(完整版)高二物理综合试题

1、高二物理综合题第高二物理综合题第 页共8页第8页共35.用如图1所示的实验装置验证mm2组成的系统是否满足机械能守恒定律.m2从高处由静止开始下落，mx上拖着的纸带打出一系列的点，对纸带上的点迹进行测量，即可验证机械能守恒定律.图2给出的是实验中获取的一条纸带:0是打下的第一个点，每相邻两计数点间还有4个点(图中未标出)，计数点间的距离如图2所示.已知m1=50g、m2=150g,则(g取10m/s2，结果保留两位有效数字)fF44*sal38.40121126.400I236在纸带上打下计数点5时的速度v=m/s;在打点05的过程中系统动能的增加量AEk=一J,系统势能的减少量AEp=一J,

2、由此得出的结论:若某同学作出v2-h图像如图3所示，则当地的实际重力加速度g=m/s2.36.某学习小组利用拉力传感器、气垫导轨和光电门探究动能定理。如图甲所示为该学习小组设计的实验装置,他们在气垫导轨上B处安装了一个光电门，滑块上固定一遮光条，滑块用细线绕过气垫导轨左端的定滑轮与拉力传感器相连，传感器下方悬挂钩码，每次滑块都从A处由静止释放。光电门(1)该同学用游标卡尺测量遮光条的宽度d，如图乙所示，则d=mm。012cmLU口丿mJ丄iJL11111H111111111i111105101520(2)下列实验要求中不必要的是。应使滑块质量远大于钩码和拉力传感器的总质量应使A位置与光电门间的

3、距离适当大些C.应将气垫导轨调节水平D.应使细线与气垫导轨(3)实验时保持滑块的质通过光电门的时间t,通A.tF图象B.t237如图，用“碰撞实(1)实验中，直接测定小这个问题。小球开始释放的高度小球抛出点距地面的小球做平抛运动的射(2)图中O点是小球抛平均落地点的位置P，位置由静止释放，与小用天平测量两个小球测量小球m1开始释:测量抛出点距地面的分别找到mm2相测量平抛射程OM、若两球相碰前后的动应满足的表达式为_参考答案ACD【解析】本题考查动能定理由=-=所以物体的合力为FA=ma=4N；力F=mg+ma=24N,力F对物体做功口WF=Fs=24J；合外力对物体做功卬亠=尸=4丿；物体动

4、能改变了4J；物体重力势能增加了mgs=20J；故选项ACDF合合正确【备注】无BC【解析】对于物体和弹簧组成的系统,当只有重力做功时机械能才守恒,手的拉力对系统做正功,系统的机械能增大，由功能关系可知,A错误,B正确;对物体而言，弹簧弹力是外力，物体所受外力中,除重力外只有弹簧弹力做功，因此弹簧弹力做的功等于物体机械能的增加量,C正确;手的拉力作用于弹簧，因此引起弹簧的形变而改变弹性势能,D错误。【备注】无AC【解析】由动量定理知A、B两物体获得的初动量大小相等，因为B物体所受摩擦力比A的大，故B物体先相对小车静止下来，而小车在A、B运动过程中也在运动，选项A正确，选项B错误;物体A、B和小

5、车组成的系统满足动量守恒定律，而系统初状态静止，故选项C正确，选项D错误。【备注】无AD【解析】A、B系统水平方向动量守恒，选项A正确;轻弹簧被压缩到最短时，A、B两物体具有相同的速度，选项D正确，选项B错误;此时B的速度并不是最大的，因为轻弹簧还会弹开，故B物体会进一步加速，A物体会进一步减速，选项C错误。【备注】无无【解析】无【备注】无ABE【解析】核反应方程满足质量数守恒和电荷数守恒,A项正确;微观粒子相互作用过程中,满足动量守恒定律,B项正确;题述核反应过程属于“二合一”形式的完全非弹性碰撞，机械能有损失，但对于封闭的系统，能量仍然守恒,C项错误;核反应过程中的机械能有损失，故存在质量

6、亏损现象,D项错误;硅原子质量约是质子质量的28倍，由动量守恒定律知,m0v0=28m0v，所以硅原子核速度数量级为105m/s,方向与质子初速度的方向一致,E项正确。【备注】无BD【解析】本题考查分子动理论当r大于r2时，分子间的作用力表现为引力，当r小于r2时，分子间的作用力表现为斥力，所以当r小于r】时，分子间的作用力表现为斥力；当r等于r2时，分子间势能E”最小；分子间的作用力做正功，分子间势能减小，p当r由r1变到r2的过程中，分子间的作用力做正功；故选项BD正确【备注】无BDE【解析】本题考查理想气体的知识点，意在考查学生的理解能力。一定质量的理想气体体积增大时，对外做功，但是可能

7、从外界吸收热量，内能不一定减小，选项A错误；气体的温度降低，气体分子热运动的平均动能减小，但是对于某个分子热运动的动能可能增加，选项B正确；由于分子的无规则的运动，当水面上方的水蒸气达到饱和状态时，水中仍然会有水分子飞出水面，选项C错误；气体对器壁的压强是由大量气体分子对器壁不断碰撞而产生的，选项D正确；将油酸酒精溶液的体积直接作为油酸的体积进行计算，体积偏大，则直径偏大，选项E正确。综上本题选BDE。【备注】无BCE【解析】本题考查了分子动理论、晶体、热力学定律等知识点，意在考查考生的记忆和理解能力。根据液体表面张力的产生原理知：液体表面层分子较疏，分子间引力大于斥力，选项A错误；晶体有一定

8、的熔化温度，但非晶体没有固定的熔化温度，选项B正确；扩散现象和布朗运动的剧烈程度都与温度有关，但热运动是分子永不停息的无规则运动，故扩散现象和布朗运动并不是热运动，选项C正确；第二类永动机不可能制成是因为它违反了热力学第二定律，选项D错误；当分子间距离二一:时，分子间作用力为零，故两个分子从很远处逐渐靠近，直到不能再靠近为止的过程中，分子间相互作用的合力先变大后变小，再变大，选项E正确。综上本题选BCE。【备注】无TOC o 1-5 h zA【解析】特约老师正在紧张撰写中，敬请关注。【备注】无D【解析】本题主要考查了动能定理、合力做功、动能变化量等知识点，意在考查考生的理解和应用能力。根据动能

9、定理可得水平力对物体做的功W=AEk=0，选项ABC错误，D正确。综上本题选D。【备注】无B【解析】本题主要考查了动能定理、重力做功、重力势能、机械能、功能关系、牛顿第二定律等知识点，意在考查考生的理解和应用能力。重力对物体做功是WG=mgh，选项A错误；根据动能定理可得物体的动能增加了AEk=F合=0.2mgh,选项B正确；因不能确定物体下落前的高度，所以物体下落前的重力势能无法确定，选项C错误根据牛顿第二定律可得mg-F=ma，解得F=m(g-a)=0.8mg，根据功能关系可得物体的机械能减少了AE=Ffh=0.8mgh，选项D错误。综上本题选B。【备注】无13.D【解析】本题考查动能定理

10、的知识点，意在考查学生的推理能力。对物体:，对传送带：匚.二二二二，所以该电动机每传送完一个工件多消耗的电能为-=:，选项D正确，选项ABC错误。综上本题选Do【备注】无C【解析】本题考查了功和能的关系等相关知识点，意在考查考生识记和理解能力。根据功能关系知重力对物体做正功时，物体的重力势能一定减少，选项A说法正确；物体克服重力做功时，即重力做负功，则物体的重力势能一定增加，选项B说法正确；重力势能的大小与参考平面的选取有关，选项C说法错误；重力做功的多少只与初始位置有关，重力势能的变化也只与初始位置有关，与参考平面的选取无关，选项D说法正确；综上本题选Co【备注】无B【解析】本题主要考查了机

11、械守恒定律、匀变速直线运动公式及其应用、牛顿第二定律、功和功率等知识点，意在考查考生的理解和应用能力。根据机械能守恒定律可知mghW二：两个质量相同的物体从A点静止释放，滑到斜面底端时，动能相同，速度大小相等，但方向不同，选项A错误，B正确；根据匀变速直线运动位移公式可知:上=：=：:-，解得：二J佥，因为两斜面的倾角不同，所以两物体沿AB面和AC面运动时间不相同，选项C错误；两物体下滑过程重力做功W=mgh相同，因为时间不同，所以重力的平均功率不相同,选项D错误。综上本题选Bo【备注】无C【解析】本题考查了功能关系，意在考查考生的分析和解决能力。在压缩过程中摩擦力做功W=Mmg(s+x)；动

12、能减小了7mv02；动能减少，转化为两部分能量：一部分是摩擦生热，即W=“mg(s+x)，另一部分是弹性势能。弹性势能的增量就等于物体克服弹簧做的功Tmv02“mg(s+x)，选项C正确，综上本题选Co【备注】无B【解析】本题考查动量守恒定律的知识点，意在考查学生的推理能力。设P的初速度为v，弹簧弹性势能最大时，PQ速度相等，根据动量守恒定律：二：:二，所以最大的弹J3.，叫二勺r性势能为：t，：，所以选项B正确，选项ACD错误。综上本题选Bo备注】无B【解析】本题考查了动量守恒定律的知识点，意在考查学生的推理能力。以A的初速度方向为正方向，碰撞前系统的总动量：，=-hv1，因此能级k比能级m

13、高,所以氢原子从能级k跃迁到能级m，应辐射光子，且光子能量应为hv2-hv1,故选项D正确。【备注】无B【解析】本题考查了半衰期，意在考查考生的识记和理解能力。根据题意可知，经过10天后，还有25g没有发生衰变，由:=f：:=：，即原子核发生了两次衰变,因此半衰期为5天，ACD项错误，B项正确，综上本题选B。【备注】无D【解析】光电效应实验是光子说的实验依据；原子发光产生明线光谱说明原子只能处于一系列不连续的能量状态中；a粒子散射实验说明原子具有核式结构；天然放射现象中放射出的粒子是从原子核中放出的，说明原子核内有复杂结构，故D正确。【备注】无C【解析】裂变是重核变为中等质量的核，故是裂变；衰

14、变有a衰变和2衰变，a衰变的结果是释放氦核，三衰变的结果是从原子中释放电子，因此是2衰变；聚变是质量较小的核结合成质量较大的核，故是聚变综上所述C正确【备注】无C【解析】本题考查了光电效应的相关知识，意在考查考生的分析和理解能力。滑动变阻器属于分压式，光电管的左端为低电势，右端为高电势，光电子从阴极射出后做减速运动，当滑片向右端滑动时，光电管两端的电压增大，光电子减速的加速度增大，所以到达对阴极的光电子数目减少，电流表的示数一定变小，A项错误；滑片向左滑动时，光电管两端电压减小，粒子做减速运动加速度减小，单位时间达到对阴极的光电子数目增多，所以电流表的读数增大，B项错误；移动滑片，当电流表读数

15、为零时，说明光电管两端的电压达到了遏止电压，根据一=I一？：可以求出光电子的最大初动能，C项正确；由于不知道金属的截止频率，所以用红外线照射阴极K时，可能也会有光电效应发生，电流表中可能有电流，D项错误。综上本题选C。【备注】无B【解析】本题考查光电效应的知识点，意在考查学生的理解能力。发生光电效应的条件是入射光的频率达到极限频率，紫光照射时发生光电效应，绿光照射时可能发生光电效应，也可能不发生光电效应，选项A错误；入射光的频率必须大于这个极限频率才生产生光电效应，选项B正确；入射光强一定时，频率越高，逸出的光电子的动能越大，光电子数不是越多，选项C错误；入射光的强度越大,光电流越大，选项D错

16、误。综上本题选B。【备注】无C【解析】本题考查了分子力相关知识点，意在考查考生识记能力。两个分子间的距离由很远(r0lO-9m)逐渐靠近，分子间作用力先逐渐增大再逐渐减小，当距离为r0时，分子间作用力为零，当距离从r0变到很难再靠近的过程中，分子间的作用力又逐渐增大，所以选项C正确、ABD错误。综上本题选C。【备注】无28.C【解析】本题考查温度、内能等知识，意在考查学生的理解能力。温度升高，分子的平均动能增大，并不是每个分子动能都增大，选项A错误；质量、温度相同的氢气和氧气分子平均动能相同，但是分子数不同，选项B错误；水变成水蒸气要吸收热量，内能增加，选项C正确；做功是其他能量转化为内能，热

17、传递是物体间内能的转移，本质不同，选项D错误。总是本题选C。【备注】无A【解析】本题考查了压强、气体状态方程等相关知识点，意在考查考生识记和理解能力。珂-r根据题意，当缓慢旋转玻璃管至竖直状态时，则管内的压强增大，选项BD错误；根据气体状态方程=一-，可得压强增大，则体积减小，选项A正确、C错误。综上本题选A。【备注】无A【解析】本题考查了气体压强的微观量意义内容，意在考查考生的记忆和理解能力。温度保持不变，则分子平均动能不变，单位体积内的分子数变少，单位时间内对单位面积器壁碰撞的次数减少，则气体的压强减小，选项A正确；气体分子对器壁的吸引力可忽略不计，主要是分子对器壁的撞击而产生压强，选项B

18、错误；由于温度保持不变，则分子平均动能不变，每个分子对器壁的平均撞击力都不变，选项CD错误。综上本题选A。【备注】无B【解析】由于不计气泡内空气分子势能的变化，温度、分子数也不变化，故气泡内空气分子的内能不变；而气泡浮起过程中，体积增大，对外做功，要使内能不变，一定是吸收热量，故B正确，A、C、D错误。【备注】无32解:(1)小球下落到A点时,由动能定理得mgh=-m-所以vA=_，=_-mJs=2-m/s(2)小球运动到D点时解得vD=,I-=2m/s当小球由B点运动到D点时,由动能定理得二：二.2-mgx2R=-m:_：m-解得vB十二-J=2=m/s所以从A点到B点摩擦阻力所做的功为W=

19、mi=7x0.1x(20-40)J=-1J1(3)小球从D点飞出后做平抛运动，故有2R=gt2所以t=0.4s水平位移xBE=vDt=0.8m所以xAE=xAB-xBE=1.2m【解析】无【备注】无(i)2m/s(ii)0.16m【解析】(i)设水平向左的方向为正方向，子弹向左飞来打到软木块内没有射出的过程中子弹与木块组成的系统动量守恒，有m0v0=(m1+m0)v1解得v1=2m/s。(ii)木块(含子弹)在小车的圆弧形轨道上运动的过程中，小车和木块组成的系统水平方向动量守恒，木块的速度与小车的速度相等时，木块沿圆弧形轨道上升的高度最大，这一过程机械能守恒。有(m1+m0)v1=(m1+m2

20、+m0)v2二，-二_二.2T(m+m0)_7(mx+m2+m0:+(mx+mQ)gh解得h=0.16m。【备注】无(1)ACE(2)(i)10N(ii)不会【解析】本题考查玻意耳定律。温度越高，液体中悬浮微粒的布朗运动就越明显，选项A正确；“油膜法”估测分子大小实验中，要将一滴油酸酒精溶液滴入浅盘的水面上，至油酸膜扩散面积最大，选项B错误；分子间同时存在引力和斥力，引力和斥力都随着分子间距离的增大而减小，选项C正确；分子间的引力和斥力相等时，分子势能最小，选项D错误；温度是分子平均动能的标志，物体温度降低时，其分子热运动的平均动能一定减小，选项E正确；综上本题选ACE。(i)初始位置，由平衡条件得P0s+mg=P1s，活塞向上移动x=0.2m时，由平衡条件得P0s+mg=P2s+F，整个过程温度不变，由玻意耳定律得P1l1s=P2(l1+x)s，可解得F=(P1-P2)s=10N；(ii)活塞向上移动汽缸顶端时，由平衡条件得P0s+mg=P3s+F，整个过程温度不变，由玻意耳定律得P1l1s=P3ls，可解得F(P-P3)s=60N(m+M)g，故汽缸不会离开地面。【备注】无35.(1)2.4(2)0.580.60在误差允许的范围内，mm2组成的系统机械能守恒(3)9.7【解析】(1)相邻两计数点