率为。9（2分）以以下图，虚线地域内的“”为垂直纸面的磁感线，当金属框沿圆滑绝缘斜面的顶端，由静止开始滑究竟端时，拥有的动能为E1；若将金属框换成质量相同的塑料框，其余条件不变，塑料框滑究竟端时，拥有的动能为E2判断E1E2（选填“大于”“小于”或“等于”）（提示：金属框是导体，有电阻）第2页（共32页）10（2分）以以下图，在两个大小相等的力F1和F2的作用下，质量为m的木块可在两长板之间以v的速度匀速向下滑落，假如保持两力F1和F2的大小方向不变，能使木块

5、m以3v的速度匀速向上滑动，那么木块向上的推力应是。（用题目中供给的物理量表示）11（2分）以以下图的电路，电源电压不变，闭合开关，当滑动变阻器的滑片向右挪动时，小灯泡L两端电压将会。（选填“变大”“变小”或“不变”）二、选择题（每题3分，共21分，每题给出的四个选项中只有一个吻合题意）12（3分）以以下图不属于经过做功改变内能的是（）A图中，严寒的天气中搓手取暖B第3页（共32页）图中，酒精灯点燃后烧杯中煤油的温度高升C图中，向下迅速挪动活塞后玻璃管底部的棉花燃烧D图中，通电后的电炉丝热的发红13（3分）如图，用大小相等的拉力F，分别沿斜面和水平面拉木箱，拉力方向和运动方向一直一致，运动时间

6、tabtcd，运动距离sab=scd，比较两种状况下拉力所做的功和功率（）Aab段做功许多Bab段与cd段的功相同多Cab段功率较大Dab段与cd段的功率相同大14（3分）如图是水陆两用飞机在水面腾跃时的情形。则该飞机（）A腾跃时，空气对它的浮力大于重力B腾跃时，空气对它的升力大于重力C在水中静止时，空气对它的升力等于重力D在水中加快滑行时，水对它的浮力大于重力15（3分）某电路以以下图，电源电压不变，R1R2闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P从a端滑到b端，则以下说法中不正确的选项是（）第4页（共32页）A电路中的总电阻变大BR1两端电压不变CR2的电功率变大DR1电流的变化量小于R2电流的变

7、化量16（3分）弹跳杆运动是一项广受欢迎的运动。其结构如图甲所示。图乙是小希玩弹跳杆时由最低地点上涨到最高地点的过程，针对此过裎。以下分析正确的是（）A在a状态时弹簧的弹性势能最大，小希的动能为零Bab的过程中，弹簧的弹力愈来愈大，在b状态时弹力最大Cbc的过程中，弹簧的弹性势能转变成小希的重力势能Dac的过程中，小希先加快后减速，在b状态时速度最大17（3分）以以下图，两个相同的盛满水的甲乙容器放在水平川面上，甲容器中飘荡一物块，物块密度物=0.9水以下说法正确的选项是（）A甲容器对水平川面的压力等于乙容器对水平川面的压力B将物块所有压入水中时，两容器底部遇到水的压力相等C飘荡的物块，受的重

8、力与浮力均衡，且有体积露出水面第5页（共32页）D将物块缓慢下压至吞没的过程中，物块遇到的压力和浮力的合力不变18（3分）以以下图，在一圆环形导线的中央搁置一个小磁针，通入以以下图的电流时，以下说法中正确的选项是（）A小磁针的N极转向纸内B小磁针的N极转向纸外C小磁针保持不动D小磁针的N极在纸面内沿顺时间方向转动三、实验研究题（第18小题6分，第19小题6分，第20小题8分，共21分）19（6分）某同学在做凸面镜成像的实验时，所用凸面镜的焦距为10cm，老师要求他观察物距等于5cm时烛焰所成的像。实验时，他将点燃的蜡烛移到物距为5cm处（如图），挪动光屏，发现光屏上只有光斑（图中未画出）。（1

9、）以下关于光斑的说法正确的选项是：（选填“A或”“B或”“C）”。A光斑是烛焰所成的实像B光斑是烛焰所成的虚像C光斑是烛焰发出的光折射到光屏上形成的2）为了观察物距等于5cm时烛焰的成像特色，请你写出接下来的操作步骤：。20（6分）演绎式研究研究电流（1）自由电子在导体中定向挪动形成电流，物理学上把单位时间经过导体横截面积的电荷叫电流。若用字母Q表示电荷，用字母t表示通电时间，则电流的定义式为：I=。第6页（共32页）（2）若流过导体的电流为0.2A，导体中要流过5C的电荷（C为电荷的国际单位库仑），则通电时间为。（3）若流过导体单位体积的电子个数为n，每个电子所带电荷为e，电子在导体中流动速

10、度为v，导体直径为d，则导体中电流的数学表达式为：I=。21（8分）现用“伏安法”丈量一个未知电阻Rx的阻值（Rx约为20）在实验室中，配有的实验器械以下：电源（电压U=3V恒定）；B电流表A1（量程050mA）；AE电流表2（量程03A）；D电压表V1（量程03V）；CA电压表V2（量程015V）；F滑动变阻器R（080）；EG定值电阻R0=40；H开关一个，导线若干。则：为了丈量多组数据使结果尽量正确，在滑动变阻器的整个滑动过程中，要使两电表的丈量值范围尽可能大一些，并且两电表的读数均大于其量程的则：（1）依据实验要求，电压表采纳，电流表采纳。（选填器械前的字母代号）2）请在虚线方框内画出

11、实验电路图（此中，部分电路已画出，并标出所选器械的字母）。3）依据所画的电路图，用笔划线取代导线，将实物图连接起来。（4）若在某次实验中，电压表的示数为U，电流表的示数为I，那么，待测电阻阻值的表达式为Rx=。四、推导及计算题（第21小题6分，第22小题8分，第23小题9分，共23.0分；解答要有必需的公式和解答过程，只有最后答案的不得分）第7页（共32页）22（6分）小陈开着一辆质量为M小车从水平路面驶入西湖大道，再从高架进口驶入引桥。引桥长度为L，高为h。（1）当汽车在水平路面行驶时，发动机输出功率恒为P1，此时汽车以v的最大速度匀速行驶，求汽车遇到的阻力多大？（2）当汽车驶入高架引桥，发

12、动机输出功率恒定为P2，已知汽车从引桥底部行驶到顶部所用时间为t，那么在引桥上行驶时汽车做的（输出）总功是多少？（3）在第（2）问的基础上，试推导汽车在引桥上遇到的阻力是水平路面遇到阻力的k倍，证明：k=。23（8分）体积为10cm3的铁球汲取908.5J热量后温度高升了50：（1）试推导说明铁球是空心的；铁的密度是7.9103kg/m3，铁的比热容是0.46103J/（kg?）（2）将空心部分装满水后，铁球的总质量是多少？24（9分）实验室里常用欧姆表来直接丈量电阻。以以下图是欧姆表的简化结构图，它由敏捷电流表、电源、变阻器等构成。在A、B间接入一上电阻R0，电路中就有一个对应的电流I，故由

13、电流表的指针地点可以知道电阻R的大小。为了方便早先在电流表的刻度盘上标出了电阻的欧姆值，欧姆表在丈量前都需要调零，即把欧姆表的A、B两接线柱短接，调理变阻器的滑片地点便电流表满偏（指针指在最大刻度处）若某欧姆表的刻度值是按电源电压为1.5V来刻度的，满偏电流为10mA求：1）当欧姆表正常工作时的内阻是多大？2）当A、B间接入待测电阻Rx时，发现指针偏转到满偏电流的一半处，则待测电阻Rx的阻值是多大？3）若在使用一段时间后，发现电源电压降为1.2V，用这个欧姆表测得某电阻为350，则这个电阻的实质值为（不考虑电源自己的电阻）多大？第8页（共32页）第9页（共32页）2018年安徽省池州市贵池区三

14、级教研网络中片中考物理二模试卷参照答案与试题分析一、填空题（1-3题每空1分，其余每空2分，共26分）1（2分）以以下图，刻度尺的分度值是0.1cm，小明用刻度尺测得物体的长度是35.0mm。【分析】（1）刻度尺的分度值（即最小刻度值）为相邻的刻度线表示的长度；（2）初步端没从0开始，把6.00cm处看作“0刻”度，读出尾端刻度值，减去6.00cm即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位。【解答】解：（1）图示刻度尺1cm又分为10个小刻度，故分度值为1mm=0.1cm；2）（2）尾端刻度值为9.50cm，物体长度为9.50cm6.00cm=3.50cm=35.0mm。故答案为：0.1；

15、35.0。【评论】此题观察了刻度尺的读数，需要注意的是必定要估读；刻度尺是初中物理中基本的丈量工具，使用前要观察它的量程和分度值，使用时刻度重要贴被测物体，读数时视野与刻度垂直，估读到分度值的下一位。2（2分）如图是一个纸盒、两支笔和四根宽窄不一样的橡皮筋制作的“橡皮筋吉他”。拨动a、b、c、d四根橡皮筋，a音调最高。用大小不一样的力拨动同一根橡皮筋，橡皮筋发声的响度不一样。【分析】要解答此题需掌握：1）声音是由物体的振动产生的；音调的高低和振动的频率有关，振动的频率越高，音调越高。第10页（共32页）（2）响度是指声音的大小，其与振幅和距离声源的距离有关；【解答】解：如图是一个纸盒、两支笔和

16、四根宽窄不一样的橡皮筋制作的“橡皮筋吉他”，因为a最细，所以a振动时，频率最大，音调最高；同时当用大小不一样的力拨动同一根橡皮筋，橡皮筋振动的幅度是不一样的，故响度是不一样的；故答案为：a；响度；【评论】此题主要观察学生：声音产生的条件，以及音调的高低、响度的大小的影响要素，是一道基础题。3（2分）有一种“超声波喷雾降温扇”。在风扇转动时还可以喷出水雾。喷雾可以增添空气中的水分，风扇吹风加快了空气中水分的蒸发（汽化），就加快了从四周物体汲取热量，从而达到降温的目的。【分析】影响蒸发快慢的要素有：液体的温度、液体的表面积和液体表面的空气流动速度；要加热蒸发，可以高升液体的温度、增大液体的表面积和

17、加快液体表面的空气流动速度；蒸发是汽化的一种，汽化要吸热。【解答】解：喷雾可以增添空气中的水分，风扇吹风加快了空气的流动速度，从而加快了水分的蒸发；蒸发要从四周物体中汲取热量，从而起到降温的目的。故答案为：蒸发（汽化）；汲取。【评论】解答此题需要知道：蒸发的快慢和空气流动速度的关系；蒸发要吸热。4（4分）风力是指风吹到物体上所表现出的力量的大小。小明同学设计了如图的装置研究风力的大小，一根轻杆一端固定一个小球，另一端固定于O点，轻杆可以绕O点转动，用电风扇水平送风吹动小球时，轻杆将转过必定的角度，与竖直方向成一个夹角，小球的重力为2N，轻杆的长度为0.5m，忽视小球的体积的影响，当角为45时，

18、水平风力大小为2N，当风力将小球从竖直位第11页（共32页）置吹至=60时，风力对小球最少做功5J。【分析】（1）对小球受力分析，受重力、拉力微风力处于均衡，依据共点力均衡求出风对小球的作用力；（2）当小球从竖直地点吹至=60时，风力做功，转变成重力势能，利用W=mgh可求得风力对小球做功。【解答】解：（1）对小球受力分析以以下图所示：由共点力的均衡得，风对小球的作用力：F=mgtan45=2N1=2N；（3）当风力将小球从竖直地点吹至=60时，以以下图：此时OD=OC=0.5m=0.25m，风力对小球做的功所有转变成小球的重力势能时风力做功最少，则W=Gh=GOD=2N0.25m=0.5J。

19、故答案为：2；0.5。【评论】解决此题的要点可以正确地受力分析，而后运用几何知识解答，所以解答此题要修业生应具备必定的学科综合能力。5（2分）以以下图，一两端张口的塑料软管，用橡皮膜将下端张口扎紧（密封），将塑料软管竖直搁置时，从上端张口处倒人必定量的水，可以发现橡皮膜向下突出（图甲），此时若将软管下部某处按图乙所示合适曲折（图中橡皮膜未画出），第12页（共32页）你以为橡皮膜突出的程度与图甲对比将会变小。（选填“变大”“变小”或“不变”）【分析】影响液体压强盛小的要素是液体的密度和液体的深度，观察软管曲折时液体密度和深度的变化，从而得出橡皮膜的凸出发度。【解答】解：因为液体压强与液体深度有关

20、，水管曲折后水的深度减小，水的压强减小。所以，橡皮膜凸出发度变小。故答案为：变小。【评论】此题观察液体压强知识的应用，物理知识是要应用于生活的，要学会使用物理知识解说生活中的物理现象。6（2分）以以下图，弹簧一端固定在竖直墙上，另一端固定在物块B上，A、B互相叠加搁置圆滑水平面上。现将A、B从弹簧的原长地点O点拉至地点l，放手后，A、B保持相对静止并向O点运动。请在图中画出当A、B运动到地点2时，物块A受力的表示图。（不计空气阻力）【分析】第一对物块A进行受力分析，因A、B互相叠加搁置圆滑水平面上，所以B与水平面没有摩擦力，因为放手后，A、B保持相对静止并向O点运动，则A遇到B对它的摩擦力，竖

21、直方向上受重力和支持力。【解答】解：放手后，A、B保持相对静止并向O点运动，物块A在水平方向受对它向左的摩擦力，竖直方向上受重力和支持力。以以下图所示：第13页（共32页）【评论】此题观察物体受力状况分析和表示图表示力的方向和作用点，注意牢记重力的方向是固定不变的。当将物体搁置圆滑水平面上时，可以以为没有摩擦力。7（2分）以以下图，重为G的小铁块在水平方向力F的作用下，沿条形磁铁的表面从N极滑到S极，在此过程中小铁块对磁铁的压力大小变化状况是先减小后增大。【分析】（1）条形磁体的两端磁性最强，中间磁性最弱；2）磁铁的两极磁性最强，铁块在两端时，遇到磁铁的作用较大，中间磁性最弱，铁块遇到磁铁的作

22、用较小。【解答】解：小铁块在左端时，遇到N极的引力较大，铁块对磁铁的压力较大；越凑近中间，磁性减弱，磁铁对铁块的作用减小，铁块对磁铁的压力减小；凑近S极，磁性加强，引力增大，铁块对磁铁的压力较大。故答案为：先减小后增大。【评论】此题观察了磁体上磁性强弱的分布，属于基础知识的观察，对比较较简单。8（4分）小明同学用图装置拉动物体A，使重为200N的物体在3s内沿水平面匀速挪动了4m，若A遇到地面的摩擦力为50N，小明作用在绳索上的拉力F为30N，则拉力F的功率为80瓦，该装置的机械效率为83.3%。【分析】要求拉力的功率可以求出3s内拉力做的功，依据P=求出功率。3s内第14页（共32页）物体挪

23、动了4m，由担当阻力的绳索股数是2，所以绳索自由端挪动的距离是8m，依据W=FS求出功。拉物体做的功是实用功，W实用=fS，再有前面求出的总功，依据=，求出机械效率。【解答】解：绳索自由端挪动的距离：S=2S=24m=8m。拉力F做的功：W=FS=30N8m=240J，拉力的功率：P=80W。拉物体做的功是实用功，W实用=fS=50N4m=200J。装置的机械效率：=83.3%。故答案为：80；83.3%。【评论】此题属于功和功率的基本运算，比较简单；此题要注意正确判断实用功。9（2分）以以下图，虚线地域内的“”为垂直纸面的磁感线，当金属框沿圆滑绝缘斜面的顶端，由静止开始滑究竟端时，拥有的动能

24、为E1；若将金属框换成质量相同的塑料框，其余条件不变，塑料框滑究竟端时，拥有的动能为E2判断E1小于E2（选填“大于”“小于”或“等于”）（提示：金属框是导体，有电阻）【分析】从能的转变角度分析，金属框和塑料框质量相等，在斜面的顶端时，重力势能相等，分析金属框和塑料框由静止开始滑究竟端时能的转变状况即可判断动能为E1和动能为E2的大小。【解答】解：金属框由静止开始滑究竟端的过程中，金属框经过磁场时切割磁感线，会产生感应电流，有一部分重力势能转变成电能，即在此过程中金属框的重力势能转变成第15页（共32页）动能和电能；斜面圆滑，塑料框由静止开始滑究竟端的过程中，因为塑料框为绝缘体，所以通过磁场时

25、不会产生感觉电流，则重力势能所有转变成动能；因为金属框和塑料框的质量相等，在斜面顶端时高度相同，则最先的重力势能相等，所以依据前面分析可知，滑究竟端时金属框的动能较小，即动能关系为E1E2。应选：小于。【评论】此题的要点是要抓好两点：（1）斜面圆滑，金属框和塑料框质量相等，在斜面的顶端时，重力势能相等；（2）金属框和塑料框由静止开始滑究竟端的过程中，能的转变是不一样样的。10（2分）以以下图，在两个大小相等的力F1和F2的作用下，质量为m的木块可在两长板之间以v的速度匀速向下滑落，假如保持两力F1和F2的大小方向不变，能使木块m以3v的速度匀速向上滑动，那么木块向上的推力应是2mg。（用题目中

26、供给的物理量表示）【分析】一个物体在两个力作用下能保持静止或匀速直线运动状态，这两个力就是均衡力。影响滑动摩擦大小的要素有：对接触面的压力；接触面的粗糙程度。【解答】解：木块的遇到的重力为：G=mg，在竖直方向，当木块在两个力的作用下匀速下滑时，由二力均衡条件可知：重力和摩擦力是均衡力，所以，木块遇到的摩擦力大小为f=G=mg，方向为：竖直向上；当木块在两个力的作用下匀速上涨时，由二力均衡条件可知：向上的推力与物体向下的重力、向下摩擦力的合力是均衡力，第16页（共32页）F=G+f由影响滑动摩擦大小的要素可知：匀速向上和匀速向下运动时，两个对物体的压力、接触面的粗糙程度不变；所以f=f，则F=

27、G+f=2G=2mg。故答案为：2mg。【评论】解决此题的要点：一是依据均衡状态判断二力均衡；二是掌握影响摩擦力大小的要素。11（2分）以以下图的电路，电源电压不变，闭合开关，当滑动变阻器的滑片向右挪动时，小灯泡L两端电压将会变大。（选填“变大”“变小”或“不变”）【分析】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串通，依据滑片的挪动可知接入电路中电阻的变化，依据欧姆定律可知电路中电流的变化和灯泡两端的电压变化。【解答】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串通，当滑动变阻器的滑片向右挪动时，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，由I=可知，电路中的电流变大，由U=IR可知，灯泡两端的电压变大。故答案为：

28、变大。【评论】此题观察了电路的动向分析，涉及到滑动变阻器和欧姆定律的应用，利用串通电路的分压特色进行解答会更简单。二、选择题（每题3分，共21分，每题给出的四个选项中只有一个吻合题意）12（3分）以以下图不属于经过做功改变内能的是（）第17页（共32页）A图中，严寒的天气中搓手取暖B图中，酒精灯点燃后烧杯中煤油的温度高升C图中，向下迅速挪动活塞后玻璃管底部的棉花燃烧D图中，通电后的电炉丝热的发红【分析】改变物体内能的方式有两种：做功和热传达，此中做功过程是能量的转化过程，热传达是能量的转移过程。【解答】解：A、搓手取暖是战胜摩擦做功，将机械能转变成内能的过程，故A不吻合题意；B、酒精灯点燃后烧

29、杯中煤油的温度高升，这是经过热传达的方式增添内能的，故B吻合题意；C、向下迅速压活塞，对气体做功，气体的内能增添，温度高升，达到棉花的着火点，棉花燃烧，故C不吻合题意；D、通电后的电炉丝热的发红，这是利用电流做功改变内能的，故D不吻合题意。应选：B。【评论】此题观察了改变物体内能有两种方式：做功和热传达，属于基础题目。第18页（共32页）13（3分）如图，用大小相等的拉力F，分别沿斜面和水平面拉木箱，拉力方向和运动方向一直一致，运动时间tabtcd，运动距离sab=scd，比较两种状况下拉力所做的功和功率（）Aab段做功许多Bab段与cd段的功相同多Cab段功率较大Dab段与cd段的功率相同大

30、【分析】依据功的计算公式W=FS可知：比较功的大小要比较拉力F和挪动距离的大小，知道功和时间的关系，依据P=即可比较。【解答】解：已知F1=F2，sab=scd，由W=Fs可知：拉力所做的功相同，故A错误，B正确；因为tabtcd，由P=得：PabPcd故CD错误；应选：B。【评论】此题观察功和功率的比较，重要扣功和功率的公式即可。14（3分）如图是水陆两用飞机在水面腾跃时的情形。则该飞机（）A腾跃时，空气对它的浮力大于重力B腾跃时，空气对它的升力大于重力C在水中静止时，空气对它的升力等于重力D在水中加快滑行时，水对它的浮力大于重力【分析】水陆两用飞机一直遇到重力作用，在水中静止时还遇到浮力作

31、用，加快滑行、腾跃时遇到升力作用，依据力学知识分析题干中所描述的飞机的状态找到力的关系。第19页（共32页）【解答】解：腾跃时，因为机翼的特别形状，机翼上边的空气流动速度快，压强小，产生向上的升力，此升力大于重力，飞机才可以上涨，所以A说浮力大于重力是错误的，B说升力大于重力是正确的；飞机在水中静止时，遇到水的浮力和重力，因为处于均衡状态，所以浮力等于重力；在水中加快滑行时，飞机遇到向上的水的浮力和机翼遇到向上的空气的升力，而且向上的浮力加上向上的升力等于飞机的重力，所以加快滑行时水对它的浮力小于飞机的重力。应选：B。【评论】水陆两用飞机在水中静止主要遇到浮力和重力，并且浮力等于重力；加快滑行

32、时遇到的浮力和机翼的升力等于飞机的重力；在升空时遇到升力和重力，升力大于重力，而不是空气的浮力大于重力。15（3分）某电路以以下图，电源电压不变，R1R2闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P从a端滑到b端，则以下说法中不正确的选项是（）A电路中的总电阻变大BR1两端电压不变CR2的电功率变大DR1电流的变化量小于R2电流的变化量【分析】由电路图可知，滑动变阻器与R2并联后再与R1串通，依据滑片的挪动可知接入电路中电阻的变化，电路中总电阻的变化，依据欧姆定律可知电路中电流的变化和R1两端的电压变化，依据串通电路的电压特色可知并联部分的电压变化，依据并联电路的电压特色可知R2两端的电压变化，利用P=U

33、I=可知R2的电功率变化；依据串通电路的电压特色可知R1两端电压与R2两端电压的变化量相同，依据欧姆定律可知R1电流的变化量与R2电流的变化量关系。第20页（共32页）【解答】解：由电路图可知，滑动变阻器与R2并联后再与R1串通，将滑动变阻器的滑片P从a端滑到b端，滑动变阻器接入电路中的电阻变大，并联部分的电阻变大，电路的总电阻变大，故A正确；由I=可知，电路中的电流变小，由U=IR可知，R1两端的电压变小，故B错误；因串通电路中总电压等于各分电压之和，且并联电路中各支路两端的电压相等，所以，并联部分的电压变大，R2两端的电压变大，由P=UI=可知，R2的电功率变大，故C正确；因R1两端电压与

34、R2两端电压的变化量相同，且R1R2，所以，由I=可知，R1电流的变化量小于R2电流的变化量，故D正确。应选：B。【评论】此题观察的是对一个基本的混联电路的分析，打破的要点是掌握串通电路和并联电路的基本规律，掌握好整体（串通）与局部（并联）的连接。16（3分）弹跳杆运动是一项广受欢迎的运动。其结构如图甲所示。图乙是小希玩弹跳杆时由最低地点上涨到最高地点的过程，针对此过裎。以下分析正确的是（）A在a状态时弹簧的弹性势能最大，小希的动能为零Bab的过程中，弹簧的弹力愈来愈大，在b状态时弹力最大Cbc的过程中，弹簧的弹性势能转变成小希的重力势能Dac的过程中，小希先加快后减速，在b状态时速度最大【分

35、析】（1）动能大小的影响要素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大。第21页（共32页）2）重力势能大小的影响要素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大。3）弹簧因为发生弹性形变而拥有的能称为弹性势能，弹性势能的大小与物体发生弹性形变的程度有关。4）速度最大地点是重力和弹力相等的时候。【解答】解：A、由图可知，a状态时弹簧的形变程度最大，弹簧的弹性势能最大；此时小希瞬时静止动能为0，故A正确；B、ab的过程中，弹簧的形变程度变小，所以弹簧的弹力愈来愈小；到达b点时，弹簧恢复到原长，所以此时弹力为0，故B错误；C、bc的过程中，即走开地面上涨的过程，小希的速度减小，动能减小，高度增大

36、，重力势能增大，所以该过程中是动能转变成小希的重力势能，故C错误；D、b不是速度最大地点，速度最大地点是重力和弹力相等的时候，故D错。应选：A。【评论】此题观察了动能、重力势能和弹性势能的互相转变，是一道综合题，难度较大。17（3分）以以下图，两个相同的盛满水的甲乙容器放在水平川面上，甲容器中飘荡一物块，物块密度物=0.9水以下说法正确的选项是（）A甲容器对水平川面的压力等于乙容器对水平川面的压力B将物块所有压入水中时，两容器底部遇到水的压力相等C飘荡的物块，受的重力与浮力均衡，且有体积露出水面D将物块缓慢下压至吞没的过程中，物块遇到的压力和浮力的合力不变【分析】（1）分析出物体与排开水的重力

37、关系，即可得出结论；（2）第一依据p=水gh判断出水对容器底的压强，从而判断出压力的大小关系；第22页（共32页）3）依据浮力与重力相等的关系计算出物体吞没在液体中的体积，则得出露出水面的体积；4）依据吞没在液体中的物体遇到的浮力与深度没关进行分析。【解答】解：A、因为物体飘荡，所以浮力与重力相等，则物体的重力等于排开水的重力，所以两容器对水平川面的压力相等，故A正确；B、因为两容器都盛满水，由p=水gh得，水对容器底的压强相等，又两容器的底面积相同，由公式F=pS得，压力相等，故B正确；C、物体飘荡，所以F浮=G，则水gV排=物gV，则V排=V=V，则露出水面的体积为V，故C错误；D、将物块

38、缓慢下压至吞没的过程中，因为遇到的浮力不停增大，所以压力也不断增大，浮力增大多少，则压力增大多少，所以其合力不变，故D正确。应选：ABD。【评论】此题观察了物体的浮沉条件及其应用，特别是物体飘荡时物体的浮力与重力相等，同时观察了压强和压力的知识，在分析的过程中，还要应用到阿基米德原理的知识。18（3分）以以下图，在一圆环形导线的中央搁置一个小磁针，通入以以下图的电流时，以下说法中正确的选项是（）A小磁针的N极转向纸内B小磁针的N极转向纸外C小磁针保持不动D小磁针的N极在纸面内沿顺时间方向转动【分析】解决该题需用以下知识点：第23页（共32页）一个通电线圈也有N极和S极，也依据安培定章判断，纸里

39、是线圈的N极，纸外是线圈的S极；线圈外面的磁场是从线圈的N极出往返到S极，线圈内部的磁场是从线圈的S极出往返到N极；磁场中该点的磁体N极遇到磁力方向和该点的磁场方向相同。【解答】解：依据安培定章知，纸里是通电螺线管的N极，纸外是通电螺线管的S极；通电螺线管内部的磁场是从S极出往返到N极，小磁针在通电螺线管的内部，小磁针N极遇到的磁力和磁场方向相同，故小磁针垂直指向纸里。应选：A。【评论】通电线圈内部的磁场方向和通电线圈外面的磁场方向不一样，通电线圈内部的磁场从S极出往返到N极，通电线圈外面的磁场从N极出往返到S极。三、实验研究题（第18小题6分，第19小题6分，第20小题8分，共21分）19（

40、6分）某同学在做凸面镜成像的实验时，所用凸面镜的焦距为10cm，老师要求他观察物距等于5cm时烛焰所成的像。实验时，他将点燃的蜡烛移到物距为5cm处（如图），挪动光屏，发现光屏上只有光斑（图中未画出）。（1）以下关于光斑的说法正确的选项是：C（选填“A或”“B或”“C）”。A光斑是烛焰所成的实像B光斑是烛焰所成的虚像C光斑是烛焰发出的光折射到光屏上形成的2）为了观察物距等于5cm时烛焰的成像特色，请你写出接下来的操作步骤：移去光屏，从凸面镜的右边经过凸面镜观察。【分析】蜡烛在凸面镜的一倍焦距之内时，成的是正立放大的虚像，在光屏上不可以成像，光屏上的光斑是烛焰发出的光折射到光屏上形成的；第24页

41、（共32页）要想观察烛焰的成像特色，眼睛在光屏处透过透镜观察像的特色。【解答】解：（1）蜡烛在凸面镜的5cm处时，uf，在透镜的一倍焦距之内，在蜡烛同侧成的是正立放大的虚像，在光屏上不可以成像，光屏上的光斑是烛焰发出的光折射到光屏上形成的；（2）蜡烛在凸面镜的5cm处时，uf，在透镜的一倍焦距之内，在蜡烛同侧成的是正立放大的虚像，要想观察烛焰的成像特色，需移去光屏，从凸面镜的右边经过凸面镜观察。故答案为：（1）C；（2）移去光屏，从凸面镜的右边经过凸面镜观察。【评论】此题主要观察的是学生对凸面镜成像规律的认识和掌握，要熟练掌握凸面镜成像的特色与物距的关系，并注意像和物体的地点关系。20（6分）

42、演绎式研究研究电流1）自由电子在导体中定向挪动形成电流，物理学上把单位时间经过导体横截面积的电荷叫电流。若用字母Q表示电荷，用字母t表示通电时间，则电流的定义式为：I=。2）若流过导体的电流为0.2A，导体中要流过5C的电荷（C为电荷的国际单位库仑），则通电时间为25s。3）若流过导体单位体积的电子个数为n，每个电子所带电荷为e，电子在导体中流动速度为v，导体直径为d，则导体中电流的数学表达式为：I=。【分析】（1）依据电流的定义分析答题；2）由电流定义式的变形公式分析答题；3）已知电子挪动的速度，可以求出电子在时间t内挪动的距离；已知导体的直径，可以求出导体的横截面积；已知导体中单位体积内电

43、子个数，可以求出时间t内，经过导体横截面的电荷数；已知经过横截面的电荷数和每个电子的电荷量，可以获得一准时间t经过导体横截面的电荷量；已知电荷量和通电时间，依据电流的定义式可以求出电流的数学表达式。第25页（共32页）【解答】解：（1）时间t内经过导体横截面的电荷量是Q，依据电流的定义可知，电流I=。（2）通电时间：t=。（3）t时间内电子挪动的距离L=vt，导体的横截面积S=；t时间内经过导体某一横截面的电子数：N=nSL=，t时间内经过导体某一横截面的电荷量：Q=Ne=，经过导体的电流：I=。故答案为：（1）；（2）25s；（3）。【评论】此题观察了电流的定义式、求经过必定电量所需要的时间

44、、推导导体中电流的微观表达式，最后一问难度较大，解题时，要认真审题，获得必需的信息，而后解题。21（8分）现用“伏安法”丈量一个未知电阻Rx的阻值（Rx约为20）在实验室中，配有的实验器械以下：电源（电压U=3V恒定）；B电流表A1（量程050mA）；AE电流表A2（量程03A）；D电压表V（量程03V）；C1电压表2（量程015V）；F滑动变阻器R（080）；EVG定值电阻R0=40；H开关一个，导线若干。则：为了丈量多组数据使结果尽量正确，在滑动变阻器的整个滑动过程中，要使两电表的丈量值范围尽可能大一些，并且两电表的读数均大于其量程的则：（1）依据实验要求，电压表采纳D，电流表采纳B。（选

45、填器械前的字母代号）2）请在虚线方框内画出实验电路图（此中，部分电路已画出，并标出所选器械的字母）。3）依据所画的电路图，用笔划线取代导线，将实物图连接起来。第26页（共32页）4）若在某次实验中，电压表的示数为U，电流表的示数为I，那么，待测电阻阻值的表达式为Rx=R0。【分析】（1）将定值电阻、待测电阻、滑动变阻器串通在电路中，当滑动变阻器连入电路中的电阻为0时，电路中电流最大，I=；X=0.05A=50mA当滑动变阻器连入电路中的电阻最大时，电路中的最小电流I0X=0.021A=21mA50mA，所以，电流表采纳B；待测电阻两端的最大电压UX=IXRx=Rx=，20=1V=3V=1V不吻

46、合电表的读数大于其量程的；而定值电阻、待测电阻两端的最小电压U0X=I0X（R+R0）=0.021A60=1.26V3V=1V，而电源电压为3V，将电压表并联在定值电阻、待测电阻两端，所以，电压表采纳D；2）依据上述分析，画出实验电路图；3）依据所画的电路图，将实物图连接起来，注意实物图与电路图要逐个对应；4）依据电路图，由欧姆定律，求出待测电阻大小；【解答】解：（1）将定值电阻、待测电阻、滑动变阻器串通在电路中，当滑动变阻器连入电路中的电阻为0时，电路中电流最大，最大电流：第27页（共32页）IX大=0.05A=50mA；当滑动变阻器的连入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，最小电流：IX小

47、=0.021A=21mA50mA16.7mA；所以电流表采纳B；电源电压为3V，故电压表采纳03V量程，即电压表采纳D；若将电压表并联在待测电阻两端，待测电阻的最大电压：UX大=IX大RX=0.05A20=1V，电压表的读数是量程的，不满足实验要求，故电压表不可以并联在待测电阻两端。而定值电阻和待测电阻两端的最小电压：U0X=IX小（R+R0）=0.021A60=1.26V3V=1V，所以应将电压表并联在定值电阻和待测电阻两端，才能满足两电表的读数均大于其量程的；2）将定值电阻、待测电阻、滑动变阻器、电流表串通在电路中，电压表并联在定值电阻和待测电阻两端，如上图所示；3）依据所画的电路图，用笔

48、划线取代导线，将实物图连接起来，注意电表正负接线柱的连接及滑动变阻左侧电阻连入电路；4）由欧姆定律，R0+RX=，所以待测电阻阻值：RX=R0。故答案为：（1）B；D；（2）如上图所示；（3）如右上图所示；（4）RX=R0。【评论】此题用“伏安法”丈量一个未知电阻Rx的阻值，观察学生选择实验器械、设计实验方案的能力，难度较大。四、推导及计算题（第21小题6分，第22小题8分，第23小题9分，共23.0分；解答要有必需的公式和解答过程，只有最后答案的不得分）22（6分）小陈开着一辆质量为M小车从水平路面驶入西湖大道，再从高架进口驶入引桥。引桥长度为L，高为h。第28页（共32页）（1）当汽车在水

49、平路面行驶时，发动机输出功率恒为P1，此时汽车以v的最大速度匀速行驶，求汽车遇到的阻力多大？（2）当汽车驶入高架引桥，发动机输出功率恒定为P2，已知汽车从引桥底部行驶到顶部所用时间为t，那么在引桥上行驶时汽车做的（输出）总功是多少？（3）在第（2）问的基础上，试推导汽车在引桥上遇到的阻力是水平路面遇到阻力的k倍，证明：k=。【分析】（1）汽车在水平路面匀速行驶时，牵引力大小等于遇到的阻力，依据公式P=Fv可求牵引力的大小即可得出阻力；2）依据W=Pt求出在引桥上行驶时汽车做的（输出）总功；3）依据W实用=Gh=Mgh求出实用功，从而求出额外功，而后依据W=f2L求出汽车在引桥上遇到的阻力，又知道汽车在引桥上遇到的阻力与水平路面遇到阻力的关系，最后推导出k的表达式。【解答】解：（1）由P=Fv得，汽车在水平路面匀速行驶时遇到的牵引力：F1=，因为汽车在水平轮匀速行驶，依据二力均衡条件可知，汽车遇到的阻力：f1=F1=，（2）由P=得，在引桥上行驶时汽车做的（输出）总功：W总=P2t3）汽车做的实用功：W实用=Gh=Mgh；汽车战胜阻力做功：W额=W总W实用=P2tMgh，由W=f2L得，汽车在引桥上遇到的阻力：f2=，第29页（共32页）又题意知，f2=kf1=k，由以上两式可解得：k=。答：（1）汽车遇到的阻力为；2）在引桥上行驶时汽车做的