高考物理最新电磁学知识点之电磁感应易错题汇编附答案

1、一、选择题1.在如图所示的电路中,RL,则下列说法正确的是一、选择题1.在如图所示的电路中,RL,则下列说法正确的是A.合上开关后,B.断开开关时,c先亮，a、b后亮N点电势高于M点高考物理最新电磁学知识点之电磁感应易错题汇编附答案a、b、c为三盏完全相同的灯泡，L是自感线圈，直流电阻为C.断开开关后,D.断开开关后,A-.C.B.C.断开开关后,D.断开开关后,A-.C.B.D.b、c同时熄灭，a缓慢熄灭c马上熄灭，b闪一下后缓慢熄灭.如图所示，有一正方形闭合线圈，在足够大的匀强磁场中运动。下列四个图中能产生感 应电流的是.如图所示，闭合导线框的质量可以忽略不计，将它从如图所示的位置匀速拉出

2、匀强磁场.若第一次用0.3 s时间拉出，外力所做的功为Wi,通过导线截面的电荷量为qi；第二次用0.9 s时间拉出，外力所做的功为W2,通过导线截面的电荷量为 q2,则（）* *昙* *,* *；X X X M I ；! S 4 X M K M M ：X X X M X A. WiW2,qiq2B.WiW2,qi = q2D,WiW2,qiq24.如图所示，电源的电动势为E,内阻为r不可忽略.A、B是两个相同的小灯泡，L是个自感系数较大的线圈.关于这个电路的说法中正确的是A.闭合开关，A灯立刻亮，而后逐渐变暗，最后亮度稳定B.闭合开关，B灯立刻亮，而后逐渐变暗，最后亮度稳定C.开关由闭合至断开

3、，在断开瞬间，A灯闪亮一下再熄灭D.开关由闭合至断开，在断开瞬间，电流自左向右通过A灯5.如图所示两个线圈绕在同一根铁芯上，其中一线圈通过开关与电源连接，另一线圈与远 处沿南北方向水平放置在纸面内的直导线连接成回路。将一小磁针用一弹性细丝悬挂在直 导线正上方，开关断开时小磁针处于静止状态。下列说法正确的是（）A.闭合开关小磁针 N极朝垂直纸面向里转动，接着回到原位B.闭合开关，小磁针 N极朝垂直纸面向里转动，并保持在转动后的位置C.开关从闭合状态断开，小磁针 N极不发生偏转D.开关从闭合状态断开，小磁针N极朝垂直纸面向里转动，接着回到原位6.如图所示的电路中，电源的电动势为 E,内阻为r ,电

4、感L的电阻不计，电阻 R的阻 值大于灯泡D的阻值，在t 0时刻闭合开关S,经过一段时间后，在 t t1时刻断开S,卜列表示灯D中的电流（规定电流方向 A B为正）随时间t变化的图像中，正确的是7.如图甲所示，光滑的平行金属导轨（足够长）固定在水平面内，导轨间距为l=20cm,7.如图甲所示，光滑的平行金属导轨阻值为R=1Q的电阻，放在轨道上静止的一导体杆MN与两轨道垂直，整个装置置于竖直向上的匀强磁场中，磁场的磁感应弓虽度大小为B=0.5T.导体杆受到沿轨道方向的拉力F做匀加速运动,测得力F与时间t的关系如图2所示。导体杆及两轨道的电阻均可忽略不计，导体杆在运动过程中始终与轨道垂直且两端与轨道

5、保持良好接触，则导体杆的加速度大小和质量分别ffilffi310 m/s2, 0.5 kg10 m/s2, 0.1 kg20 m/s2, 0.5 kgD. 20 m/s2, 0.1 kg.如图所示，两根平行金属导轨置于水平面内，导轨之间接有电阻R.金属棒ab与两导轨垂直并保持良好接触，整个装置放在匀强磁场中，磁场方向垂直于导轨平面向下.现使 磁感应强度随时间均匀减小，ab始终保持静止，下列说法正确的是（）ab中的感应电流方向由 b至1J aab中的感应电流逐渐减小ab所受的安培力保持不变ab所受的静摩擦力逐渐减小.如图所示，绕在铁芯上的线圈与电源、滑动变阻器和电键组成闭合回路，在铁芯的右端 套

6、有一个表面绝缘的铜环 a,下列各种情况中铜环 a中没有感应电流的是（）A.将电键突然断开的瞬间B.线圈中通以恒定的电流C.通电时，使滑动变阻器的滑片P做加速移动D.通电时，使滑动变阻器的滑片P做匀速移动.下图为无线充电技术中使用的受电线圈示意图，线圈匝数为时间内，匀强磁场平行于线圈轴线向右穿过线圈，其磁感应强度大小由B1均匀增加到B2,则该段时间线圈两端a和b之间的电势差 a bC.恒为nS(B2 B1)t2 tC.恒为nS(B2 B1)t2 t1B.从0均匀变化到D.从。均匀变化到nS(B2 B1)t2 t1nS( B2 B1)t2t1 TOC o 1-5 h z .穿过一个单匝闭合线圈的磁

7、通量始终为每秒均匀增加2Wb,则（）A.线圈中感应电动势每秒增加 2VB.线圈中感应电动势始终为2VC.线圈中感应电动势始终为一个确定值，（1由于线圈有电阻，电动势小于2VD.线圈中感应电动势每秒减少 2V12.如图所示，螺线管匝数 n=1500匝，横截面积 S=20cm2 ,螺线管导线电阻r= 1 Q,电阻R=4Q.螺线管所在空间存在着向右的匀强磁场，磁感应强度大小随时间的变化如图所示,卜列说法正确的是（）卜列说法正确的是（）图1图2A.电阻R的电流方向是从A到CB.感应电流的大小随时间均匀增大C.电阻R两端的电压为6VD. C点的电势为4.8V.在图中，EF、GH为平行的金属导轨，其电阻不

8、计，R为电阻，C为电容器，AB为可在I1和I2I1和I2分别表木图中该处导线中的电流，则当横杆 AB（）A,匀速滑动时，IA,匀速滑动时，I1 = 0, I2=0C.加速滑动时，I1=0, I2= 0B.匀速滑动时，I1WQ I2W0D.加速滑动时，IWQ I2WO.如图所示，在竖直向下的匀强磁场中，将一水平放置的金属棒ab以水平初速度vo抛出，设在整个过程中棒一直保持水平，且不计空气阻力，则金属棒在运动过程中产生的感 应电动势的大小变化情况是A.越来越大B.越来越小C.保持不变D.无法判断.如图所示，两足够长的平行金属导轨间的距离为L,导轨光滑且电阻不计，在导轨所在平面内分布着磁感应强度为

9、B、方向垂直于导轨所在平面向上的匀强磁场。有一阻值为R的电阻接在M、P间，将一根有效阻值为 R的导体棒ab放在金属导轨上，导体棒与金属2导轨垂直且接触良好，并在水平外力F的作用下以速度 v向右匀速运动，则（）*8*LJ_LJ_H1 1 A.；B. rLWb 1Of17.如图，固定在水平面上的 上的磁场中.当磁感应强度A.杆中的感应电流方向是从3y3N1JJ族DOU形金属框上，静止放金属杆ab,整个装置处于竖苜洵B均匀减小时，杆 ab总保持静止，则在这一过程中 （）a到b j I h 1产A.回路中的感应电流方向为M - R一PB.导体棒ab两点间的电压为 BLvC.导体棒a端电势比b端低D.水

10、平外力F做的功等于电阻 R产生的焦耳热16.如图所示的情况中，线圈中能产生感应电流的是（）B.杆中的感应电流大小均匀增大C.金属杆所受安培力水平向左D.金属杆受到的摩擦力逐渐减小S和橡皮绳的长C.D.S增大,S减小,lS和橡皮绳的长C.D.S增大,S减小,l变短l变长19.如图所示，平行导轨间有一矩形的匀强磁场区域，细金属棒PQ沿导轨从MN处匀速18.如图所示，一个有弹性的闭合金属圆环被一根橡皮绳吊于通电直导线的正下方，直导线与圆环在同一竖直面内，当通电直导线中电流增大时，弹性圆环的面积运动到MN的过程中，棒上感应电动势 E随时间t变化的图示，可能正确的是NN.如图所示，等腰三角形内分布有垂直

11、于纸面向外的匀强磁场，它的底边在x轴上且长为2L,高为L.纸面内一边长为L的正方形导线框沿 x轴正方向做匀速直线运动穿过匀强磁场区域，在t = 0时刻恰好位于图中所示的位置.以顺时针方向为导线框中电流的正方向,在下面四幅图中能够正确表示电流一位移（I x）关系的是2L2L.如图所示，光滑导轨 M、N水平固定放置，两根导体棒 P、Q平行放于导轨上，形成 一个闭合电路。当一条形磁铁从上方下落（未到达导轨平面）的过程中，导体棒P、Q的运动情况是（）A. P、QA. P、Q互相靠拢C. P、Q均静止22.如选项图所示，A中线圈有一小缺口,B. P、Q互相远离D.因磁铁极性不明，无法确定B、D中匀强磁场

12、区域足够大，C中通电导线位于水平放置的闭合线圈某一直径的正上方.其中能产生感应电流的是（）D.M K X X.如图所示，一个有矩形边界的匀强磁场区域，磁场方向垂直纸面向内.一个三角形闭合导线框，由位置 1 （左）沿纸面匀速运动到位置2 （右）.取线框刚到达磁场边界的时刻为计时起点（t=0）,规定逆时针方向为电流的正方向，则图中能正确反映线框中电流号时间关系的是（A.QV；B.X XD.A.QV；B.X XD.如图所示，弹簧上端固定，下端悬挂一个磁铁。如果在磁铁的下端的水平桌面上放一 个固定的闭合线圈，并使磁极上下振动。磁铁在向下运动的过程中，下列说法正确的A.线圈给它的磁场力始终向上B.线圈给

13、它的磁场力先向上再向下C.线圈给它的磁场力始终向下D.线圈给它的磁场力先向下再向上.无线充电技术已经被应用于多个领域，其充电线圈内磁场与轴线平行，如图甲所示;磁感应强度随时间按正弦规律变化，如图乙所示。则（二二t 2t 2时，线圈产生的电动势最大t ；时，线圈内的磁通量最大00T过程中，线圈产生的电动势增大4r 3T TT过程中，线圈内的磁通量增大4【参考答案】*试卷处理标记，请不要删除、选择题B解析：B【解析】A、开关S闭合瞬间，因线圈 L的电流增大，产生自感电动势，根据楞次定律可 知，自感电动势阻碍电流的增大，通过a灯的电流逐渐增大，所以 b、c先亮，a后亮，故A错误；BCD、断开开关S的

14、瞬间，因线圈L的电流减小，产生自感电动势，根据楞次定律可知通过自感线圈的电流方向与原电流方向相同，N点电势高于M点；L和a、b组成的回路中有电流，由于原来a灯的电流小于b灯的电流，开关断开的瞬间，通过a、b和线圈回路的电流从a灯原来的电流减小，所以 b灯会闪暗后a、b 一起缓慢熄灭，而 c没有电流，马上熄 灭，故B正确，C、D错误； 故选Bo【点睛】闭合S和断开S瞬间，通过线圈L的电流发生变化，产生自感电动势，相当瞬时 电源，从而可以进行分析。D解析：D【解析】线框垂直于磁感线运动，虽然切割磁感线，但穿过的磁通量没有变化，因此也不会产生感 应电流，故A错误；线框平行于磁场感应线运动，穿过线框的

15、磁通量没有变化，不会产生 感应电流，故B错误；线框绕轴转动，但线框平行于磁场感应线穿过的磁通量没有变化， 因此也不会产生感应电流，故 C错误；线框绕轴转动，导致磁通量发生变化，因此线框产 生感应电流，故D正确.C解析：C【解析】 【详解】第一次用0.3s时间拉出，第二次用 0.9s时间拉出，两次速度比为 3:1,由E=BLv,两次感 应电动势比为3:1,两次感应电流比为 3:1,由于F安=BIL,两次安培力比为 3:1,由于匀速 拉出匀强磁场，所以外力比为 3:1,根据功的定义 W=Fx,所以：W1:W?=3:1 ;根据电量q it,感应电流i 巨，感应电动势 e ，得：Rt所以:q1:q2=

16、1:1 ，故 WiW2, qi=q2。WiW2, qiq2。故 A 错误；WiW2,中=42。故 C 正确；WiW2, qiq2o 故 D 错误；A解析： A【解析】开关闭合到电路中电流稳定的时间内，A 灯立刻亮，由于线圈中产生感应电动势的阻碍作用， B 灯逐渐变亮，当线圈电流阻碍较小后A 灯逐渐变暗，当线圈对电流没有阻碍时，两灯泡灯泡亮度稳定故A 正确， B 错误；开关处于闭合状态，在断开瞬间，线圈提供瞬间电压给两灯泡供电，由于两灯泡完全一样，所以不会出现电流比之前还大的现象，因此A灯不会闪亮一下，只会一同慢慢熄灭故C 错误；开关断开瞬间，线圈相当于电源，电流方向仍不变，所以电流自右向左通过

17、A 灯，故 D 错误；故选A点睛：线圈电流增加，相当于一个电源接入电路，线圈左端是电源正极当电流减小时，相当于一个电源，线圈左端是电源负极A解析： A【解析】【分析】【详解】AB 开关闭合后的瞬间，根据楞次定律，左边线圈中产生电流，电流的方向由南到北，根据安培定则，直导线上方的磁场方向垂直纸面向里，则小磁针N 极向纸里偏转，保持一段时间后，右边线圈的电流不变，根据安培定则可知，左边线圈中有磁通量但保持不变，因此左边线圈中不会产生感应电流，那么小磁针回到原位，故A 正确， B 错误；CD.开关闭合并保持一段时间再断开后的瞬间，左边线圈磁通量减小，根据楞次定律，左边线圈中产生电流，电流的方向由北到

18、南，根据安培定则，直导线上方的磁场方向垂直纸面向外，则小磁针N 极向垂直纸面向外的方向转动，故CD 错误。故选 A。B解析： B【解析】【分析】【详解】在t=0时刻闭合开关S时，灯泡中电流从 A到B立刻达到最大值；线圈中电流也增大，产生自感电动势，使得线圈中电流只能逐渐增大，干路中电流I 也逐渐增大，根据欧姆定律Uab = E-Ir，Uab逐渐减小直到稳定，通过灯泡的电流逐渐减小，稳定时，电阻 R的电流小于灯泡 D 的电流。在仁力时刻断开S时，灯泡中原来的电流立即减小为零，线圈中产生自感电动势，电阻R、灯泡D和线圈组成回路，回路中电流从原来R的电流值逐渐减小到零，此时流过灯泡D的电流方向与原来

19、的方向相反，方向从B到A;由于稳定时线圈中电流较小，则此时灯B符合题意。泡D中电流从小于灯泡原来中的电流值逐渐减小到零。则图像 故选B符合题意。B解析：B【解析】【分析】导体棒运动时切割磁感线产生感应电流，使棒受到向左的安培力，根据感应电流的大小写出安培力的表达式，结合牛顿第二定律求出 可求解。【详解】导体杆在轨道上做匀加速直线运动，用出安培力的表达式，结合牛顿第二定律求出 可求解。【详解】导体杆在轨道上做匀加速直线运动，用F与t的关系式，然后将图象上的数据代入即v表示其速度，t表示时间，则有：v=at;杆切割磁感线，将产生感应电动势为：E=Blv ;闭合回路中产生的感应电流为:，；杆受到的安

20、培力大小为：Fa=BI1 ;根据牛顿第二定律，有：感线，将产生感应电动势为：E=Blv ;闭合回路中产生的感应电流为:，；杆受到的安培力大小为：Fa=BI1 ;根据牛顿第二定律，有：F-FA=ma；联立以上各式得:F=ma+11;由图线上取两点代入上式，可解得：a=10m/s2; m=0.1kg;故杆的质量为:Rm=0.1kg,其加速度为：a=10m/s2。故选B。【点睛】解答这类问题的关键是正确分析安培力的大小与方向，然后根据牛顿第二定律得到 的关系式。这是常用的函数法，要学会应用。8. D解析：D【解析】【详解】A.磁感应强度均匀减小，磁通量减小，根据楞次定律得, b, A错误；ab中的感

21、应电流方向由a到B.由于磁感应强度均匀减小，根据法拉第电磁感应定律E BS得，感应电动势恒定, t则ab中的感应电流不变，根据 P R可知电阻R消耗的热功率不变，B错误；C.根据安培力公式 F BIL知，电流不变，B均匀减小，则安培力减小，C错误;D.导体棒受安培力和静摩擦力处于平衡, 确.D.导体棒受安培力和静摩擦力处于平衡, 确.f F ,安培力减小，则静摩擦力减小，D正B解析：B【解析】 【详解】A.将电键突然断开的瞬间，线圈产生的磁场从有到无消失，穿过铜环a的磁通量减小，产生感应电流，故 A不符合题意；B.线圈中通以恒定的电流时，线圈产生稳恒的磁场，穿过铜环a的磁通量不变，没有感应电流

22、产生，故B符合题意；C.通电时，使变阻器的滑片 P作加速滑动时，变阻器接入电路的电阻变化，回路中电流变 化，线圈产生的磁场变化，穿过铜环a磁通量变化，产生感应电流，故C不符合题意；D.通电时，使变阻器的滑片 P作匀速滑动时，变阻器接入电路的电阻减小，回路中电流增 大，线圈产生的磁场增强，穿过铜环a磁通量增大，产生感应电流，故D不符合题意；C 解析：C 【解析】穿过线圈的磁场均匀增加，将产生大小恒定的感生电动势，由法拉第电磁感应定律得S(B2 B1) 一 一-一E n n-(-一12 ,而等效电源内部的电流由楞次定理知从a b ,即b点是等tt2 tl、一 ms , rS(B2 Bl)效电源的正

23、极，即a b n-，故选C.t2 tl【考点定位】法拉第电磁感应定律、楞次定律. 11. B 解析：B 【解析】 【分析】 【详解】2Wb,贝 U2Wb1s2Wb,贝 U2Wb1st根据法拉第电磁感应定律2VE N 2Vt可知E=2V保持不变，故 B正确，AD错误；C.线圈中产生的感应电动势的大小与线圈的电阻无关，故 C错误;故选BoD解析：D【解析】【分析】【详解】R的电流方向是从A.R的电流方向是从C到A,故A错误；B.根据法拉第电磁感应定律有E nS t由图知B 6 2 T/s=2T/s t 2代入数据解得E= 1500 2 20 M0-4=6V 由闭合电路欧姆定律得E 6 I 一6-A

24、=1.2AR r 4 1因此感应电流的大小是恒定的，故B错误；C.电阻两端的电压是外电压为U=IR =1.2 冲V=4.8V故C错误；D.在外电路，顺着电流方向电势降低，因 A的电势等于零，那么 C点的电势为4.8V,故 D正确.故选D.D解析：D【解析】【分析】【详解】AB.电容器在电路中与等效电源并联，两端电压为AB端感应电动势，所以当导体棒匀速滑动时，电容器两端电压不变I2 0,电阻R中电流不为零，AB错误；CD.加速滑动时，电容器两端电压随导体棒速度的增大而增加，所以电容器一直在充电，充电电流不为零，通过电阻的电流也不为零，C错误D正确；故选DoC解析：C【解析】【详解】金属棒ab做平

25、抛运动，其水平方向的分运动是匀速直线运动，水平分速度保持不变，等于V0,由感应电动势公式 E=Blvsinvsina是垂直于磁感线方向的分速度，即是平抛运动的水平分速度，等于 v0,则感应电动势 E=Blv0, B、l、V0均不变，则感应电动势大小保持不 变.则C正确.故选C.C解析：C【解析】【分析】【详解】A .根据右手定则可知流过电阻R的电流方向P-RfM , A错误；B.回路中产生的感应电动势E BLv导体棒ab两点间的电压为U -E- R - BLv1.5R3B错误；C.导体棒ab为电源，电流由a流向b,因此导体棒a端电势比b端低，C正确;D.水平外力F做的功等于电阻 R和导体棒ab

26、产生的焦耳热，D错误。故选CoD解析：D【解析】【分析】【详解】A.线圈与磁场平行，磁通量为零，没变彳不会产生感应电流，选项 A错误；B.线圈没有闭合，不会产生感应电流，选项 B错误；C.线圈与磁场平行，磁通量为零，没变彳不会产生感应电流，选项 C错误；D.导体棒切割磁感线运动，线圈形成闭合回路，有感应电流产生，选项 D正确。故选DoD解析：D【解析】 【详解】A.当磁感应强度 B均匀减小时，穿过回路的磁通量减小，根据楞次定律判断得到回路中 感应电流方向为逆时针方向（俯视），杆中的感应电流方向是从b到a ,故A错误;B.当磁感应强度 B均匀减小时，穿过回路的磁通量均匀减小，根据法拉第电磁感应定

27、律 可知回路中产生的感应电动势不变，则感应电流大小保持不变，故 B错误；C.由左手定则判断可知，金属杆所受安培力水平向右，故 C错误；D .根据公式F BIL可知安培力减小，根据平衡条件可知金属杆受到的摩擦力逐渐减 小，故D正确；故选D。D解析：D【解析】当通电直导线中电流增大时，穿过金属圆环的磁通量增大，金属圆环中产生感应电流，根据楞次定律，感应电流要阻碍磁通量的增大：一是用缩小面积的方式进行阻碍；二是用远 离直导线的方法进行阻碍，故 D正确.A解析：A【解析】金属棒PQ进入磁场前没有感应电动势，D错误；当进入磁场，切割磁感线有E=BLv大小不变，可能的图象为 A选项、BC错误.C解析：C【

28、解析】【详解】位移在0L过程：磁通量增大，由楞次定律判断感应电流方向为顺时针方向，为正值。BLv 一 BvI ,因l=x,则I X,位移在L2L过程：磁通量先增大后减小，由楞次定律RR判断感应电流方向先为顺时针方向，为正值，后为逆时针方向，为负值。位移在2L3L过程：磁通量减小，由楞次定律判断感应电流方向为逆时针方向，为负值。Bv一人I (2L x),故选C。 RA 解析：A 【解析】 【分析】 【详解】ABCD .设磁铁的下端为 N极，则磁铁下落时，回路中的磁通量向下增大，根据楞次定律 和安培定则，回路中的电流为逆时针，则由左手定则可得，P受力向左，Q受力向右，相互靠拢；设磁铁的下端为 S极，则在磁铁下落时，回路中的磁通量向上增大，根据楞次定 律和安培定则，回路中的电流为顺日针，则由左手定则可得，P受力向左，Q受力向右，相互靠