3.4 简单机械（3）课课练（解析）

1、Word文档，下载后可任意编辑 .4 简单机械（3）课课练（解析）中小学教育资源及组卷应用平台3.4 简单机械（3）一、单项选择题1.（2020九上椒江期中）如图，小明用一轻质杠杆自制简易密度秤的过程中，在A端的空桶内分别注入密度已知的不同液体，改变物体M悬挂点B的位置，当杠杆在水平位置平衡时，在M悬挂点处标出相应液体的密度值，下列关于密度秤制作的说法中，正确的是（ ）A. 悬点O适当左移，秤的量程会增大 B. 秤的刻度值分布不均匀C. 增大M的质量，秤的量程会减小 D. 每次倒入空桶的液体质量相同2.（2020九上慈溪期末）如图，一质量分布均匀的12kg 铁球与轻杆 AB焊接于 A点后悬挂于

2、竖直墙壁的 B点，轻杆的延长线过球心O，轻杆的长度是铁球半径的 2/3。要使铁球刚好离开墙壁，施加在铁球上的力至少为( )A. 27N B. 45N C. 72N D. 90N3.（2020九上温州月考）如图所示是两个斜面，这两个斜面的粗糙程度相同且等高，现在有 2 个相同的木块在斜面的最高点由静止释放（重心到水平桌面的距离相等），W 为木块重力做功， 为木块做功的机械效率，下列判断正确的是（ ）A. W左图=W右图 ，左图右图C. W左图W右图 ，左图=右图 D. W左图W右图 ，左图右图C. W左图W右图 ，左图=右图 D. W左图W右图 ，左图W额右；根据可知，左边的机械效率小于右边的机

3、械效率； 即左图右图。4.（2020九上杭州月考）如图所示，整个装置处于静止状态，弹簧测力计A、B、C的示数分别为FA、FB、FC ， 以下有关弹簧测力计示数的关系，正确的是（ ）A.FAFBFC B.FAFB3FC C.2FA3FCFB D.3FA6FC2FB【答案】 D【解析】分别对左边的滑轮和右边的滑轮进行受力分析，根据二力平衡的知识计算出几个拉力之间的关系即可。【解答】测力计C直接与绳子相连，则绳子上产生的拉力都是FC。以左边的滑轮为对象进行分析，它左边受到A测力计的拉力FA ， 右边受到两根绳子的拉力，都是FC。根据二力平衡的知识得到：FA=2FC ， 即3FA=6FC；以右边的滑轮

4、为对象进行分析，它左边受到绳子的拉力三个，都是FC ， 右边受到B测力计的拉力FB。根据二力平衡的知识得到：3FC=FB ， 即6FC=2FB。那么得到：3FA=6FC=2FB。故选D。5.（2020九上兰溪期中）如图所示，光滑带槽的长木条AB（质量不计）可以绕支点O转动，木条的A端用竖直细线连接在地板上，OA=0.6m，OB=0.4m。在木条的B端通过细线悬挂一个长方体木块C，C的密度为0.8103kg/m3 ， B端正下方放一盛满水的溢水杯。现将木块C缓慢浸入溢水杯中，当木块浸入水中一半时，从溢水口处溢出0.5N的水，杠杆处于水平平衡状态，然后让质量为300g的小球从B点沿槽向A端匀速运动

5、，经4s的时间系在A端细绳的拉力恰好等于0，下列结果不正确的是（忽略细线的重力，g取10N/kg）（ ）A. 木块受到的浮力为0.5N B. 木块C受到细线的拉力为0.3NC. 小球刚放在B端时A端受到细线的拉力为2.2N D. 小球的运动速度为0.2m/s【答案】 D【解答】A.溢水杯内盛满水，当物体放入后，溢出0.5N的水，根据阿基米德原理可知，物体受到的浮力：F浮=G排=0.5N，故A正确不合题意；B.排开水的体积： ；因为一半浸入水中，所以物体的体积：V物=2V排=2510-5m3=110-4m3；物体的重力：G=mg=物V物g=0.8103kg/m3110-4m310N/kg=0.8

6、N，则B端木块C所受的拉力：FB=G-F浮=0.8N-0.5N=0.3N，故B正确不合题意；C.小球的重力为：G球=m球g=0.3kg10N/kg=3N，小球刚放在B端时，B端受到的力为FB=3N+0.3N=3.3N，根据杠杆平衡条件得出关系式：FAOA=FBOB；FA0.6m=3.3N0.4m；解得：FA=2.2N，故C正确不合题意；D.当A端的拉力为0时，杠杆再次平衡，此时小球到O点距离：s=s-OB=vt-OB=v4s-0.4m，根据杠杆平衡条件可知：G球s=FBOB，即：3N（v4s-0.4m）=0.3N0.4m，解得：v=0.11m/s，故D错误符合题意。6.一根金属棒AB置于水平地

7、面上，现通过弹簧测力计竖直地将棒的右端B缓慢拉起，如图甲所示。在此过程中，弹簧测力计对棒所做的功W与B端离开地面的高度x的关系如图乙所示。根据图像，下列说法中正确的是（ ）A. 该金属棒的长度L1.6mB. 在B端拉起的过程中，当x10.6m时，测力计的示数为F11.5NC. 当x21.6m时，测力计的示数为F25ND. 金属棒的重心到A端的距离为0.6m【答案】 C【解析】（1）注意分析乙图中曲线的拐点处的意义，其实就是该点时金属棒刚刚离开地面；（2）在已知杆的长度的情况下，根据乙图x的不同长度对应的功的大小，得到杆的重力，也就是F2的示数；根据图乙得到F1的数值；（3）根据图乙可知，图像弯

8、折后，增大的功等于物体的重力与增大的高度的乘积，据此计算出重力，再根据二力平衡计算拉力F2；（3）由杠杆平衡条件可求出重心到A端的距离。7.（2019绍兴）如图是上肢力量健身器示意图。杠杆AB可绕O点在竖直平面内转动，AB=3BO，配重的重力为120牛。重力为500牛的健身者通过细绳在B点施加竖直向下的拉力为F1时，杠杆在水平位置平衡，配重对地面的压力为85牛。在B点施加竖直向下的拉力为F2时，杠杆仍在水平位置平衡，配重对地面的压力为60牛。已知F1：F2=2：3，杠杆AB和细绳的质量及所有摩擦均忽略不计。下列说法正确的是（ ）A. 配重对地面的压力为50牛时，健身者在B点施加竖直向下的拉力为

9、160牛B. 配重对地面的压力为90牛时，健身者在B点施加竖直向下的拉力为120牛C. 健身者在B点施加400牛竖直向下的拉力时，配重对地面的压力为35牛D. 配重刚好被匀速拉起时，健身者在B点施加竖直向下的拉力为540牛【答案】 C【解析】（1）对配重进行受力分析，根据二力平衡原理计算出配重绳子上的拉力F；对动滑轮进行受力分析，计算出杠杆A点产生的拉力FA；根据杠杆的平衡条件计算出B点的拉力F 1 ， 并且找到B点拉力与配重的重力等之间的数学关系式；用同样的方法计算出B点的拉力F 2 ， 借助 F 1 ：F 2 =2：3 计算出动滑轮的重力；（2）使用上面同样的方法计算出配重对地面的压力为5

10、0N和90N时，B点施加的向下的拉力；（3）将FB=400N代入关系式计算配重对地面的压力；（4）配重刚好被拉起，即它对地面的压力为0，根据上面的关系式计算出B点的拉力。8.如图所示，一轻质杠杆AB支在支架上，OA=20cm，G1为一边长为5cm的正方体，G2重为20N.当OC=10cm时，G1对地面的压强为2104Pa。现用一水平拉力F使G2以2cm/s的速度向右匀速运动，则当G1对地面的压力为0时所经过的时间为 （ ）A. 25s B. 30s C. 35s D. 40s【答案】 A【解析】（1）由杠杆平衡条件求出G2在C点时，杠杆在A点受到的拉力，由压强公式的变形公式求出G1对地面的压力

11、，然后对G1进行受力分析，由平衡条件求出G1的重力；（2）由杠杆平衡条件求出G1对地面压力为零时G2到支点的距离，然后由速度公式的变形公式求出G2的运动时间。9.（2020八下温州月考）一个600N重的成年人和一个小孩都过一道4m宽的水渠，成人从左岸到右岸，而小孩从水渠右岸到左岸，两岸各有一块3m长的坚实木板，他们想出了如图的方式过渠，请分析在忽略木板自身重量和木板叠交的距离情况下，要使成年人和小孩都能平安过渠，小孩的体重不能轻于多少牛？( )A. 100N B. 200N C. 300N D. 400N【答案】 C【解析】木板AB是一个杠杆，成年人对木板AB的压力为阻力，小孩对木板AB的压力

12、为动力，由杠杆平衡条件列方程，然后求出小孩的重力。【解答】小孩站在B处，让成年人先从木板上过水渠，当成年人到达水渠对岸后，站在B处，然后再让小孩过水渠如图所示：把木板AB视为杠杆，O为支点，成年人对AB的压力为阻力F2 ， 小孩对木板的压力为动力F1 ，当成年人在A时，阻力F2=G成=600N，由题意和图示可知：阻力臂OA=4m-AB=4m-3m=1m;动力臂OB=AB-OB=3m-1m=2m;由杠杆平衡条件可得：G成OB=G小OA；600N1m=G小2m；解得：G小=300N。10.某人到健身房进行健身活动。用如图所示的牵引装置来锻炼腿部和手部肌肉功能。使用时，若绳A处固定不动，手在B处用力

13、FB拉绳，使重物G匀速上升；若绳B处固定不动，腿在A处用力FA拉绳，使重物G匀速上升。下列说法中正确的是（ ）A. FAFB B. FAFB C. FAFB D. 条件不足，无法确定【答案】 B【解答】当B处固定不动时，中间的滑轮保持静止状态，为定滑轮；因为定滑轮不省力不费力，所以拉力FA=G；当A处固定不动时，中间的滑轮跟随物体一起运动，为动滑轮；动滑轮受到一个向上的拉力FB ， 两个向下的拉力G，那么拉力FB=2G；因此FAFB。11.（2019九上余杭月考）一均匀木板AB，B端固定在墙壁的转轴上，木板可在竖直面内转动，木板下垫物块C，恰好使木板水平放置，如图所示现在水平力F将C由B向匀速

14、推动过程中，下列相关说法中（ ）物块C对木块AB的摩擦力方向向右木板AB仅受重力和物块C对它的支持力的作用物块C受到的重力和地面对它的支持力是一对平衡力推力F将逐渐变大A. 只有正确 B. 只有正确 C. 只有正确 D. 只有正确【答案】 A【解答】物体C向右运动，相当于AB向左运动，因此物体C对AB的摩擦力方向向右，故正确；木块AB受到重力、支持力、摩擦力以及墙壁的支持力，故错误；对面对C的支持力等于木板AB的压力和C的重力之和，与C的重力大小不同，肯定不是平衡力，故错误；B为支点，AB的重力为阻力F2 ， 阻力臂为AB的一半保持不变；C的支持力为动力，CB为动力臂；根据杠杆的平衡条件F1L

15、1=F2L2可知，C向右运动，动力臂CB变小，那么动力肯定增大，即C对AB的支持力增大；根据相互作用力原理可知，AB对C的压力增大，因此C受到的摩擦力肯定增大，那么水平力F肯定增大。上面说法正确的是。故选A。12.（2019海曙模拟）某工厂搬运货物用了如图所示的装置。已知滑轮组中绳子能承受的最大拉力为500N，定滑轮的质量为0.5kg，动滑轮的质量为0.6kg，货箱重为15N，不计绳重和绳子与滑轮间的摩擦，下列说法正确的是（ ）A. 匀速吊起货物上楼，每次能吊的货物最多不能超过1469NB. 使用的定滑轮质量越小越省力翻货箱C. 工人分别用5m/s和3m/s速度匀速拉升同一货物，工人做功的功率

16、相同D. 所吊货物质量为100kg，匀速提升10m，则水平拉力F所做的功为10210J【答案】 D【解答】A. 动滑轮的重力为：G动=m动g=0.6kg10N/kg=6N；匀速吊起货物上楼， 当绳子的拉力达到最大500N时，每次吊起的货物最多为：G物=nF-G动-G箱=3500N-6N-15N=1479N，故A错误；B.定滑轮不随货物一起移动，因此它的质量不会影响自由端的拉力，故B错误；C.匀速提升同一货物，自由端的拉力相等，根据公式P=Fv可知，速度越大，工人做功的功率越大，故C错误；D.所吊货物的重力为：G=mg=100kg10N/kg=1000N；自由端的拉力为： ；自由端移动的距离为：

17、s=nh=310m=30m；水平拉力F所做的功为： ， 故D正确。故选D。13.（2020宁波模拟）如图所示，滑轮组在拉力F1的作用下，拉着重300N的物体A以1.5m/s的速度在水平面上匀速移动，滑轮组的机械效率为80%，物体A匀速运动时受的阻力为56N，拉力F1的功率为P1 ，若滑轮组在拉力F2的作用下，拉着物体A以0.5m/s的速度在此水平面上匀速移动，拉力F2的功率为P2 ，滑轮自重和绳重忽略不计，则下列说法正确的是（ ）A. F1=168N，P1=225W B. F2=210N，P2=30W C. F2=3F1 ， P1=P2 D. F1=F2 ， P1=3P2【答案】 D【解析】（

18、1）首先根据二力平衡计算出A受到的摩擦力和它受到的拉力的关系，然后以动滑轮为受力对象，根据二力平衡计算出拉力F与A受到摩擦力的关系，最后比较不同状态下的拉力大小；（2）根据公式P=Fv计算两个功率之间的关系。【解答】动滑轮受到水平向右的拉力F、向左的拉力F拉共3个，那么3F拉=F。当物体A做匀速直线运动时，它受到的摩擦力与拉力相互平衡，即滑轮对它的拉力F拉=f；那么F=3f。因为物体A对地面的压力和接触面的粗糙程度不变，所以速度不同时摩擦力f相同，因此拉力F相等，即F1=F2。当物体A以1.5m/s速度运动时，拉力F1的速度为v1=；当物体A以0.5m/s速度运动时，拉力F1的速度为v2=；根

19、据公式P=Fv可知：；那么P1=3P2。二、填空题14.（2020九上温州月考）如图所示，质量为m的人站在质量为的均匀木板AB的中点，木板可以绕B端转动，2若以人的重力为动力，这属于 （选填“省力”或“费力”）杠杆。要使木板处于水平状态不动，此人拉力的大小为 。（摩擦忽略不计）【答案】 费力；【解析】（1）比较动力臂和阻力臂的大小，从而确定杠杆的分类；（2）根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2计算即可。【解答】（1）根据图片可知，如果将人的重力看做动力，则动力臂为；绳子的拉力看做阻力，阻力臂为AB。此时动力臂小于阻力臂，为费力杠杆。（2）根据图片可知，B点为支点，阻力为绳子上的拉力FA ，而动

20、力F1=G人+G木板-FA=mg-FA；根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2得到：（mg-FA）=FAAB；则此人的拉力FA=。15.（2021九上宁波月考）安全阀常作为超压保护装置。如图是利用杠杆原理设计的锅炉安全阀示意图，阀的横截面积S为6cm2 ， OAAB=12，若锅炉能承受的最大压强为5.81105Pa，大气压强为1.01105Pa，则在B处应挂 N 的重物。若锅炉承受的最大压强减小，为保证锅炉安全，应将重物向 （选填“左”或“右”）移动。【答案】 96；右【解析】（1）A点受到的向上的压力等于内外压力差，由压强公式可求得A点处杠杆所受到的压力，则由杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可

21、知B处应挂物体的重力。（2）根据锅内压强的变化分析A点受到向上压力的变化，再根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2分析重物对应力臂的长度变化即可。【解答】（1）A点受到向上的压力为：F=pS=（5.81105Pa-1.01105Pa）610-4m2=288N；由杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可知：F OA=G OB；因OA：AB=1：2，故OA：OB=1：3，得到：288N1=G3；解得：G=96N。（2）若锅炉承受的最大压强减小，则A点受到的蒸汽压力FA减小。此时A点的力臂OA不变、重物的重力G不变，根据杠杆平衡条件G LG=FA OA可知，此时应减小重物的力臂，所以应将应将重物向右移动。1

22、6.（2021九下海曙月考）如图所示，一均匀木条可绕转轴O自由转动，现有材料相同，长度相同，横截面积之比Sa:Sb:Sc=1:4:2的三支蜡烛a、b、c，垂直立于木条上，木条恰好处于平衡。三支蜡烛离转轴的距离分别为L1、L2和L3 ， 若L1=4L2 ， 则L3= L2。若同时点燃蜡烛蜡烛在燃烧过程中，要使杠杆保持平衡，则L1:L2:L3= (蜡烛在相等时间内燃烧的质量相同)。【答案】 4；2:1:3【解析】（1）知道三蜡烛材料相同、长度相同和横截面积之比，利用密度公式和体积公式得出三蜡烛的质量之比，设ma=M，则mb=4M，mc=2M，知道L1=4L2 ， 根据杠杆平衡条件求L3与L2的关系

23、；（2）由于木条原来平衡，利用杠杆平衡条件得出三力臂的大小关系；由于蜡烛在相等时间内燃烧的质量相同，则在相同的时间内三蜡烛减小的质量m相同，要使木条平衡，两边减去的力和力臂的乘积相等，据此得出三力臂的大小关系，由联立方程组得出三力臂的具体关系。【解答】（1）根据公式m=V=Sh可知，三蜡烛的质量之比：ma：mb：mc=hSa：hSb：hSc=Sa：Sb：Sc=1：4：2；设ma=M，则mb=4M，mc=2M，根据杠杆的平衡条件得到：magL1+mbgL2=mcgL3 ，Mg4L2+4MgL2=2MgL3 ， 解得：L3=4L2；（2）因为木条原来平衡，所以：MgL1+4MgL2=2MgL3 ，

24、即L1+4L2=2L3 ， 由题知，蜡烛在相等时间内燃烧的质量相同，则在相同的时间内三蜡烛减小的质量m相同，要使木条平衡，两边减去的力和力臂的乘积相等，即mgL1+mgL2=mgL3 ，即L1+L2=L3 ， -得：3L2=L3 ， 即L2：L3=1：3，由得：2L1+2L2=2L3 ， -得：2L2=L1 ， 由得：L1：L2：L3=2：1：3。17.（2021九下鄞州月考）古代护城河上有座吊桥,它的结构原理如图所示。把桥面看成是长为10m,所受重力为3000N的均匀杆OA,可以绕转轴O点在竖直平面内转动,在O点正上方10m处固定一个定滑轮,绳子通过定滑轮与杆的另一端A相连,用力拉动绳子就可

25、以将杆从水平位置缓慢向上拉起。杆即将离开水平位置时,绳子的拉力为F1 ， 当士兵们把吊桥拉起到与水平面的夹角为30时,绳子的拉力为F2,所用的时间是0.5min(忽略绳子重力、滑轮半径和摩擦)。则：（1）.F1:F2= 。（2）.士兵们对吊桥做功的平均功率是 W。【答案】 （1） :1（2）250【解答】（1）当杆即将离开水平位置时，如下图所示，AE=OE，OA=OD，由勾股定理，（OE）2+（AE）2=（OA）2 ， 2OE2=OA2=（10m）2 ， 解得： ，根据杠杆的平衡条件得到：F1OE=GOB；F1m=3000N； 解得： ，把吊桥拉起到与水平面的夹角为30时，如右下图，AE=5m

26、，OA=10m；由（OE）2+（AE）2=（OA）2得到：（OE）2+（5m）2=（10m）2； 解得： ，因为（OC）2+（BC）2=（OB）2 ， 所以 ，根据杠杆平衡条件得到：F2OE=GOC， F2=3000N ，解得：F2=1500N；所以。（2）士兵们把吊桥拉起到与水平面的夹角为30的过程中，桥的重心升高的距离为： ；克服重力做的功为：W=Gh=3000N2.5m=7500J；那么其平均功率为：。18.（2020九上宁波月考）如图所示，物体A在物体B的重力作用下做匀速直线运动。若在A上再施加一个水平向左、大小为180N的拉力F（图中未画出），则物体A向左做匀速直线运动，此时物体A与

27、桌面之间的摩擦力为 N，方向 。物体B的重力是 。（不计绳重，轮重和摩擦）【答案】 90；水平向右；45N【解析】（1）物体A在物体B的重力作用下向右做匀速直线运动，这时A受到的摩擦力等于动滑轮的拉力，即f=F动；当物体A向左做匀速直线运动时，分析A的受力情况，列出受力平衡式，进而求出A受到的摩擦力和动滑轮上受到的拉力F动。（2）动滑轮上有2段绳子承担拉力，那么动滑轮上受到的拉力和物体B的重力的关系为：F动=2GB ， 据此物体B的重力。【解答】（1）物体A在物体B的重力作用下向右做匀速直线运动时，则A受到的摩擦力等于动滑轮对A的拉力，即f=F动；当物体A向左做匀速直线运动时，受到向左的拉力F

28、、向右的摩擦力f和F动 ，即；F=f+F动 ，因f=F动 ，所以F=2f，即180N=2f，解得：f=F动=90N，且此时摩擦力方向水平向右。（2）动滑轮上有2段绳子承担拉力，滑轮与绳间摩擦、绳重和滑轮重均不计那么动滑轮上受到的拉力和物体B的重力的关系为：F动=2GB；则。三、实验探究题19.（2021湖州）下列是某科学研究小组探究杠杆平衡条件的实验过程：(本实验均使用轻质杠杆)实验1：在直杠杆水平平衡时(如图甲所示) 进行实验， 记录多组数据。得出：F1s1=F2 s2(注：s1和s2分别表示支点到F1和F2的作用点的距离)。在直杠杆倾斜平衡时(如图乙所示)进行实验，也得到了同样的结论。该结

29、论适用于所有平衡时的杠杆吗实验2：科学研究小组用一侧弯曲的杠杆进行如图丙所示的实验，移动钩码，改变钩码数量，记录数据如表，分析表格数据发现上述结论并不成立，但发现一个新的等量关系，即：(待填)。s和l(支点到力的作用线的距离)这两个量在研究杠杆平衡条件时，哪个量才是有价值的呢 研究小组的同学观察到：支点到F的作用点的距离(s1)与支点到F1的作用线的距离(l1)是相等的。研究小组的同学又进行了实验。实验3：实验次数 F1/N S1/cm F2/N S2/cm L2/cm1 1.0 10.0 0.5 21.3 20.12 1.5 20.0 1.0 31.7 29.83 2.0 30.0 2.5

30、25.5 24.0移动钩码，使杠杆_，并使杠杆处于平衡状态。记录F1、s1、l1和F2、s2、l2。改变钩码数量，移动钩码，记录杠杆处于平衡时的多组F1、s1、l1和F2、s2、l2。分析实验数据，得出弯杠杆的平衡条件。最后，通过科学思维，得出所有杠杆的平衡条件都是：F1l1=F2l2。杠杆的平衡条件可用于解释许多杠杆应用，如用图1方式提升物体比用图2方式省力，就可用杠杆的平衡条件作出合理解释。请回答：（1）在研究一侧弯曲的杠杆时，发现的一个新的等量关系是_。（2）将实验3中的填写完整_。（3）“支点到力的作用线的距离”在科学上被称为_。通过探究杠杆平衡条件的实验，使我们深深认识到建立这一科学

31、量的价值。（4）用图1方式提升物体比用图2方式省力的原因是_。【答案】 （1）F1 s1=F2 l2（2）倾斜或转动（3）力臂（4）图1的动力臂大于阻力臂而图2的动力臂等于阻力臂【解答】（1）三组数据中，F1与s1的乘积以及F2与L2的乘积依次为：10、30和60，则在研究一侧弯曲的杠杆时，发现的一个新的等量关系是：F1 s1=F2 l2。（2）实验3中：移动钩码，使杠杆倾斜或转动，并使杠杆处于平衡状态。（3）“支点到力的作用线的距离”在科学上被称为力臂；（4）根据图1可知，使用动滑轮时，可以将左侧绳子与滑轮的接触点看作杠杆的支点，阻力臂等于半径，动力臂等于直径；根据图2可知，使用定滑轮时，滑

32、轮的轴心为杠杆的支点，动力臂和阻力臂都等于滑轮的半径。则：用图1方式提升物体比用图2方式省力的原因是：图1的动力臂大于阻力臂而图2的动力臂等于阻力臂。20.（2020九上滨江月考）在日常生活和工农业生产中，提高机械效率有着重要的意义。提高机械效率，要从研究影响机械效率的因素出发，寻求办法。（1）为了探究影响机械效率的因素，小明选取了大小相同的滑轮，利用图甲和图乙装置进行实验，并把数据整理记录在下表中。实验次数 滑轮材质 钩码重G/N 提升的高h/m 有用功W有用/J 拉力F/N 绳端移动的距离S/m 总功W总/J 机械效率/1 铝 1 0.1 0.1 0.6 0.3 0.18 56%2 铝 2

33、 0.1 0.2 1.0 0.3 0.3 67%3 铝 2 0.2 0.4 1.0 0.6 0.6 67%4 塑料 2 0.2 0.4 0.8 0.6 0.48 83%5 塑料 2 0.2 0.4 2.1 0.2 0.42 95%比较1和2两次实验发现：在所有滑轮组一定时，提升的钩码_，机械效率越高。比较3和4两次实验发现：滑轮组的机械效率还与_有关。比较_两次实验发现：在所用滑轮组一定时，机械效率与提升钩码的高度无关。第5次实验是利用了图_的装置完成的。利用图甲的装置，把重6N的物体用2.5N的拉力迅速拉起，滑轮组的机械效率为_。可见如果没有刻度尺，只有测力计，也可以测量出滑轮组的机械效率。

34、（2）小明利用图丙装置实验发现：斜面的机械效率与斜面的倾斜程度和摩擦有关，与物重无关。保持斜面倾斜程度不变，可以采用_的方法减小摩擦，从而提高斜面的机械效率。（3）实验表明：额外功越小，总功越接近有用功；进一步推理得出：假设没有额外功，总功等于有用功；可见使用任何机械都_。下列物理规律的得出运用了这种研究方法的是_。A、焦耳定律 B、牛顿第一定律 C、阿基米德原理 D、欧姆定律【答案】 （1）重力越大；动滑轮的重力；2和3；乙；80%（2）减小接触面的粗糙程度（3）不能省功；B【解答】（1）比较实验1和2可知，在所有滑轮组一定时，提升的钩码重力越大，机械效率越高。比较实验3和4可知，二者动滑轮的重力不同，因此滑轮组的机械效率还与动滑轮的重力有关；探究滑轮组机械效率与提升钩码的高度无关是，必须控制其它因素相同而改变高度，故选2和3；在第5次实验中，钩码上升的高度h=0.2m，绳端移动的距离也是s=0.2m。根据s=nh可知，承担绳子的段数n=1，应该是乙图；利用图甲的装置，把重6N的物体用2.5N的拉力迅速拉起，滑轮组的机械效率；（2）小明利用图丙装置实验发现：斜面的机械效率与斜面的倾斜程度和摩擦有关，与物重无关。保持斜面倾斜程度不变，可以采用减小接触面的粗糙程度的方法减小摩擦，从而提高斜面的机械效率。（3）验表明：额外功越小，总功越接近有用