2022年上海市普陀区高考物理二模试卷

1、2022 年上海市普陀区高考物理二模试卷一.选择题1普陀区二模由核反响产生，且属于电磁波的射线是A 射线 B 射线 CX 射线 D阴极射线2普陀区二模一颗恒星的寿命取决于它的A温度B颜色C质量D体积3普陀区二模白光通过双缝后产生的干预条纹是彩色的，其缘由是同色光的A频率不同B强度不同C振动方向不同 D传播速度不同4普陀区二模关于布朗运动，以下说法中正确的选项是 A液体分子的无规章运动就是布朗运动 B布朗运动的剧烈程度跟温度无关 是悬浮在液体中的固体颗粒不断地受到液体分子的撞击而引起的明显5普陀区二模某教室墙上有一朝南的钢窗当把钢窗左侧向外推开时以下说法正确的选项是A穿过窗户的地磁场的磁通量变大

2、 B穿过窗户的地磁场的磁通量不变 C从推窗人的角度看，窗框中的感应电流方向是逆时针6普陀区二模如图，倾斜的天花板上有一物块，该物块在竖直向上恒力F 作用下恰好能沿天花板匀速上升，以下说法中正确的选项是第1页共23页C物块可能受三个力的作用物块肯定受三个力的作用7普陀区二模N AA B 运动 B 点电势A B 点的电势能DA 点的加速度大于它在B 点的加速度8普陀区二模如图，弹性轻绳的一端套在手指上，另一端与弹力球连力，以下说法正确的选项是 A绳刚伸直时，球的速度最大 B该过程中，球的加速度始终减小 D在最低点时，球、绳和地球组成的系统势能最大9普陀区二模甲、乙两同学们利用反响尺估测反响时间。如

3、图，甲同00.3s，第2页共23页则该直尺的长度至少为g 取A40cmB45cmC90cmD100cm0普陀区二模S1 两端的电 S 闭合后，以下说法正确的选项是 5V BR2 3V Dr 上的电压变小1普陀区二模门的三通 U 形管倒置在两个装有液体的容器中，用抽气机对 U 形管向外抽气，K，左边液体的密度为1，左右两边液柱高度分别为h1、h2，下列说法正确的选项是U 形管内抽成真空K 后，管内气体压强大于管外大气压2=2=第3页共23页2普陀区二模t=7s 内匀速行驶s1=10m 的距离后，马上停顿用力蹬脚踏，自行车又 值 A10N B30N C60N D100N二.填空题3普陀区二模带电体

4、所带的电荷量总是等于某一个最小电荷量倍，这个最小电荷量叫做。4普陀区二模卢瑟福通过如下图的试验装置，觉察了，试验的核反响方程为。5普陀区二模如图，一列简谐横波沿x 0 时 1s，则波的波速为 m/s，周期为 s。6普陀区二模h，可沿气缸无摩擦地滑动。设大气和活塞对气体的总压强为 p0，外界温度始终保持不变。取一小盒沙子缓慢地倒在活塞的上外表上，沙子倒完时，活塞下降了 ，此时，气体的压强为 ，一小盒沙子的质量为 。第4页共23页普陀区二模假设将该导线做成 圆环 端点，放置在同一匀强磁场中，如图乙所示，保持通过导线的电流不变，则环受到的安培力方向为，大小为N。三.综合题8普陀区二模“利用单摆测重力

5、加速度”的试验中，从以下器材中选用最适宜的器材填写器材代号。A小铁球 B小塑料球C20cm长的细线 E F G 秒表假设试验测得的 g 值偏大，可能的缘由是A摆球的质量太大 B测摆长时，仅测了线长，未加小球半径 C测周期时，把 n 次全振动误记为n+1次端未固定结实，振动中消灭松动摆长变长某同学想进一步验证单摆的周期和重力加速度的关系，但又不行能去不同板上，使板倾斜角度，让摆球在板的平面内做小角度摇摆，如图甲所示。利用第5页共23页中需要测量的物理量有 。假设从试验中得到所测物理量数据的图线如图乙所示，则图象中的纵坐标表示 ，横坐标表示 。9普陀区二模B m A 倍，g 10m/s2求：B 点

6、时的速率；小球刚要到 B 点时加速度的大小和方向；B 点后到停顿的时间和位移大小。0普陀区二模y O y 轴 B= ，k 为常数、x 为离直导线的垂直距离。OA、OB 为 cd O Ox 轴贴着两导轨向+x 方向 处。在这一过程中，cd I导轨、cd 杆单位长度电阻为R，不计导轨中电流产生的磁场的影响。R0cd t v x 的关系式；cd 杆在运动过程中加速度大小的变化状况；第6页共23页t cd 杆两端电压U x 的关系式；t cd 杆产生的焦耳热Q x 的关系式。第7页共23页2022 年上海市普陀区高考物理二模试卷参考答案与试题解析一.选择题1普陀区二模由核反响产生，且属于电磁波的射线是

7、A 射线 B 射线 CX 射线 D阴极射线00 2 左右的长波都是电磁波，由核反响产生，且属于电磁波的射线是射线；射线和阴极射线都不是电磁波；X 射线是电磁波，但不是由核反响产生，从而即可求解。【解答】解：A、 射线是氦核流，不是电磁波。故 A 错误。B、 B 正确。 C 错误。DD 错误。2普陀区二模一颗恒星的寿命取决于它的A温度B颜色C质量D体积越大的恒星寿命越短。释放的能量也越大，燃料聚变的速度就越快，恒星死亡的也就越快。故 C 正确ABD 错误。3普陀区二模同色光的 A频率不同B强度不同C振动方向不同 D传播速度不同第8页共23页产生的干预条纹是彩色的。A 正确，BCD 错误；A。4普

8、陀区二模关于布朗运动，以下说法中正确的选项是 A液体分子的无规章运动就是布朗运动 B布朗运动的剧烈程度跟温度无关 是悬浮在液体中的固体颗粒不断地受到液体分子的撞击而引起的明显规章热运动。【解答】解：AA错误；B 错误；C、布朗运动是悬浮在液体中的固体颗粒不断地受到液体分子的撞击而引起的，C 正确；D 错误。5普陀区二模以下说法正确的选项是 第9页共23页A穿过窗户的地磁场的磁通量变大 B穿过窗户的地磁场的磁通量不变 C从推窗人的角度看，窗框中的感应电流方向是逆时针=BS当线=090时，没有磁感穿过线框平面，穿0依据楞次定律，穿过窗框的磁ABD 错误，C 正确；。6普陀区二模F 作用下恰好能沿天

9、花板匀速上升，以下说法中正确的选项是 C物块可能受三个力的作用物块肯定受三个力的作用及弹力和摩擦力的关系分析。对物块没有向下的压力，则物块受到重力和向上的恒力。第10页共23页ABC 错误，D 正确。应选：D。7普陀区二模N AA B 运动 B 点电势A B 点的电势能DA 点的加速度大于它在B 点的加速度明确电场为点电荷形成的电场，依据运动轨迹进展分析明确受力方向，解：A、由于不知道电子速度变化，由运动轨迹图不能推断电子向那个A 错误；pBBC由运动轨迹可知电场力方向指向凹的一侧即左侧电场力做功等于电势能的减小量，电子所受电场力方向指向左侧，那么假设电子从A 向B 运动，则电场 运动，则电场

10、力做正功，电势能减小，所以，肯定有EpAE，故电子在B 点的电势能大于在A 点的电势能，故B 点的pBA B 正确，C 错误；D、一条电场线不能确定疏密，则不能确定电子在AB两点受电场力的大小关系，D 错误；。8普陀区二模如图，弹性轻绳的一端套在手指上，另一端与弹力球连力，以下说法正确的选项是 第11页共23页A绳刚伸直时，球的速度最大 B该过程中，球的加速度始终减小 D在最低点时，球、绳和地球组成的系统势能最大速度为 g 重力，此时做减速运动，减速到零，即可推断【解答】解：A、绳伸直以后，绳的拉力始终做负功，但重力大于拉力时球的速A 错误；B、绳子伸直以前，球的加速度大小为 g 保持不变，绳

11、伸直以后，开头时重力大B 错误；C 错误；D、在最低点时，小球的动能为零，球、绳和地球组成的系统势能最大，故D正确；应选：D。9普陀区二模甲、乙两同学们利用反响尺估测反响时间。如图，甲同状态，乙同学的手指对齐直尺的零刻度线。当直尺假设乙同学的反响时间范围为00.3s，则该直尺的长度至少为g 取页共23页A40cmB45cmC90cmD100cm依据自由落体运动的位移时间关系求出直尺下落的高度即可。【解答】解：直尺下降的时间即为自由落体运动的时间，依据x=B 正确、ACD 错误。应选：B。0普陀区二模S1 两端的电 S 闭合后，以下说法正确的选项是 5V BR2 3V Dr 上的电压变小【分析】

12、S 5VS 闭合后，电路的总电阻变小，路端电压变小，即电压表的示数小于 5V；电路的总电阻变小，则总电流变大，则R1 两端的电压变大，大于原来的2V；R2 R3 并联后，其并联的阻值 3V 还小。解：AS R1 2V，R2 两端的电3V5V5VA 错误。 R1 两端的电压变大，则大于2V；并联支路的电压减小，则电阻R2 两端的电压3VB 正确，C 错误；第13页共23页 D 错误；应选：B。1普陀区二模门的三通 U 形管倒置在两个装有液体的容器中，用抽气机对 U 形管向外抽气，K，左边液体的密度为1，左右两边液柱高度分别为h1、h2，以下说法正确的选项是 U 形管内抽成真空K 后，管内气体压强

13、大于管外大气压2=2=【分析】U 形管向外抽气后管内压强小于管外大气压，在大气压作p=gh 和压力平衡角度分析解决。U p 气气2气液小于管外大气压p0，在大气压作用下液体进入两管中，待液体静止两管中压强平衡：p +p 1=p0=p +p ，1gh1=2gh ，只要管内压强小于管外大气压，就U 气2气液K B 1gh1=2gh2，可得 2= C 正确，D 错误。2普陀区二模第14页共23页t=7s 内匀速行驶s1=10m 的距离后，马上停顿用力蹬脚踏，自行车又 值 A10N B30N C60N D100N力的大小。 s1=10m 的距离，则速度为：v=依据动能定理有：fs =0 mv22=m/

14、s解得：f= 。10NA BCD 错误。二.填空题3普陀区二模数倍 倍，这个最小电荷量叫做 根本电荷或元电荷 。此题内容是电磁学的根本常识，需加强记忆。小电荷量叫做根本电荷，或叫做元电荷。84普陀区二模卢瑟福通过如下图的试验装置，觉察了 质子，试验的核反响方程为 147N+42He17 O+11H。8要了解卢瑟福觉察质子并实现原子核人工转变核反响方程以及试验装置中各局部的作用，留意书写核反响方程的原则是质量数和电荷数守恒。 质子，第15页共23页依据核反响方程书 写规律： 质量数和 电荷数守恒 ，则该 核反响方程 为：8147N+42He17 O+11H。88故答案为：质子，147N+42He

15、17 O+11H85普陀区二模如图，一列简谐横波沿x 0 时 1s，则波的波速为 3 m/s，周期为 s。 1s，求得波速、周期的具体值。=4mx 轴正方向传播，可得：1s 时间，波向前传播的距离为；故波速，周期；波速v=3m/s，周期故答案为：3， 。6普陀区二模h，可沿气缸无摩擦地滑动。设大气和活塞对气体的总压强为 p0，外界温度始终保持不变。取一小盒沙子缓慢地倒在活塞的上外表上，沙子倒完时，活塞下降了 ，此时，气体的压强为2P0 ，一小盒沙子的质量为 。第16页共23页求出沙子的质量。解：对气体分析，依据玻意耳定律得：，解得：P=2P0；对活塞由平衡学问可知：pS=p0S+mg，解得：故

16、答案为：2P0，普陀区二模假设将该导线做成 圆环 端点ab 连线斜向下 ，大小为 N。【分析】依据导线与圆环的弧长关系，求得半径，圆环受到的安培力即线段 ab受到的安培力，并依据左手定则，即可求得。页共23页【解答】解：直导线受到的安培力：F1=BIL，解得；将该导线做成 圆环后，圆半径为；有效长度为：；所受的安培力：。方向垂直 ab 连线斜向下；故答案为：垂直ab 连线斜向下，。三.综合题8普陀区二模“利用单摆测重力加速度”的试验中，从以下器材中选用最适宜的器材填写器材代号 ADG。A小铁球 B小塑料球C20cm长的细线 E F G 秒表假设试验测得的 g 值偏大，可能的缘由是 C A摆球的

17、质量太大 B测摆长时，仅测了线长，未加小球半径 C测周期时，把 n 次全振动误记为n+1次摆球上端未固定结实，振动中消灭松动摆长变长某同学想进一步验证单摆的周期和重力加速度的关系，但又不行能去不同的地区做试验该同学就将单摆与光电门传感器安装在一块摩擦不计足够大的板上，使板倾斜角度，让摆球在板的平面内做小角度摇摆，如图甲所示。利用该装置可以验证单摆的周期和等效重力加速度的关系假设保持摆长不变则试验中需要测量的物理量有 木板倾角 和单摆振动的周期T假设从试验中得到所测物理量数据的图线如图乙所示，则图象中的纵坐标表示T2，横坐标表示。第18页共23页 测量摆线的长度，装置安装在铁架台。依据单摆的周期

18、公式 T=，写出重力加速度的表达式，从而推断出引起重力加速度测量值偏小的缘由。单摆的周期公式T=，结合等效重力加速度，从而导出周期公式，从而结合图象的要求，即可求解。1“利用单摆测重力加速度”100cm长的细线以及秒表；应选：ADG。A、依据T=，可得，g=，则摆球的质量对试验无影响，故A错误；g B 错误；C、测周期时，把n次全振动误记为n+1次，则测得的周期偏小，则测得的重g C 正确；g D 错误；。等效重力加速度为g=gsin，则单摆的周期，：木板倾角 和单摆振动的周期T；将变形为：，则假设从试验中得到所测物理量数据的图线如图乙所示，第19页共23页则图象中的纵坐标表示T2，横坐标表示

19、。故答案为1G23木板倾角 和单摆振动的周期T；T2；。9普陀区二模B m A 倍，g 10m/s2求：B 点时的速率；小球刚要到 B 点时加速度的大小和方向；B 点后到停顿的时间和位移大小。1依据机械能守恒定律，即可求解；依据牛顿其次定律，及牛顿第三定律，即可求解；B 点后到停顿的时间和位移大小。【解答】1小球从 A 点释放滑至 B 点，只有重力做功，机械能守恒：mgR=mv 2B小环刚要到B 点时，处于圆周运动过程中，加B 点半径指向圆心B 点后连续滑动到停顿，可看做匀减速直线运动：0.2mg=ma2， 21B ；第20页共23页 20m/s2B 点半径指向圆心；小球过 B 点后到停顿的时间是 25s，位移大小是 6.25m。0普陀区二模y O y 轴 B= ，k 为常数、x 为离直导线的垂直距离。OA、OB 为 cd O Ox 轴贴着两导轨向+x 方向 处。在这一过程中，cd