精品解析浙江省杭州市2021年中考科学复习卷（一）

1、Word文档，下载后可任意编辑 精品解析浙江省杭州市2021年中考科学复习卷（一）(外装订线)(请不要在装订线内答题)(内装订线)登陆在线组卷平台助您教考全无忧浙江省杭州市2020年中考科学复习卷（一）一、选择题(每小题3分，共60分，每小题只有一个选项符合题意)（共20题；共58分）1.最近，美国科学杂志评出年度十大科学突破，其中有一项是“燃烧的水”。美国科学家称已开发出一种新的廉价催化剂，可利用电能将水分解。下列有关说法不正确的是(?)A.?水在通电的条件下可分解成氢气和氧气B.?水电解产生氢气和氧气的体积比为21C.?美国科学家的突破是利用廉价催化剂使水直接燃烧D.?以水为原料廉价地获得

2、氢能源，可以有效地缓解温室效应【答案】C【考点】水的组成和主要性质【解析】【分析】（1）根据水的组成分析；（2）根据电解水的实验中收集的数据分析；（3）根据“美国科学家称已开发出一种新的廉价催化剂，可利用电能将水分解”分析判断；（4）氢燃烧生成水，不会产生二氧化碳。【解答】A.水在通电的条件下可分解成氢气和氧气，故A正确不合题意；B.水电解产生氢气和氧气的体积比为21，故B正确不合题意；C.美国科学家的突破是利用廉价催化剂使水分解，而不是直接燃烧，故C错误符合题意；D.以水为原料廉价地获得氢能源，可以有效地缓解温室效应，故D正确不合题意。故选C。2.研究证明，某些金属具有很强的捕捉氢的能力，在

3、一定的温度和压力条件下，这些金属能够大量“吸收”氢气，反应生成金属氢化物，同时放出热量。其后，将这些金属氢化物加热，它们又会分解，将储存在其中的氢释放出来。这些会“吸收”氢气的金属，称为储氢合金。则下列说法中正确的是(?)A.?在存储过程中氢元素的化合价改变?B.?氢气在储存过程中发生了物理变化C.?氢气在储存过程中部分内能转化为化学能?D.?储氢合金是一种化合物【答案】A【考点】化学变化与物理变化的判别，元素化合价的规则与计算，常见物质的分类【解析】【分析】（1）单质中元素的化合价为零价，而化合物中的元素肯定不为零价；（2）物理变化和化学变化的本质区别：有无新物质生成；（3）根据“同时放出热

4、量”分析；（4）合金是由两种或两种以上的金属（或金属与非金属）熔合而成的具有金属特性的物质。【解答】A.氢气中氢元素的化合价为零价，而金属氢化物中的氢元素肯定不为零，因此在存储过程中氢元素的化合价改变，故A正确；B.氢气在储存过程中有新物质生成，因此发生了化学变化，故B错误；C.氢气在储存过程中部分放出了热量，将化学能转化为内能，故C错误；D.储氢合金是一种混合物，故D错误。故选A。3.植物学家格鲁通过解剖花，描述花的结构：“在花中有产生精子的部分，其中有相当于动物精子的小球，能使相当于卵巢的部分发育受孕。”下列分析中错误的是(?)A.?格鲁所述“花中产生精子的部分”其实就是指雄蕊或花药B.?

5、格鲁所述“花中相当于卵巢的部分”其实就是指雌蕊C.?格鲁所述“相当于动物精子的小球”是指花粉粒D.?格鲁所观察的植物很可能是蕨类植物【答案】D【考点】花的结构【解析】【分析】被子植物种子外有果皮包被，是花受精后需要结果实。【解答】A：格鲁所述“花中产生精子的部分”其实就是指雄蕊或花药，雄蕊产生精子，A不符合题意。?B、格鲁所述“花中相当于卵巢的部分”其实就是指雌蕊，因为雌蕊下部的子房有胚珠，B不符合题意。?C、格鲁所述“相当于动物精子的小球”是指花粉粒，?因为花粉粒在散发前生长在花药内，C不符合题意。?D、格鲁所观察的植物很可能被子植物，D符合题意。?故答案为：D4.如图为一款3D打印机。它打

6、印出一叶长宽各4mm，厚0.5mm的微型肝脏，此肝虽小，却具有真正肝脏的大多数机能。为制造这叶肝脏，打印机叠加了约20层肝实质细胞和肝星状细胞(两种主要的肝细胞)，还添加了来自血管的细胞，在肝内形成精妙的管道，使它能存活5天以上。关于这则报道的评论，你认为不合理的是(?)A.?此肝脏应能分泌胆汁，使蛋白质变成微小的颗粒，最终分解为甘油和脂肪酸B.?肝脏内“精妙的管道”，应类似血管和毛细血管C.?此肝脏应能将葡萄糖合成糖原，还能将一些有毒物质转化为无毒物质D.?打印的原料一定不是碳粉或墨水，而含有细胞【答案】A【考点】消化系统的组成，食物的消化与吸收，心脏和血管【解析】【分析】肝脏是人体内最大的

7、消化腺，成人的肝脏重约1.5kg，大部分位于腹腔的右上部，肝脏具有多方面的功能：分泌胆汁、代谢功能和解毒功能。【解答】A、此肝脏应能分泌胆汁，使脂肪变成微小的颗粒，最终分解为甘油和脂肪酸，A符合题意。?B、肝脏内“精妙的管道”，应类似血管和毛细血管，B不符合题意；?C、肝虽小，却具有真正肝脏的大多数机能，所以肝脏应能将葡萄糖合成糖原，还能将一些有毒物质转化为无毒物质，C不符合题意；?D、打印的原料一定不是碳粉或墨水，而含有细胞，所以能打印出一个器官，D不符合题意。故答案为：A5.以下是小金对各种科学量的估计，你认为最符合事实的是(?)A.?一个中学生跑步时脚对地面压强约为25000PaB.?一

8、个中学生的体积约为0.5dm3C.?中学生步行速度大约为4m/sD.?把一本9年级的科学书从地面捡到课桌约做功10J【答案】A【考点】密度公式的应用，速度公式及其应用，压强的大小及其计算，功率计算公式的应用【解析】【分析】（1）估测中学生的体重和脚掌的面积，根据公式计算对地面的压强；（2）根据公式计算中学生的体积；（3）正常步行的速度大约1.1m/s；（4）估测课桌的高度，根据计算出课本的重力进行分析即可。【解答】A.中学生的体重大约50kg，那么它对地面的压力F=G=mg=50kg10N/kg=500N；中学生的脚掌宽约10cm，长约20cm，那么脚掌面积S=10cm20cm=200cm2=

9、0.02m2；它跑步时对地面的压强：，故A符合题意；B.人的密度与水差不多，那么中学生的体积为：，故B不合题意；C.中学生步行的速度大约1.1m/s，4m/s太大了，故C不合题意；D.课桌大约高1m，那么课本的重力为：，相当于质量为1kg，太重了，故D不合题意。故选A。?6.下列关于生物进化的叙述，你认为不合理的是(?)A.?野兔的保护色越来越逼真，鹰的视力越来越锐利，双方相互选择，共同进化B.?深色桦尺蛾在工业污染区属有利变异，但在非污染区属不利变异C.?田鼠打洞和夜出活动是长期磨练出来的D.?自然选择使生物更加适应环境，人工选择使生物满足了人的需求【答案】C【考点】生物进化的理论【解析】【

10、分析】生物在生存斗争中可以形成多种多样的为了适应环境的本领和特色，用自然选择学说解释工业污染区黑色桦尺蛾越来越多，灰色桦尺蛾越来越少的现象。桦尺蛾的变异会产生黑色和灰色桦尺蛾。自然选择推动生物的适应性。【解答】A、野兔的保护色有利于野兔的生存和种族延续，而鹰的锐利目光可以很好地发现隐藏的野兔，利于生存，这些都是在二者的生存斗争中形成的。因此，野兔的保护色和鹰锐利的目光是它们长期相互选择的结果，A合理，不符合题意。?B、在污染区，桦尺蛾的黑色?是有利变异，这类桦尺蛾在生存竞争中获胜，适者生存，并?繁殖后代?;桦尺蛾的?灰色是不利变异，这类桦尺蛾在生存竞争中容易被淘汰?。这样通过一代代?自然选择的

11、作用，黑色个体就会越来越多，灰色个体会越来越少，B合理，不符合题意。?C、田鼠打洞和夜出活动是自然选择，C不合理，符合题意。?D、自然选择的结果使生物不断进化更加适应生存环境，人工选择的结果是满足人的需求，自然选择的结果是适应环境，两种选择都会改变基因频率，D合理，不符合题意。?故答案为：C?7.2020年2月11日，世界卫生组织当日在日内瓦宣布将新型冠状病毒正式命名为“COVID-19”，该疫情在全国范围内不断蔓延，引起全球人民恐慌。其实，只要大家做好预防措施，保持健康的生活习惯，新冠肺炎是可以预防的。以下关于新冠肺炎的说法，正确的是(?)A.?通过注射新冠肺炎疫苗预防该病，属于特异性免疫B

12、.?新冠肺炎患者是该病的病原体C.?曾患过非典肺炎的人，不会感染该传染病D.?对该病确诊病例及密切接触者隔离治疗、观察，这属于切断传播途径【答案】A【考点】传染病的预防措施，人体的免疫功能【解析】【分析】特异性免疫是人出生后所获得的，只能对某种特定的病原体具有防御作用。【解答】A、通过注射新冠肺炎疫苗预防该病，属于特异性免疫，因为它对某种特定病原体起防御作用，A不符合题意。?B、新冠肺炎患者不是该病的病原体，B不符合题意。?C、曾患过非典肺炎的人，也会感染该传染病，C不符合题意。?D、对该病确诊病例及密切接触者隔离治疗、观察，这属于控制传染源，D不符合题意。?故答案为：A8.如图是人体的血液循

13、环示意图。下列与图相关的四项叙述中符合事实的是(?)a.图中虚线表示肺循环途径，实线表示体循环途径b.当血液流经时，血红蛋白与氧分离c.左心房中流的是动脉血，右心室中流的是静脉血d.当血液流经后，血液由暗红色变成鲜红色A.?ab?B.?ac?C.?abc?D.?abcd【答案】B【考点】心脏和血管，血液循环【解析】【分析】血液循环分为体循环和肺循环两部分，血液经过体循环后，由动脉血变成了静脉血；流经肺循环后，血液由静脉血变成动脉血。【解答】a图中虚线由右心室出发，终止于左心房为肺循环路线，实线为体循环路径，a正确；b由图可知为肺部毛细血管网，血液流经此处时，氧气与血红蛋白结合，b错误c为体循环

14、中全身各处毛细血管网，血液流经此处后，氧气进入组织细胞，组织细胞产生的二氧化碳进入血液，所以血液由鲜红的动脉血变成暗红的静脉血，c正确；d若为小肠，小肠吸收的营养物质经小肠绒毛内的毛细血管进入血液，所以血液流经后，营养物质变多，d错误。所以ac正确。故答案为：B9.当地球在A、D之间运动时，下列出现的情况与我国民间的传统风俗相符合的是(?)A.?赏明月，共庆团圆?B.?发红包，守岁迎春C.?观花灯，喜闹元宵?D.?清明时，踏青插柳【答案】D【考点】阳历和地球公转的关系，阴历与月相的关系【解析】【分析】春分全球昼夜平分，太阳直射点在北回归线上是夏至，在南回归线上为冬至，结合图解题。【解答】A点是

15、太阳直射点在北回归线上，因此是夏至，D是春分，DA之间就是清明的时节。故答案为：D10.某同学在学习了金属及其化合物之间的转化规律后，绘制了可以通过一步反应制取MgSO4的思维导图，其中所选用的物质错误的是(?)A.?Mg?B.?MgCl2?C.?H2SO4?D.?Mg(OH)2【答案】B【考点】盐的性质及用途【解析】【分析】根据酸、碱、盐的化学性质进行判断即可。【解答】A.盐硫酸铜能与镁反应生成硫酸镁，故A正确不合题意；B.碱不能与氯化镁反应生成硫酸镁，故B错误符合题意；C.金属氧化物氧化镁能与硫酸反应生成硫酸镁，故C正确不合题意；D.硫酸能与氢氧化镁反应生成硫酸镁，故D正确不合题意。故选B

16、。11.小金测得甲、乙两杯水的温度分别是45和75，下列判断正确的是(?)A.?甲杯中水的分子运动一定比乙杯中水的分子运动剧烈B.?甲杯中水的内能一定比乙杯中水的内能小C.?乙杯中水的温度降低，水的内能一定减少D.?乙杯中水的热量一定比甲杯水的热量多【答案】C【考点】温度、热量与内能的关系【解析】【分析】（1）分子运动的剧烈程度与温度有关，温度越高，分子运动的越剧烈；（2）物质的内能与种类、质量、状态和温度等因素有关；（3）温度升高，物体的内能增大；温度减低，物体的内能减少；（4）热量是热传递过程中内能转移的多少，因此不能说含有或具有热量。【解答】A.甲杯中水的温度低，所以甲杯中水的分子运动一

17、定比乙中水的分子运动不剧烈，故A错误；B.水的内能与温度和质量有关，不知道二者质量的大小，无法比较内能大小，故B错误；C.乙杯中水的温度降低，水的内能一定减少，故C正确；D.水只能含有内能，不能含有热量，因此无法比较，故D错误。故选C。12.关于板块构造学说正确的是(?)板块构造学说是在大陆漂移学说的基础上由魏格纳创建的；板块构造学说是依据大西洋两岸大陆轮廓的可拼合性创立的；地球的岩石圈被海沟、海岭和巨大的山脉分割成六大板块；板块漂浮在软流层之上不断发生碰撞和张裂；板块的张裂形成了裂谷和海洋。A.?B.?C.?D.?【答案】C【考点】板块构造学说的要点【解析】【分析】地质学家经过长期研究，又提

18、出了板块构造学说板块构造学说认为，地球岩石圈是由板块拼合而成的。【解答】板块构造学说是在大陆漂移学说和海底扩张学说的基础上提出的。板块构造学说认为，地球的岩石圈不是整体一块，而是海岭、海沟等断裂构造带分割成若干单元，称为板块。板块构造理论认为的板块是指被断裂带分割成岩石圈。板块漂浮在软流层之上，不断发生碰撞和张裂，一般来说，板块的内部比较稳定，板块与板块交界的地带，有的张裂拉伸，有的碰撞挤压，地壳比较活跃。按板块构造学说，喜马拉雅山的形成是亚欧板块与；印度洋板块碰撞，挤压抬升形成的，而大西洋则是板块张裂形成的。故答案为：C13.小金用无水硫酸铜粉末进行如图所示的实验，对所得溶液的分析正确的是(

19、?)A.?三份溶液中溶质溶解度相同?B.?溶液一定是不饱和溶液C.?溶液颜色一定最深?D.?温度不同，无法比较溶液中Cu?+的数目【答案】C【考点】饱和溶液与不饱和溶液，溶解度的影响因素【解析】【分析】（1）同种物质的溶解度与温度有关，温度不同，物质的溶解度不同；（2）如果溶液中有未溶的物质，那么该溶液肯定是饱和溶液；如果没有未溶的物质出现，那么溶液可能饱和也可能不饱和；（3）溶液的颜色与浓度有关，浓度越大，颜色越深；（4）离子的数目与温度无关，只与溶液中溶质的质量有关。【解答】A.三份溶液都为硫酸铜溶液，因为温度不同，所以它们的溶解度不同，故A错误；B.中没有未溶的物质，所以它是否饱和不能确

20、定，故B错误；C.中溶剂水的体积最少，质量最少，而溶质硫酸铜的质量相同，所以根据可知，中溶质质量分数最大，浓度最大，颜色最深，故C正确；D.虽然温度不同，但是中有未溶的硫酸铜，而中没有，所以中Cu+的数目比中多，故D错误。故选C。14.如图所示，在小车车厢光滑的底部一个质量为m的小球，车顶部放一个质量为M的模型人，若小金用恒为F的力缓慢拉动小车，车上的模型人随车一起向前匀速运动。设车厢的底部足够长，下列说法正确的是(?)A.?模型人相对于桌面是静止的?B.?小球相对于桌面是静止的C.?小车相对于桌面是静止的?D.?模型人相对于小球是静止的【答案】B【考点】参照物及其选择【解析】【分析】如果物体

21、相对于参照物的位置不发生改变，那么它是静止的；如果发生改变，那么它就是运动的。【解答】A.车顶的模型人跟随小车一起运动，那么它相对于桌面的位置不断改变，因此它是运动的，故A错误；B.由于车厢底部光滑，因此小球不受摩擦力，那么它在水平方向上受合力为零，不随小车一起运动，相对于桌面的位置不发生改变，因此它是静止的，故B正确；C.小车相对于桌面的位置不断改变，因此它是运动的，故C错误；D.模型人相对于小球的位置不断改变，因此它是运动的，故D错误。故选B。15.如图是小明春游时在水边看到的美景，下图中能正确反映他看到水中“树木”的光路图是(?)A.?B.?C.?D.?【答案】B【考点】光的反射【解析】

22、【分析】分析水中树木的成因即可。【解答】小明在水边看到水中“树木”，其实是树木的光线在水面上发生反射形成的虚像，故B正确，而A、C、D错误。故选B。16.氯化钴(CoCl2)晶体因含结晶水数目不同而呈现不同的颜色，故可作硅胶干燥剂的指示剂和隐形墨水。通常工业上通过下列几种方法制备氯化钴：Co+2HCl=CoCl2+H2；Co(OH)2+2HClCoCl2+2H2O；Co2O3+6HCl=2CoCl2+Cl2+3H2O。下列判断不正确的是(?)A.?钴的金属活动性比银强?B.?、均为复分解反应C.?氢氧化钴是一种碱?D.?单质钴也能与硫酸反应【答案】B【考点】复分解反应及其应用，酸、碱、盐的鉴别

23、，金属活动性顺序及其应用【解析】【分析】（1）根据它们是否能够和酸反应判断金属活动性；（2）两种化合物相互交换成分，生成两种新的化合物的反应叫复分解反应；（3）由金属（或铵根离子）离子与氢氧根离子构成碱；（4）根据钴与稀盐酸的反应分析。【解答】A.根据可知，钴能够和酸反应置换出氢气，而银不能置换出氢气，可见钴的金属活动性比银强，故A正确不合题意；B.为复分解反应，而不是复分解反应，故B错误符合题意；C.氢氧化钴是一种碱，故C正确不合题意；D.根据式可知，钴既然能够和稀盐酸反应，那么就肯定能和硫酸反应，故D正确不合题意。故选B。17.如图所示，A、B两物体的重力分别为30牛、40牛，A用细绳悬挂

24、在顶板上，B放在水平地面上，A、B之间有弹簧固定连接，绳和弹簧重均不计。若已知弹簧由于形变而产生的弹力为20牛。那么绳对物体A的拉力为(?)A.?可能是10牛?B.?不可能是50牛?C.?一定是70牛?D.?可能是90牛【答案】A【考点】二力平衡的条件及其应用【解析】【分析】对A进行受力分析，根据二力平衡的知识计算绳子对A的拉力。【解答】根据图片可知，A物体受到竖直向上的弹力F，绳子的拉力F拉，竖直向下的重力G，根据二力平衡的知识得到：G=F+F拉，那么绳子对物体A的拉力为：F拉=G=F=30N-20N=10N，故A正确，而B、C、D错误。故选A。18.酸碱度的变化是判断是否进行化学变化的一种

25、依据。现在烧杯中盛有x物质，逐滴加入(或通入)y物质，烧杯内液体的pH变化如图所示。则符合该变化的一组物质是(?)选项xyA氢氧化铁固体加水稀盐酸(适量)B氧化镁固体加水稀硫酸(适量)C生石灰固体加水二氧化碳(适量)D氢氧化钙固体蒸馏水(适量)A.?A?B.?B?C.?C?D.?D【答案】C【考点】溶液的酸碱性与pH值的关系【解析】【分析】碱溶液的pH值大于7，酸溶液的pH7，说明原来的是可溶性的碱溶液，因为氢氧化铁和氧化镁都不溶于水，故A、B错误；溶液的pH不断减小，说明加入的应该是酸性溶液，因为二氧化碳溶于水生成碳酸呈酸性，而蒸馏水呈中性，故C正确，D错误。故选C。19.如图所示，在“用凸

26、透镜观察周围的景物“活动中，小科将印有绿色环保标志“”的纸固定在墙上，再将一只装有水的圆柱形玻璃杯移到标志的正前方，然后改变玻璃杯与标志之间的距离。小科站立时透过玻璃杯和水观察。下列图像中，不可能看到的是（?）A.?B.?C.?D.?【答案】C【考点】凸透镜成像规律及其探究实验【解析】【分析】物体通过凸透镜可以成实像，实像都是倒立的，但分放大、等大和缩小；也可以成虚像，虚像都是正立、放大的，据此判断。【解答】圆柱形的装满水的玻璃杯相当于一个凸透镜。因为装有水的圆柱形玻璃杯，中间厚边缘薄，相当于凸透镜，所以是左右颠倒；当物距小于焦距时，成正立放大的虚像，即左右变大，上下不变，如图A;当物距大于焦

27、距小于二倍焦距时，成倒立、放大的实像，即左右颠倒，如图B；不可能出现C中的图片；当物体大于二倍焦距时，成倒立、缩小的实像，可能出现D中的图片；故选C。20.空气质量指数的播报使我们对雾霾有了更多的了解。下面是小金同学对雾霾现象的理解，其中正确的观点是(?)A.?若使用氢能源取代燃油汽车，不会造成雾霾B.?霾的本质是大量灰尘分子做无规则运动的结果C.?霾被人体吸入后经过肺泡进入血液，最先到达人体的右心房D.?雾是汽化现象引起的，汽化过程中要吸收热量【答案】A【考点】血液循环，分子的热运动，汽化及汽化吸热的特点，全球性大气环境问题（酸雨、温室效应、臭氧空洞）【解析】【分析】燃料燃烧产生废气会造成环

28、境污染,雾霾的产生。【解答】A、氢能源是一种极其理想的新能源，因为氢气燃烧放出的热量大，且生成物不污染环境，因此可以取代燃油汽油，不会造成雾霾，A符合题意。B、霾是固体小颗粒，不能说是分子的无规则运动，B不符合题意。C、肺循环的路线是：右心室肺动脉肺部的毛细血管网肺静脉左心房，PM2.5颗粒物被吸入肺后，可以透过肺泡壁和毛细血管壁壁进入血液，经过肺静脉，最先到达心脏的左心房，C不符合题意。D、雾是空气中的水蒸气遇冷液化形成的，需要放出热量，D不符合题意。故答案为：A二、填空题(本大题共26分)（共6题；共26分）21.在“五水共治”期间，杭城北部某热电厂因排放不合格被关停。有关部门将受该厂排出

29、的含铜、汞、镉等重金属的污染的小河排干，清除河底的淤泥、水草和杂物，再引入活水，并在河中投放种有绿色植物的浮床，小河生态得到明显改善。（1）整治后小河中的所有生物构成了一个_。（2）经测定河床泥土中仍有少量含镉污染物，下表是一部分浮床植物的生长特点及其污染物去除功能，在该小河中的浮床上应种植_，可有效清除含镉污染物。植物种类生长特点污染物去除功能凤眼莲根系发达、生长速度快、分泌克藻物质富集镉、汞、砷、硒、铜、镍等；抑制藻类生长芦苇根系发达、生长速度快富集氮石菖蒲根系发达、分泌克藻物质抑制藻类生长水莲根系发达富集汞、铜等（3）经整治后，杭州市政府采用投放多种鱼类和种植水生植物的方法改善环境，收到

30、较好的效果。从生态系统的稳定性角度对此种方法做出解释_。【答案】（1）生物群落（2）凤眼莲（3）生态系统的成分越复杂、生物种类越多，自动调节能力越强，生态系统的稳定性就越高【考点】生物对环境的适应和影响，群落的物种组成，生态系统的自动调节能力【解析】【分析】本题考查生物群落，有效去污染物植物以及生态系统的多样性。【解答】（1）整治后小河中的所有生物构成了一个生物群落。(2)经测定河床泥土中仍有少量含镉污染物，下表是一部分浮床植物的生长特点及其污染物去除功能，在该小河中的浮床上应种植凤眼莲，可有效清除含镉污染物。(3)经整治后，杭州市政府采用投放多种鱼类和种植水生植物的方法改善环境，收到较好的效

31、果。从生态系统的稳定性角度对此种方法做出解释生态系统的成分越复杂、生物种类越多，自动调节能力越强，生态系统的稳定性就越高。故答案为：（1）生物群落（2）凤眼莲（3）生态系统的成分越复杂、生物种类越多，自动调节能力越强，生态系统的稳定性就越高22.小金将一盆绿色植物放在密闭的玻璃罩内，置于室外进行培养，用CO2浓度传感仪测得了该玻璃罩内CO2浓度的变化情况，并绘成如图曲线。请据此回答：（1）造成BC段较AB段CO2浓度增加较慢的主要原因是_。（2）EF段CO2浓度下降不明显，是因为_使叶片对CO2的吸收减少。（3）若要使该植物体内累积更多的有机物，可以采用的办法有_。（4）人们总是习惯在清晨6点

32、左右去公园等绿色植物较多的地方进行户外锻炼、跑步等有氧运动。请你根据图中提供的信息分析该时段进行户外运动是否合适？_?。【答案】（1）2点到4点间，温度较低（2）光照强烈，引起气孔关闭（3）提高玻璃罩内的昼夜温差；增加光照时间等（4）在森林中，空气中CO2浓度的变化情况类似于该玻璃罩内的情况，即在早上6点前后CO2浓度最高。所以该时段不适合户外运动【考点】光合作用和呼吸作用的相互关系【解析】【分析】1、呼吸作用消耗氧气产生二氧化碳。呼吸作用的强弱与气温高低有关，气温越高呼吸作用越强，气温越低，呼吸作用越弱；2、植物蒸腾作用，将根吸收的水释放到空气中，温度高光照强时，蒸腾作用强。植物能适应环境，

33、光照太强时，通过关闭气孔减弱蒸腾作用；3、光合作用制造有机物，呼吸作用消耗有机物。要使积累更多有机物，可增加制造减少消耗；4、根据图中6点左右二氧化碳的浓度是最高的，所以不适合运动。【解答】（1）CO2是由植物呼吸作用产生的。BC段较AB段CO2浓度增加较慢，说明呼吸作用减弱，由呼吸作用的影响因素可知，BC段时气温较低，所以主要原因是：2点到4点间，温度较低；（2）EF段的时间是正午，一天中太阳照射最强的时间。此时由于光照太强，植物水分流失太快，植物会关闭气孔减弱蒸腾作用，由于气孔关闭CO2的吸收减少，光合作用减弱。所以可填：光照强烈，引起气孔关闭；（3）若要使该植物体内累积更多的有机物，可以

34、通过增强制造或降低消耗，所以办法有：提高玻璃罩内的昼夜温差；增加光照时间等；（4）清晨6点太阳刚刚升起，阳光照射较弱，光合作用较弱。植物呼吸作用进行了一晚上，二氧化碳积累最多的时候，由此可知：在森林中，空气中CO2浓度的变化情况类似于该玻璃罩内的情况，即在早上6点前后CO2浓度最高。所以该时段不适合户外运动。故答案为：（1）2点到4点间，温度较低?（2）光照强烈，引起气孔关闭?（3）提高玻璃罩内的昼夜温差；增加光照时间等?（4）在森林中，空气中CO2浓度的变化情况类似于该玻璃罩内的情况，即在早上6点前后CO2浓度最高。所以该时段不适合户外运动?23.Cu可以形成化合价为+2价和+1价的化合物，

35、其中+1价的铜元素与氧形成的化学物称为氧化亚铜，它是一种红色粉末。（1）写出亚铜离子的符号：_。（2）加热时，氧化亚铜能与氧气发生化合反应，其反应的化学方程式为_。（3）利用这一性质可检验氮气中是否含有氧气，装置如图所示，判断氮气中含有氧气的现象是_?。【答案】（1）Cu+（2）2Cu2O+O24CuO（3）红色粉末变黑色【考点】离子的书写与意义，还原反应与金属的冶炼【解析】【分析】（1）离子的写法：在元素符号的右上角写上电荷数和正负号，且数字在前，正负号在后；如果电荷数为1，可以将数字省略；（2）氧化亚铜与氧气反应生成氧化铜，据此写出反应的化学方程式；（3）氧化亚铜为红色，而氧化铜为黑色；如

36、果有氧气，那么氧化亚铜会与氧气反应生成氧化铜，据此分析实验现象。【解答】（1）亚铜离子的电荷数为1，带正电，那么离子符号为：Cu+；（2）加热时，氧化亚铜能与氧气发生化合反应，其反应的化学方程式为：2Cu2O+O2?4CuO；（3）利用这一性质可检验氮气中是否含有氧气，装置如图所示，判断氮气中含有氧气的现象是红色粉末变黑色。?24.小金设计如图装置验证CO2能否与水反应，所选用的药品是碳酸氢钠固体、10%的稀盐酸、紫色石蕊试液。请回答以下问题：（1）请你写出试管A中反应的化学方程式_。（2）依据实验现象即B试管中紫色石蕊试液变红，小金得出CO2能与水反应并生成酸性物质的结论。但科学老师向他指出

37、：“虽然CO2不是酸性物质，但也不能根据石蕊试液变红的现象说明CO2能与水反应并生成酸性物质。”你认为理由是_。（3）根据老师的提示若小金仍用原装置进行实验，并成功得出CO2能与水反应并生成酸性物质的结论，请你为小金提出合理的改进建议_。【答案】（1）NaHCO3+HCl=NaCl+CO2+H2O（2）10%的盐酸具有挥发性，紫色石蕊遇盐酸也能变红色（3）将10%盐酸改为等质量10%的硫酸【考点】书写化学方程式、文字表达式，酸的化学性质【解析】【分析】（1）碳酸氢钠与稀盐酸反应，生成氯化钠、水和二氧化碳，据此写出反应的化学方程式；（2）石蕊试液变成红色，说明它遇到了酸性物质，而酸性物质可能是二

38、氧化碳溶于水形成的碳酸，也可能是稀盐酸挥发出的HCl溶于水造成的；（3）换用一种没有挥发性的酸即可。【解答】（1）试管A中反应的化学方程式：NaHCO3+HCl=NaCl+CO2+H2O；（2）我的理由是：10%的盐酸具有挥发性，紫色石蕊遇盐酸也能变红色；（3）我提出的合理化建议是：将10%盐酸改为等质量10%的硫酸。25.如图所示为一种水开后能鸣笛的电水壶，烧水的过程中，水的内能_(选填“增大”“减小”或“不变”)，壶嘴冒出的“白气”_水蒸气(选填“是”或“不是”)，仔细观察发现出现“白气”的位置总是在_(选填“远离”或“靠近”)壶嘴的位置，水开时测量水温是98，原因是当时的大气压_(选填“

39、大于”“小于”或“等于”)1标准大气压。【答案】增大；不是；远离；小于【考点】沸点及沸点与气压的关系，液化及液化现象【解析】【分析】（1）物质吸热，内能增大；放热，内能减少。水蒸气是无色、透明的气体。（2）物质由气态变成液态叫液化，液化需要放热，因此水蒸气只有遇到低温的物体才能液化成“白气”。（3）液体的沸点随大气压强的增大而升高，减小而降低。【解答】（1）烧水的过程中，水的内能增大，壶嘴冒出的“白气”不是水蒸气；（2）“白气”的形成需要遇到低温的物体，而离壶嘴较远的地方温度较低，所以它总是出现在远离壶嘴的地方；（3）水开时测量水温是98，低于100，原因是当时的大气压小于1标准大气压。26.

40、小金同学设计了如图所示的装置研究风力的大小，一根轻杆一端固定一个小球，另一端固定于点，轻杆能够绕O点转动，用电风扇水平送风吹动小球时，轻杆将转过一定的角度，与竖直方向成一个夹角，小球的质量为100克，轻杆的长度为1米，忽略小球的体积对本题的影响，回答下列问题：（1）请在原图中画出小球在B处的受力示意图。（2）当水平风力大小为1N时，角为_。（3）当风力将小球从竖直位置吹至=60时，风力对小球至少做功_J。【答案】（1）（2）45（3）0.5【考点】力的三要素及力的示意图，二力平衡的条件及其应用，功的计算公式的应用【解析】【分析】（1）对小球进行受力分析，弄清每个力的作用点和方向即可；（2）对小

41、球受力分析，受重力、拉力和风力处于平衡，根据共点力平衡，找到风的推力和小球重力之间的数量关系，然后据此推算角；（2）当小球从竖直位置吹至=60时，风力做功，转化为重力势能，利用W=mgh可求得风力对小球做功。【解答】（1）小球受到沿轻杆向上的拉力F，竖直向下的重力G和水平向左的推力F风，如下图所示：（2）对小球受力分析如下图所示：小球的重力为G=mg=0.1kg10N/kg=1N；由共点力的平衡得，风对小球的作用力与小球的重力G的关系为：解得：=45。（3）当风力将小球从竖直位置吹至=60时，如图所示：此时；风力对小球做的功全部转化为小球的重力势能时风力做功最少，则W=Gh=GOD=2N0.2

42、5m=0.5J。三、实验探究题(本大题共42分)（共6题；共42分）27.“长生不老”是古代帝王的幻想，但“返老还童”在未来不再是梦。目前一些生物学家在做小白鼠的研究课题时，发现了小白鼠有“返老还童”的生命现象，这或许能给人们延缓衰老的研究提供新的思路。阅读该课题的实验设计方案，回答下列问题。?(一)实验准备：选取_的18月龄白鼠和3月龄白鼠若干只备用。抽取18月龄和3月龄白鼠的血液若干毫升，分装到不同的瓶中备用。(备注：3月龄白鼠为年轻鼠，18月龄白鼠为年老鼠)(二)实验设计：组别A组B组C组实验材料18月龄白鼠10只18月龄白鼠10只3月龄白鼠10只实验步骤注射等量18月龄白鼠血液注射等量

43、3月龄白鼠血液注射等量18月龄白鼠血液(三)实验探究：该实验中，A组与B组形成对照，探究的问题是_。根据题意推测，不可能出现“返老还童”现象的是_组。如果要探究“年老白鼠的血液是否能加快年轻白鼠的衰老”，应另增加D组，使之与C组进行对照，D组的设计方案是_。【答案】健康且生命特征相同；年轻白鼠的血液是否会对年老白鼠产生影响；A、C；给10只3月龄白鼠注射等量3月龄白鼠血液【考点】控制变量法【解析】【分析】1、根据实验中需要研究的问题可确定合适的实验样品；2、对照实验中控制的不同因素就是探究的问题；3、“返老还童”是年龄大的个体在一些物质的刺激下出现的现象；4、“年老白鼠的血液是否能加快年轻白鼠

44、的衰老”要与年轻鼠的自然衰老比较才能确定效果。【解答】实验中需要选择年轻的鼠和年老的鼠，且两种鼠除年龄上不同别的应该基本相同。所以应选取健康且生命特征相同的18月龄白鼠和3月龄白鼠若干只备用；A组与B组，控制了实验材料相同，A组鼠注射等量18月龄白鼠血液，B组鼠注射等量3月龄白鼠血液，可知探究的问题是：年轻白鼠的血液是否会对年老白鼠产生影响；“返老还童”应该是在某种物质的刺激下出现的现象，题意是用年轻鼠的血液对年老鼠具有“返老还童”的作用，A组没有注射年轻鼠的血液，A组不可能出现。C是年轻鼠注射年老鼠的血液，C组不可能。B组年老鼠注射了年轻鼠的血液，是可能出现的。所以AC组不可能出现；C组年轻

45、鼠注射了年老鼠的血液，要判断是否有加快衰老的效果，还需要与年轻鼠的自然衰老进行区别。所以需要设计D组为：给10只3月龄白鼠注射等量3月龄白鼠血液。故答案为：健康且生命特征相同；年轻白鼠的血液是否会对年老白鼠产生影响；A、C；给10只3月龄白鼠注射等量3月龄白鼠血液?28.如图是工业上生产Fe3O4的工艺流程简图，根据要求回答问题。（1）由溶液N获得该副产品的操作顺序是b_d。a.过滤?b.加热浓缩?c.冷却结晶?d.晶体加热至完全失去结晶水（2）通空气时的化学方程式是4Fe(OH)2+2H2O+O2=4Fe(OH)3，由沉淀M获得Fe3O4的过程中发生的反应为Fe(OH)2+2Fe(OH)3F

46、e3O4+4H2O，控制“一定量空气”的目的是_。（3）沉淀中Fe(OH)2和Fe(OH)3的最佳质量比为_。【答案】（1）ca（2）控制Fe(OH)2的转化量，防止其全部转化为Fe(OH)3（3）45：107【考点】结晶的概念与方法，根据化学反应方程式的计算【解析】【分析】（1）根据结晶的基本步骤分析解答；（2）?转化过程需要氧气的参与，如果氧气量太充足，那么就会有大量的Fe(OH)2转化成2Fe(OH)3，从而影响生成物Fe3O4的质量；（3）参加反应的物质质量之比等于方程式中化学式的式量与计量个数的乘积之比。【解答】（1）由溶液N获得该副产品的操作顺序：加入浓缩、冷却结晶、过滤和加入晶体

47、除去结晶水，即bc?ad；（2）控制“一定量空气”的目的是：控制Fe(OH)2的转化量，防止其全部转化为Fe(OH)3。（3）根据化学方程式：Fe(OH)2+2Fe(OH)3?Fe3O4+4H2O；?90?214可知，沉淀中Fe(OH)2和Fe(OH)3的最佳质量比为：90：214=45：107。?29.某校科学兴趣小组同学进行研究性学习，请你参与并协助他们完成相关任务。【研究课题】探究草酸受热分解的产物。【查阅资料】草酸的化学式为C2H2O4。【提出猜想】小金同学的猜测是：草酸分解产物只有两种，但是对于具体是哪两种产物，组内同学有以下几种意见：CO2和CO；CO和H2O；CO2和H2O；CO

48、2和H2；CO和H2。小胡同学认为判断以上猜测中一定是不成立的，理由是_。小李同学认为草酸分解产物有三种，他们的猜测是：草酸分解产物为CO2、CO和H2O。【设计方案】于是三人一起继续利用下图所示装置进行“小李的猜想”实验探究。已知：A、C、F中盛装澄清石灰水，B中盛装浓NaOH溶液，D中装有碱石灰，E中装有CuO。证明分解产物中有CO2的现象是_；证明分解产物中有CO的现象是_。【反思】小金同学认为该实验装置中无法验证分解产物中是否有水蒸气，小胡说只要将D装置中的碱石灰换成无水硫酸铜即可验证。你是否同意他的观点？理由是_。【答案】由质量守恒定律可知，化学反应前后元素的种类是不变的；A中澄清的

49、石灰水变浑浊；E中固体黑色变为红色，F中澄清石灰水变浑浊；否，因为气体从溶液中导出会携带部分水【考点】实验方案设计与评价，二氧化碳的检验和验满【解析】【分析】【提出猜想】根据化学式C2H2O4可知，草酸中含有C、H、O三种元素，而反应产物CO2中只有两种，那么另外的产物中肯定含有氢元素，【设计方案】二氧化碳能使澄清的石灰水变浑浊，这通常用于检验二氧化碳的存在；一氧化碳能够和黑色的氧化铜反应，生成红色的铜单质和水。【反思】草酸分解产生的气体要从A、B、C三种溶液中溢出，所以肯定会带出水蒸气，因此即使D中的无水硫酸铜变蓝，也不能说明草酸分解产生了水蒸气。【解答】【提出猜想】猜想不成立，理由是：由质

50、量守恒定律可知，化学反应前后元素的种类是不变的；【设计方案】证明分解产物中有CO2的现象是：A中澄清的石灰水变浑浊；证明分解产物中有CO的现象是：E中固体黑色变为红色，F中澄清石灰水变浑浊。【反思】我不同意他的观点，理由是：因为气体从溶液中导出会携带部分水。30.如图所示，小金用伏安法测量小灯泡电阻。电源电压恒为6伏。身边刚刚有一个“220V100W”白炽灯泡。于是想测量其电阻，连入电路后发现电流表示数很小，尽管调节滑动变阻器的滑片，电流表示数变化非常小。于是，他们设计了图甲所示的电路，通过在AB间接入阻值不同的定值电阻，分别测出了不同电压时白炽灯泡的电阻。（1）根据串联电路中电流的特点和欧姆

51、定律，可以推出_(选填“”“=”或“p己。【考点】探究液体压强的特点实验【解析】【分析】（1）根据控制变量法的要求可知，如果探究液体压强和液体密度的关系，就必须控制深度等其它因素相同而改变液体密度。而乙和丁中橡皮膜的方向不同，没有控制变量；（2）根据液体压强公式p=液gh可知，当压强相等时，液面的高度差h与液体密度液成反比；（3）首先根据图片确定两点的深度大小，然后根据两点压强相等和公式p=液gh分析两种液体密度的大小关系，接下来再利用这个公式比较这两点到容器底部的那段液体产生压强的大小，最后将两段压强相加就可比较容器底部压强的大小关系。【解答】（1）小金通过比较图乙和丁，无法得出液体压强跟液

52、体密度有关；（2）金属盒的方向和位置不变，那么液体的压强相等，而酒精的密度比水的密度小，根据公式p=液gh可知，U形管液面的高度差将变大。（3）若、N两点的压强相等，但点距液面的高度比点低，故戊液体的密度大于己液体的密度，又因为、N两点离容器底等高，故点距容器底这段液体产生的压强较大，则两种液体对容器底的压强应该等于、N两点的压强分别加上、N两点距容器底的那段液体产生的压强，故戊、己两容器底部受到的压强大小关系为p戊p己。32.Fenton法常用于处理含难降解有机物的工业废水。其原理是利用Fe?+和H2O2反应产生能降解污染物的活性成分。现运用该方法降解有机污染物p-CP，探究有关因素对降解反

53、应速率的影响。实验时，p-CP的初始浓度相同，温度恒为25或40。实验测得p-CP的浓度随时间变化的关系如图所示。请回答：（1）请完成以下实验设计表。实验编号实验目的温度/pH浓度/(mgL-1)H2O2Fe2+为提供参照25320416.8探究温度对降解反应速率的影响_320416.8探究溶液pH对降解反应速率的影响251020416.8（2）进一步实验发现，温度过高时，降解反应较难发生。请从所用试剂H2O2的角度分析原因_。（3）由实验可以得出的结论是_。（4）为测定不同时间内有机物降解的浓度，需在不同时间从反应器中取样，并使所取样品中的降解反应立即停止。根据图示信息，请写出迅速停止反应的

54、一种方法_?。【答案】（1）40（2）过氧化氢在温度过高时分解（3）当pH=10时，降解反应无法进行（4）将所取样品迅速加入到一定量的NaOH溶液中，使pH为10(或将所取样品骤冷等)【考点】影响化学反应速率的因素【解析】【分析】（1）根据表格可知，实验为了探究温度对反应速率的影响，那么在其它条件相同时，应该改变温度。因为中是25，所以中应该是40；（2）该反应需要过氧化氢的参与，而温度过高时，过氧化氢很容易分解为水和氧气；（3）根据图像可知，实验中，溶液的pH=10，图像是一条直线，即降解反应根本没有进行；（4）温度过高或溶液的pH过大，都会造成反应无法进行。【解答】（1）中空白处应为：40

55、；（2）进一步实验发现，温度过高时，降解反应较难发生。请从所用试剂H2O2的角度分析原因：过氧化氢在温度过高时分解。（3）由实验可以得出的结论是：当pH=10时，降解反应无法进行。（4）迅速停止反应的方法：将所取样品迅速加入到一定量的NaOH溶液中，使pH为10(或将所取样品骤冷等。四、解答题(本大题共32分)（共5题；共32分）33.为了探究力能否使玻璃瓶发生形变，小金把一个厚玻璃瓶装满水，然后用带有细玻璃管的橡胶塞塞紧瓶口，组装好的实验装置如图所示。其中，细玻璃管上有刻度，便于观察细玻璃管内水面的变化。小林用力挤压玻璃瓶壁，发现细玻璃管内水面上升了。于是他得出结论：细玻璃管内水面上升，表明

56、力使玻璃瓶发生了形变。小陈却认为：细玻璃管内水面上升，可能是由于手挤压玻璃瓶壁时，瓶内水的温度升高所致，因此不能说明力使玻璃瓶发生了形变。要求只利用图所示的装置，通过实验证明力能使玻璃瓶发生形变。请你写出主要实验步骤和相应的实验现象。【答案】答：用力挤压玻璃瓶壁，可以看到细玻璃管内的水面上升，水面上升的高度记为h，松手后细玻璃管内的水面迅速回到原位置。再用较小的力挤压玻璃瓶壁，可以看到细玻璃管内的水面也上升，水面上升的高度记为h2。h2小于h1，这说明力的作用使玻璃瓶发生了形变。【考点】力的作用效果【解析】【分析】如果玻璃管内的水柱上升是由于手的温度引起的，那么当改变手的压力时温度不变，那么管

57、内的水柱高度应该保持不变；否则，水柱上升就是由于挤压玻璃瓶造成的形变引起的，据此设计实验步骤即可。【解答】（1）用力挤压玻璃瓶壁，可以看到细玻璃管内的水面上升，水面上升的高度记为h，松手后细玻璃管内的水面迅速回到原位置。（2）再用较小的力挤压玻璃瓶壁，可以看到细玻璃管内的水面也上升，水面上升的高度记为h2。（3）h2小于h1，这说明力的作用使玻璃瓶发生了形变。34.如图所示，一根底面积为S0长为L0，密度为的粗细均匀的蜡烛，底部插入一根质量为m的铁钉(铁钉受到的浮力忽略不计)，竖直地漂浮在水中，容器的底面积为S，水的密度为水。蜡烛上端露出水面的长度为h0。?（1）求蜡烛受到的浮力。（2）现将蜡

58、烛点燃，当蜡烛直至蜡烛与水面相平、烛焰熄灭(假定蜡烛油不流下来)，设燃烧掉的蜡烛长为L，请推导L与h0的关系。【答案】（1）蜡烛未燃烧时，因为蜡烛和铁块漂浮，所以：F浮=G总即：F浮=水S0(L0-h0)g=mg+蜡S0L0g?（2）点燃蜡烛，直至蜡烛与水面相平、蜡烛熄灭。因为蜡烛和铁块漂浮，所以：F浮=G总即：水S0(L0-L)g=mg+蜡S0(L0-L)g?-得：水S0(L0-h0)g-水S0(L0-L)g=蜡S0L0g-蜡S0(L0-L)g水S0Lg-水S0h0g=蜡S0LgL(水-蜡)=水h0解得：【考点】密度公式的应用，二力平衡的条件及其应用，阿基米德原理【解析】【分析】（1）当物体

59、漂浮在水面上时，根据阿基米德原理计算它受到的浮力，且它受到的浮力等于自身重力；（2）当蜡烛的上表面与水面相平时，它和铁钉构成的整体在水中悬浮，此时它们受到的总浮力等于总重力，即F浮=G总，根据阿基米德原理和密度公式将这个等式展开，然后与（1）题中得到的等式相减，最后整理推导得到L和h0的关系。【解答】（1）蜡烛未燃烧时，因为蜡烛和铁块漂浮，所以：F浮=G总即：F浮=水S0(L0-h0)g=mg+蜡S0L0g?；（2）点燃蜡烛，直至蜡烛与水面相平、蜡烛熄灭。因为蜡烛和铁块漂浮，所以：F浮=G总即：水S0(L0-L)g=mg+蜡S0(L0-L)g?-得：水S0(L0-h0)g-水S0(L0-L)g

60、=蜡S0L0g-蜡S0(L0-L)g水S0Lg-水S0h0g=蜡S0LgL(水-蜡)=水h0解得：?。35.如图所示，M为一个“8V8W”的电动机，电源电压恒定为10V，闭合开关S后，调节滑动变阻器至电动机恰好正常工作，此时整个电路消耗的电能有60%转化为机械能。求：?（1）此时滑动变阻器消耗的功率与电动机消耗的电功率之比。（2）电动机的线圈电阻r是多少？（3）在电动机正常工作过程中，当电动机突然卡住，电压表的示数将_(选填“变大”“变小”或“不变”)。【答案】（1）由P=UI得，电动机正常工作时的电流：I=IR=IM，IM=1A滑动变阻器的电压：UR=U-UM=10V-8V=2VPR：PM=