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文档简介
1、2022-2023学年上海民办存志中学高二数学理下学期期末试卷含解析一、 选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分。在每小题给出的四个选项中,只有是一个符合题目要求的1. 过点A(2,b)和点B(3,2)的直线的斜率为1,则b的值是()A5B1C5D1参考答案:D【考点】直线的斜率【分析】利用斜率计算公式即可得出【解答】解:由题意可得: =1,解得b=1故选:D2. 直线l过点且与双曲线x2y2=2仅有一个公共点,这样的直线有()A4条B3条C2条D1条参考答案:B【考点】双曲线的简单性质【分析】讨论直线的斜率,当直线的斜率不存在时,直线过双曲线x2y2=2的右顶点,方程为x=,满足条件
2、,当直线的斜率存在时,若直线与两渐近线平行,也能满足满足条件【解答】解:当直线的斜率不存在时,直线过双曲线x2y2=2的右顶点,方程为x=,满足条件;当直线的斜率存在时,若直线与两渐近线平行,也能满足与双曲线x2y2=2有且仅有一个公共点,综上,满足条件的直线共有3条故选:B3. 设,则三者的大小关系是A BC D参考答案:C4. 已知是不重合直线,是不重合平面,则下列命题若,则若,则若、,则若,则若,则为假命题的是A B C D参考答案:D5. 椭圆的左、右焦点分别为,点在椭圆上,若是一个直角三角形的三个顶点,则点到轴的距离为 ( )ABC或D或参考答案:C略6. 空间四边形ABCD中,M、
3、G分别是BC、CD的中点,则+等于()A B3C3D2参考答案:B【考点】向量加减混合运算及其几何意义【分析】作图,从而化简+=()=(2)=3【解答】解:如图,+=()=(2)=3,故选B7. 抛掷一枚均匀的硬币两次,结果是“一次正面向上,一次反面向上”的概率是( ) (A)1 (B) (C) (D)参考答案:B8. 已知点F1,F2分别是椭圆为C:的左、右焦点,过点F1(c,0)作x轴的垂线交椭圆C的上半部分于点P,过点F2作直线PF2的垂线交直线于点Q,若直线PQ与双曲线的一条渐近线平行,则椭圆的离心率为( )ABCD参考答案:C【考点】椭圆的简单性质;双曲线的简单性质 【专题】综合题;
4、圆锥曲线的定义、性质与方程【分析】将点P(c,y1)(y10)代入C:,得P(c,),由过点F2作直线PF2的垂线交直线于点Q,PF2QF2,得Q(,2a),由直线PQ与双曲线的一条渐近线平行,知,由此能求出结果【解答】解:将点P(c,y1)(y10)代入C:,得y1=,P(c,),过点F2作直线PF2的垂线交直线于点Q,PF2QF2,设Q(,y),得,解得y=2a,Q(,2a),直线PQ与双曲线的一条渐近线平行,即4a=+,整理,得2e3+2e=0,解得e=故选C【点评】本题考查椭圆的标准方程,考查直线与椭圆的位置关系,考查导数知识的运用,综合性强解题时要认真审题,注意等价转化思想的合理运用
5、9. 在等比数列an中,a1=1,则“a2=4”是“a3=16”的()A充分不必要条件B必要不充分条件C充要条件D既不充分也不必要条件参考答案:A【考点】必要条件、充分条件与充要条件的判断【分析】根据充分条件和必要条件的定义结合等比数列的性质进行求解即可【解答】解:在等比数列an中,a1=1,若a2=4,则公比q=,则a3=a2q=44=16若a3=16,则a3=1q2=16,即q=4,当q=4时,a2=a1q=4,此时a2=4不成立,即“a2=4”是“a3=16”的充分不必要条件,故选:A10. 圆x2+y2-4x-2y-5=0的圆心坐标是:( )A.(-2,-1); B.(2,1); C.
6、(2,-1); D.(1,-2).参考答案:B二、 填空题:本大题共7小题,每小题4分,共28分11. sin是cos2的 条件.(填充分不必要、必要不充分或充要等)参考答案:充分不必要略12. 的二项展开式中的常数项为_(用数字作答)参考答案:-16013. 已知=2, =3, =4,若=6,(a,t均为正实数),则类比以上等式,可推测a,t的值,a+t=参考答案:41【考点】类比推理【专题】计算题;压轴题【分析】观察所给的等式,等号右边是,第n个应该是,左边的式子,写出结果【解答】解:观察下列等式=2, =3, =4,照此规律,第5个等式中:a=6,t=a21=35a+t=41故答案为:4
7、1【点评】本题考查归纳推理,考查对于所给的式子的理解,主要看清楚式子中的项与项的数目与式子的个数之间的关系,本题是一个易错题14. 已知在上有两个不同的零点, 则m的取值范围是_.参考答案:1,2)略15. 已知直线交抛物线于A、B两点,若该抛物线上存在点C,使得为直角,则的取值范围为_.参考答案:16. 若两个等差数列an和bn的前n项和分别是Sn,Tn,已知=,则等于参考答案:【考点】等差数列的性质【分析】由等差数列的性质和求和公式可得=,代值计算可得【解答】解:由等差数列的性质和求和公式可得: =故答案为:17. 已知命题存在若命题是假命题,则实数的取值范围是 参考答案:(0,1)三、
8、解答题:本大题共5小题,共72分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤18. (本小题满分10分)已知,设命题p:函数=lg定义域为R;命题q:函数=在(2,+)上是增函数.如果命题“pq”为真命题,命题“pq”为假命题,求实数的取值范围.参考答案:解:若p真:恒成立 1若 则不符合条件 2若 则 综上a12分若q真:4分由为真命题,为假命题可判一真一假5分故17分29分综上a的取值范围是10分略19. 已知函数.(1)若函数,求函数g(x)的单调区间;(2)若不等式有解,求k的取值范围.参考答案:(1)的单调减区间为:(0,1),单调增区间为:;(2)k-1【分析】(1)由题可得求导得,令
9、,由的单调性得的单调性。(2)不等式有解,则设,求的最小值,从而求的取值范围。【详解】(1)因为.所以.设,则,即在上单调递增,所以所以,当时,则单调递增;当时,则单调递增.(2)因为,.所以.设,则.由于在上单调递增,且.所以当时,则单调递减;当时,则单调递增.所以.综上,的取值范围是.【点睛】本题考查利用导函数解不等式(1)恒成立问题或存在性问题常利用分离参数法转化为最值求解(2)证明不等式可通过构造函数转化为函数的最值问题,属于偏难题目。20. 已知有6名男医生,4名女医生.(1)选3名男医生,2名女医生,让这5名医生到5个不同地区去巡回医疗,一个地区去一名教师,共有多少种分派方法?(2
10、)把10名医生分成两组,每组5人且每组都要有女医生,共有多少种不同的分法?若将这两组医生分派到两地去,又有多少种分派方法?参考答案:(1)14400;(2)120,240分析:(1)先选3名男医生,两名女医生,有种方法,再到5个不同地区去巡回医疗,有种方法,根据乘法原理可得结论;(2)把10名医生分成两组.每组5人,共有种方法,再减去只有男医生为一组的情况,即可得到答案.详解:(1)共有=14400(种)分派方法.(2)把10名医生分成两组.每组5人,且每组要有女医生,有=120(种)不同的分法;若将这两组医生分派到两地去,则共有120=240(种)分派方法.点睛:本题考查排列、组合的综合应用
11、,分步分类计数原理的运用. 排列、组合综合题目,一般是将符合要求的元素取出(组合)或进行分组,再对取出的元素或分好的组进行排列其中分组时,要注意“平均分组”与“不平均分组”的差异及分类的标准21. (本题满分12分)上右图一个44网格,其各个最小正方形的边长为,现用直径为的硬币投掷到此网格上,设每次投掷都落在最大的正方形内或与最大的正方形有公共点. (1)求硬币落下后完全在最大的正方形内的概率; (2)求硬币落下后与网格线没有公共点的概率参考答案:解:(1)因为每次投掷都落在最大的正方形内或与最大的正方形有公共点 所以圆心的最大限度为原正方形向外再扩张1个小圆半径的区域,且四角为 四分之一圆弧,此时总面积为:1616416112=320 4分 完全落在最大的正方形内时,圆心的位置在14为边长的正方形内,其面积 为1414=196;故:硬币落下后完全在最大的正方形内的概率为: ; 8分 (2)每个小正方形内与网格线没有公共点的部分是正中心的边长为2的正方 形的内部,一共有16个小正方形,总面积有:1622=64; 故:硬币落下后与网
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