数据与计算机通信中文版课后答案

1、数据与计算机通信课后习题参考答案数据与计算机通信课后习题参考答案第 2 章的参考答案2.1答案：设发送消息的蓝军为 A ，另外一个蓝军为 B。再设步兵由一头到量外一头所用的时间为 t，可以定义两军的通信协议如下：（ 1） A 发送消息后 2t 时间内还灭有收到B 的确认，则重发，直到收到确认。（ 2） B 收到消息后，立即发送去确认知道不再收到A 的消息。（ 3） 若在中午之前 t 时刻， A 还没有收到 B 的确认信息，或者 B 在中午前的 2t 时间内还继续收到 A 发来的消息，则第二天进攻。23答案：（1） 预定A）客人（ Guest）向主人（ Hosts）发出要 Pizza 的 Req

2、uest。B）主人接受请求，提起电话拨 Pizza 饼店，在电话中提出预定的种类和数量。C） Pizza 店的外卖服务生 (Order Clerk)填好订单，然后传送给 Pizza Cook。完成；（2）送货（A）Pizza Cook 将做好的 Pizza 饼给服务生；（B）服务生在订单上签字后送给送货车司机，司机开车取送货，沿道路送往订货人的地点；（C）送货车司机到达后，拿出定单和主人交接；（D）主人将送来的Pizza 饼再送给客人 (Guest)2.4 答案A? ? ?中国总理与英文翻译之间：第1页 共28页数据与计算机通信课后习题参考答案中国总理对自己的英文翻译说中文；中国翻译将中文翻译

3、成英文后给法国总理的英文翻译；法国总理与英文翻译之间法国总理的英文翻译接收中国总理的英文翻译给自己的英文翻译；将英文翻译成法文，然后给法国总理，反之亦然。B? ? ? ? ?/?/?这三者之间要实现一种类似于电信系统中三方通信之类的过程：中国总理拿起电话，说中文给中文 /德文翻译德文翻译把中文翻译成德文， 然后通过电话线传送给法国总理的德文 /法文翻译德文 /法文翻译将接收到的德文翻译成法文德文 /法文翻译将翻译过来的法文给法国总理听27 答案a在分段情况下，都需要包含N 层数据首部的拷贝b在组合的情况下， 可以用一个 N 层的数据首部组合成单一的N 1 层 PDU。第2页 共28页数据与计算

4、机通信课后习题参考答案第 3 章的参考答案31 答案因为多点配置是共享的广播信道。b.集中方式是一种主从工作方式（可以采用轮询、排队、优先选择、令牌环的标记轮转或其它策略） ，优点是能够实现优先级、信道流量等控制功能，最主要缺点是如果主站故障，易全网瘫痪。非集中方式也称分布式方式， 可采用类似以太网的争用或者非主从轮转等策略，争用方式的信道分配算法相对复杂，而轮转方式效率低下。主要优点是，任一站点的故障不影响其它站点使用信道， 除非它处于不停地向网上发信息的死循环状态。34 答案x(t )1 21 5 c o s t2 002 0 ts i n 2 0 0 t5 c o s 4 0 0t1 2

5、 s i n 4 0 03451 2s i n 4 0 0 )1 2 2 5 ( c o s 2t 0 0s it n 2 0 0 ) 1 3 (t c o s 4 0 0t551 31 312313sin(400 t arctg525sin(200 t arctg )41238 答案表示一个方波需要有无限多个强度递减的高频成分， 这意味着这个方波有无限的带宽，而在实际中的数字传输系统只能有有限的带宽， 所以必须将该方波的无限带宽限制在有限带宽范围之内， 也就是说，将带宽限制在集中了信号绝大多数能量的范围之内，所以我们通常用1 作为门限来定义。2另外一个方面，我们也可以看出，方波越窄，象波的幅

6、度降低得越慢，而它得带宽也就越宽。另答：表明数字信号波形具有无限带宽。然而，对于实际数字传输系统来说， 它不必需要包含无限多个强度递减的高频成分的理想方波，图 3.5(b)中的方波频谱中，从零频率到该频域函数曲线的第一个过零点之间包含了该信号整个能量的 90%，因此矩形脉冲信号的带宽可限制在该区间内。通常信号带宽定义是其半功带宽。半功率带宽是信号 f(t)一个频率区间，在该区间内的频率分量对 f(t) 功率的贡献是整个信号功率的一半。图 3.5(b)中的方波频谱中S(f) 为 X 时所对应的f 值，是该信号的半功带宽。第3页 共28页数据与计算机通信课后习题参考答案311 答案a源点的数据速率

7、为：480500log2 3236 MbpsbC=Blog 2 (1S / N )Blog 2 (1SNR )3510 log 2 (1SNR )而 SNR10 3.5B4.5 MHzC Blog 2 (1 SNR) 4.5 10 6 log(1 10 3.5 ) 52.5 Mbps C减少象素 ； 减少每秒传输的画面数。312 答案N228.6dBw10lg10 410lg10 7228.64070118.6dBw313 答案310lg SURSUR100.3而 B 300HzCB log 2 (1SUR)476.43bps314 答案a.2B l o2gM B 1200b.C 2B l o

8、2gMB28B1600Hz3.15 答案热噪声N2 2 8. d6B w1 0 l g ( 5 0 2 7 3. 1 54 ) 1 0 l g 1 02 28.62 54 01 63.d6B w第4页 共28页数据与计算机通信课后习题参考答案317 答案CBl o g ( 1 S U R )2SU R 100. 83(S U R) d B 1 0 l g 1 0 0. 8 3 d 2B 0319 答案( Eb )d BS d B w1 0 l g R 2 2 8. d6B w 1 0 lTgEc1 2.0dB4Eb1 2.0dB4N0另解：补充作业：设采用异步传输， 1 位起始位， 2 位终止

9、位， 1 位奇偶位，每一个信号码源 2 位，对下述速率，分别求出相应的有效数据速率 (b/s)：(1)300Baud (2) 600Baud (3) 1200Baud4800baud答：异步传输的数据效率为 7/11，而每一个信号码源 2 位，RB log2 M，所以R72B14 B714 B1111(1)R2B381.8b / s1111(2)R72B14 B763.6b / s1111(3)R72B14 B1527.3b / s1111第5页 共28页数据与计算机通信课后习题参考答案714(4)R2BB6109.1b / s1111第6页 共28页数据与计算机通信课后习题参考答案第 5 章

10、的参考答案53 答案E-NRZ 的优点：（1）增加检验比特，使得编码具有检错功能：（2）增加的检验比特使得整个8 比特字中有奇数个“ 1” ，可使直流分量消失；（3）将 2、3、6、7 比特翻转，可以实现字同步。缺点：增加数据冗余，使编码的复杂度增加。54 答案55 答案第7页 共28页数据与计算机通信课后习题参考答案56 答案01001110NRI-LNRZIBAMI?y?MAND-MAN57 答案1110011010注意时钟的起位置：（见中文书中 P131 页）58 答案第8页 共28页数据与计算机通信课后习题参考答案59 答案错码出现在第 7 比特上，该位的前一个“ 1”使用负脉冲，所以

11、该字节应使用正脉冲。511 答案513 答案第9页 共28页数据与计算机通信课后习题参考答案EbR()S( N R )d B()d BN0BT而R 1.0BT差错率为1 06时 各种调制方式的分别为:,Es N/0ASK : 1 3 dB.5FSK : 1 3 dB.5PSK : 1 0 dB.5QPSK : 1 0 dB.5对于 ASK,FSK:( S)dB=13.5+10lg1=13.5dBNSPSK:()dB=10.5+10lg1=10.5dBNQSK:( S )dB=10.5+10lg0.5=7.5dBN第10页共28页数据与计算机通信课后习题参考答案第 6 章的参考答案61 答案(a

12、)1120%811额外开销率为20%传输速率 :2400b/s=240w/s10000传输时间为41.67s(b)480.59%800048额外开销 : 48 10480bit8048传输一帧:3.35s共 10000 10 1000总耗时 :103.3533.5s(c)异步、同步额外开销不变。耗时：异步： 41.6710=416.7s同步： 100 3.35=335s(d)10000耗时：异步：104.2s9600 /108048同步：传输帧耗时：0.8383 s共耗时：1000.838383.83s65 答案不发生帧差错，则81 比特总误差不超过50，即小于 50/95.6%，精确率在 9

13、5以上。另解：设能够容忍的时钟精确率的百分比为x%，( 812 ) ( 1 0 x 0)5 %x9 5 . 5能够容忍的时钟精确百分比为95.5%第11页共28页数据与计算机通信课后习题参考答案第 7 章的参考答案72 答案v150%2a1t prop20msal / 4kt framea0.5l160帧长度应大于 160bit73 答案270msa2701000 /1Mpbs( a )u10.00182a1(b)uw70.01262a15401(c)uw1270.22862a15401( d )uw2550.4592a1540175 答案当窗口大小 w2a应取 w2a1ttropLtaB /

14、 Rt frame1时，信道得利用率为100L R tB2 L R t 1B2帧号字段的长度应为 n=log 2 (L R t1)1B711 答案R 110101110001111010 717 答案第12页共28页数据与计算机通信课后习题参考答案718 答案问题在于接收方无法通知发送方是否收到了其补发的帧719 答案REJ：发送方重发第 N(R)帧及其后的各帧，接收方丢弃 N(R)及其以后的各帧；SREJ：发送方重发第 N(R)帧，接受方继续接收并保存已收到的帧。720 答案假设控制字段长8bit，FCS 长 16 bit，则在一帧中数据比例为1024481 6102484.6%假设该链路可

15、用GO-BACK-N 差错控制，则窗口尺寸可达7uw0.65%2a数据的比特吞吐量为：1M 84.6%0 . 6 5 % b5i 5t 0s0724答案3 比特，以 8 为模。因可以连续发送 6 帧，可断定采用根据题意知窗口序号为回退 N 帧 ARQ 而不是选择拒绝 ARQ 。因是无差错操作，当发送的第 6 帧信息帧的轮询位置 1，从站将给予 RR 或RNR 应答，由于发送6 帧信息前主站的 N(S)为 3，之后发送的信息帧的 N(S)从 4开始，因此，从站返回的 N(R)计数值为 2，表示已接收到了 4、5、6、7、0 和1 帧，可以接收的下一帧的序号是 2。N(R) 010726 答案该题

16、实际上是问该B/S 模式应用究竟是 回退 N 帧 ARQ 还是选择拒绝 ARQ第13页共28页数据与计算机通信课后习题参考答案效率更高？回退 N 帧 ARQ 会增加网上流量和服务器重传的信息量，尤其当线路质量不好时，服务器发送的数据量会剧增。选择拒绝 ARQ 会使接收和发送逻辑更复杂一些，尤其会加重服务器接收缓冲的负担。WEB 服务器因接收信息量小，发送信息量大， 选择拒绝 ARQ 的缺点对其影响相对较小，倒是重传信息量是主要问题。因此 选择拒绝 ARQ 对减轻 WEB 服务器负担可能更好一些。第七章补充作业：1.若数据链路的发送窗口限度（尺寸）为4，在发送 3 号帧，并接受 2 号帧的确认帧

17、后，发送方还可连续发几帧？请给出可发帧的序号？两个相邻的节点 (A 和 B) 通过后退 N 帧 ARQ 协议通信，帧顺序为 3 位，窗口大小为 4。假定 A 正在发送， B 正在接收，对下面两种情况说明窗口的位置： A 开始发送之前A 发送了 0，1，2 三个帧，而 B 应答了 0，1 两个帧A 发送了 3，4，5 三个帧，而 B 应答了第 4 帧2.知数据帧长 1024 比特 ,其中帧头 24 比特 ,数据速率 500kb/s，线路的传播延迟为5ms，试计算：采用停等协议，求最大的信道利用率。设滑动窗口 W=2a+1,求窗口至少有多大？第14页共28页数据与计算机通信课后习题参考答案第 10

18、 章的参考答案102 答案a)电路交换中，端对端的时延:0.2 43200D0.5379600虚电路中，时延为：320010241 64 0.001)0.2 (1 ) (102496000.2 4 (0.10833 0.004)0.8493数据报分组情况下：(32001 ) (10241 60.001)1024960 040. 4493b)电路交换： sLN DB虚电路交换： S ( L1)( PHND )PB数据报分组交换： ( L1)( PHND )PB104 答案A)Star: hops = 3Ring: 结点 N 为奇数时，2结点 N 为偶数时， hops = N /4(n-1) +1

19、105 答案根据二叉树性质，第 i 层节点数为 2i-1 ， 设根在树中的层号是 1，最深的层号为 n，则二叉树的节点总数为nnN2i 11(21)2n 1i 121由根到第 n 层的通路的跳数为n-1，第 n 层节点数为 2n-1，当 n 很大时，有2n 1N 2n 12n12即有一半的节点位于第 n 层。同理，从根到第 n-1 层的通路为 n-2 跳，第 n-1 层节点数为 2n-2，当 n 很大时，有2n 2N 2n 22n122因此，由根到各节点的的通路平均跳数为第15页共28页数据与计算机通信课后习题参考答案L1 (n1)12(n 2)13 (n 3)222n1i1iii1 2i 1

20、211n2211(11 )222n2每个节点对之间的通路的平均跳数是节点到根的平均跳数的2 倍，即2L=2n-4跳。106 答案Anm 为二维数组 ,存放图的带权的邻接矩阵：Aij 表示结点 (i 与 j)之间的距离；起始点为 S=0；布尔变量 ISFinished 表示寻找最短路径计算结束； Lhn 表示第 h 次迭代时各结点到源点的最短距离；Rn 一维数组 ,记录结点到源点路径上的前一个相邻节点 ;当前后两次迭代的 Lh-1n 与 Lhn 不变化时 ,表示结束。ISFinished=false;s=0;h=0;for(int i=0;In;i+)if (i!=s)Lhi= ;Ri=s;Lh

21、s=0;while (!ISFinished)n+;Lhs=0;for (ini=0;in;i+)temp=;for(int x=0;in;x+)if(Lh-1x+Axi)temp)y=x;temp=Lh-1x+Axi;第16页共28页数据与计算机通信课后习题参考答案if(tempLh-1i)Ri=y;Lbi=temp;ISFinished=true;For(int j=0;jn;j+)if(Lh-1j!=Lhj)ISFinished=false;/while;BELLMAN-FORD(G)?for each vertex u in Vinitialize vertex udu := infi

22、nitypu := 0end fords := 0for i := 1 to V-1?for each edge (u,v) in Eexamine edge (u,v)?if (du + w(u,v) dv)?dv := du + w(u,v)?pu := u?end ifend forend forfor each edge (u,v) in Eif (w(u,v) + du dv)?return (false, , )edge (u,v) was not minimizedelse?edge (u,v) was minimizedend forreturn (true, p, d)L_c

23、urrent0 = 0;for (v = 1; v n; v+)L_currentv = w0v;do fixed_count = 1;for (v = 1; v n; v+) L_newv = L_currentv;for (u = 0; u n; u+)if (L_currentu + wuv L_newv)第17页共28页数据与计算机通信课后习题参考答案L_newv = L_currentu + wuv;if (L_newv = L_currentv)fixed_count+; while (fixed_count n);1014 答案Dijstra 算法和 Bellman 算法总是能够

24、得到相同的结果；（ 1） Dijstra 算法科得到一条最小路径，则从其源端点到目的点必有一条路经，于是 Bellman-Ford 算法必能找出此路径，因此由Dijstra 找出的最小路径必可由 Bellman-Ford 找到。（ 2） 若由 Bellman-Ford 算法可得到一最小路径，则不论其路径数为多少，都必须经过一定数目的结点，于是 Dijstra 算法又将遍历所有结点，所以此路径经过结点都将由 Dijstra 描述过，则此路径必将包括在 Dijstra 算法的结果中。实际上， Bellman-Ford 算法类似于洪泛式的算法，而 Dijstra 则是按部就班，步步为营，两者方法不同

25、，结果却完全吻合。1015 答案证明：（ 1）当 n0时，显然有 L0 (i , j )w(i , j ) ；（ 2）假设当 n=k 时，对 n0,1, N1,Lk ( i , j )m i nLk1i ( j, k 1)L,i (k , k 1)L k ( j , ) 则当n时，若对n 0 , 1,N,1,k 1都有 L ( i , n)L ( n, j)L ( i , j )kkk则显然 Lk 1 (i , j ) Lk (i, n) ， 否则，设存在一条更小的路径，其顶点必由 Lk (i ,n) 出发经 n 顶点而到达 j ，显然此顶点n 落在 0, N1，不然 Lk (i , n)不为

26、最小路径，与已知相矛盾，此时仍有：Lk 1(i , j )min Lk (i , j ), Lk (i , n)Lk (n, j )综上所述，原命题成立。第18页共28页数据与计算机通信课后习题参考答案1010 答案TL(1)L(3)L(4)L(5)L(6)1233222,4332332,4,1332342,4,1,33323852,4,1,3,53323561,2,3,4,5,6,332353253261214510.16 答案3+9+2=143+9+22+45+103=1821023 答案两者都是必要的。因为在第三层分组中采用的流控和差错控制虽然在格式与处理上与HDLC相似，但因其分组中具

27、有的 D 字段可以实现对于本地的或者是端对端的流控。而第二层的链路层则采用 LAPB（ HDLC 的子集）来实现大多数的链路控制与数据传输，但不提供分组层中 D 字段具有的功能。1024 答案X25 的分组格式中确实没有 FCS 字段，但它作为 PDU 被传递到链路层是由链路层协议将其封装为 LAPB 帧，从而加上了 FSC 字段，这样可以确保传输 LAPB 帧中的数据域，从而保证 X 25 分组被正确地传递了。1026 答案因为 X 25 允许一个 DTE 与另一个 DTE 之间通过一条物理 DTE-DCE 链路，同时建立 4095 条虚电路，所以两个通信地站点虽然使用不同的虚电路号，但实际

28、上是通过同一条虚电路进行的通信， 即使用复用的方法使一条物理链路为多个站点所使用。第19页共28页数据与计算机通信课后习题参考答案第 10 章补充作业：对下图采用 Dijkstra 算法计算节点1到节点 6的最短通路树，给出计算过程。23521111644431第20页共28页数据与计算机通信课后习题参考答案第 11 章的参考答案111 答案UNI 的信元头只有八位的虚通道标识符，但比NNI 的信元头多了4 位的一般流控制， NNI 的虚通道标识符有12 位。除了作为固定长度的分组被传输外，UNI 与 NNI 各有如下作用：UNI 信元：拥有一般的流控制字段可以减轻网络中的短期超负荷状态；NN

29、I 信元：拥有更长的虚通道标识符位数，使网络内部可以运行更多的虚通道。112 说明 UPI 和 UCI 的作用和区别。VPI：虚通道标识符用于标识特定的虚通路链路；VCI ：虚通路标识符为给定的虚通道连接标识出特定的虚通道，也用于端用户到端用户的路由选择。113 ATM 有哪几种连接方式？各有何特点？ATM 连接方式有：（1）虚通路连接（ UCC）：它是 ATM 网络中最基本的交换单元，经过网络在两个端用户之间建立，通过这条连接所交换的是速率可变的，全双工的，固定长度的信元流，也可用于用户与网络以及网络之间的交换；（2）虚通道连接（ UPC）：将共享网络中相同通路的连接分成一组，使网络管理工作

30、可以针对为数不多的连接组， 而不是大量的单连接。114 ATM 的业务类型有哪些？各有何特点？ATM 的业务类型有：（1）实时服务：包括恒定比特率（ CBR ）的服务，用于支持在整个连接期间需要具有连续可用的恒定数据率的应用，以及实时可变比特率（ rtVBR ）类服务倾向于时间敏感的应用；（2）非实时服务：包括非实时可变比特率以及不指明比特率的服务。115 AAL 协议有哪几类？各有何作用？AAL 层有几个子层？各有何作用？共有 4类：AAL 类型 1：处理恒定的比特流；AAL 类型 2：适用于模拟应用的可变比特率信息处理；AAL 类型 3/4：提供面向连接或无连接的服务，以及服务可以使报文方

31、式或是流方式；AAL 类型 5：为了向高层的面向连接的协议提供流水线传输能力；AAL 层有汇聚子层， 用来提供 AAL 支持的具体应用所需功能， 以及拆装子层，负责把从 CS 上接到的信息打包形成传输信元，并在另一端将信息解包。116 帧中继的主要特点。在如下几点上区别于X 25：（1）呼叫控制信令和用户数据在各自独立的逻辑连接上传输，中间结第21页共28页数据与计算机通信课后习题参考答案点不需要维护状态表或者处理基于单连接的呼叫控制相关报文；（2）逻辑连接的复用和交换发生在第二层而不是第三层，减少了整整一层的处理；（3）从一跳到另一跳之间没有流控制和差错控制。如果确定应用了端到端的流控制和差

32、错控制，那么它们将由高层负责；它使通信处理过程度为流水线作业， 用户与网络之间的接口所需要的协议功能得到简化。第22页共28页数据与计算机通信课后习题参考答案第 12 章的参考答案121 什么叫拥塞控制？引起拥塞的原因以及需要进行拥塞控制的原因有哪些？拥塞控制是指网络中的分组数量维持在一定的水平之下， 超过这个水平， 网络的性能就会急剧变化。拥塞的原因：在每一个网络节点中， ，如果分组到达和排队的速率超出分组能够被传输的速率， 队列的长度就会不断的增长， 分组的延时也会越来越长， 从而导致拥塞。进行拥塞的原因：拥塞会使网络性能急剧恶化， 分组丢失，所以要进行控制。122 简述拥塞控制的方法。答

33、：拥塞控制通常有如下方法：反压：在链路或逻辑连接的基础上实施，使目的节点减缓或阻止本身的入口链路上的通信量并将这一限量反向传播信源，则信源会限制新的分组流入网络；阻流分组：是拥塞的节点产生的控制分组，并将被传回源结点以限制通信流量；隐式拥塞信令：根据分组时延使源站检测到拥塞，并据此减缓流量；显示拥塞信令：网络会对网络中正在形成的拥塞向系统发出警告，而端系统则应采取措施减低对网络的供给负荷。第23页共28页数据与计算机通信课后习题参考答案第 13 章的参考答案133 答案总共需传输的比特数：L1001048800 10 4 bitsA)采用电路交换和星形拓扑结构的局域网共用的时间为： L / R

34、 800 104 / 64 103125us有效的吞吐量为64Kb/s。B)D=1Km,B=1Mb/s,P=256bittpD / 200m / us 5us分组个数： p(800104/(25680) 1)43011个总的数据量： L4301125611010816bitt fL/ B1 1 s确认分组的传输时间： t f 88/ B88usTtf 2 tpft 1 1. 0 0 0 0 9s 9有效吞吐量为： R有效800 10472.7273 104 b / s 0.73Mb / s11.000099D=1Km,B=10Mb/s,P=256bittpD / 200m / us 5us分组

35、个数： p(800104/(25680) 1)43011个总的数据量：L 4301125611010816bit11.010816Mb / st fL/B1.1s确认分组的传输时间： t f 88/ B8.8usTtf 2 tpt 1. 1 0 0 0 0 s8 8f有效吞吐量为： R有效800 10472.7273104 b / s 7.3Mb / s11.000099D=10Km,B=1Mb/s,P=256bittpD / 200m / us50us第24页共28页数据与计算机通信课后习题参考答案分组个数：p(800104个/(256 80) 1) 43011总的数据量： L4301125

36、6 11010816bit11.010816Mb / st fL/ B1 1 s确认分组的传输时间： t f 88/ B88usTtf 2 tpft 1 1. 0 0 0 1 s8 8有效吞吐量为： R有效800 10472.7273104 b / s 7.3Mb / s11.000088D=1Km,B=50Mb/s,P=256bittpD / 200m / us5us分组个数： p(800104 /(1000080) 1) 808 个总的数据量： L80810000 80800006 bit8.08Mb / st fL/ B0. 6s确认分组的传输时间： t f 88/ B1.76usT t

37、f 2 tptf0. 1 6 0 0 1 s7 6有效吞吐量为： R有效80010450Mb / s0.16C) t p2D / 200m / usN / B将 b 部分的数据代入即可求得 t f ，从而 T t ftp有效吞吐量为： R有效800104T134 参考答案R10Mb/s ， d 1Km(a) tp d / 200m / us5ust tpL/ R 5 u s1 0 0 u s 1 0 5 u s(b) 2t p2d / 200m/ us10us ；相当的比特数： p10 106 10106100bit第25页共28页数据与计算机通信课后习题参考答案135 参考答案R10Mb/s

38、， d 1Km(a) tp d / 200m / us 5ust tpL/ R 5 u s1 0 u s 1 5 u s(b) 2t p 2d / 200m/ us10us ；相当的比特数： p10 10 6 100 1061000bit136 参考答案(a) 200m / us /1M200m(b) 200m / us / 40M5m；第26页共28页数据与计算机通信课后习题参考答案第 14 章的参考答案第 14 章补充作业：第四章答案22一个 1km 长的 10Mb/s 的 CSMA/CD 局域网（不是 802.3），其传播速度等于每微秒成功后的第一个时槽被留给接收方，用来捕获信道并发送一

39、个 32bit 的确认帧。假定没有冲突发生，有效数据速率（不包括开销）是多少？解答：电缆的来回路程传播时间是 10s（ 1000 2002）。一个完整的传输有 4 个阶段：发送方获取电缆（ 10s）发送数据帧（ 25.6s）接收方获取电缆（ 10s）发送确认帧（ 3.2 s）4 个阶段的时间总和是48.8 s，在这期间共发送224 个数据比特。22448.84.6Mb/s。因此，有效数据速率 4.6Mb/s。24考虑建立一个 CDMA/CD 网，电缆长 1km，不使用重发器，运送速率为 1Gb/s。电缆中的信号速率是 200000km/s。问最小帧长度是对少？解答：对于 1km 电缆，单程传播时间为1 200000510 6 s，即 5 s，来回路程传播时间为 2 10s。为了能够按照 CDMA/CD 工作，最小帧的发射时间不能小于 10s。以 1Gb/s 速率工作， 10s 可以发送的比特数等于：1 061 01 10910000因此，最小帧是 10000 位或 1250 字节长。27当数