龙岩市重点中学2022-2023学年高二物理第一学期期中复习检测试题（含解析）

1、2022-2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用05毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符4作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效5如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一

2、项是符合题目要求的。1、如图所示甲、乙两个电路，都是由一个灵敏电流计G和一个变阻器R组成，它们之中一个是测电压的电压表，另一个是测电流的电流表，那么以下结论中正确的是()A甲表是电压表，乙表是电流表BR增大时甲表量程增大CR增大时乙表量程增大D上述说法都不对2、如图所示，将两不带电的绝缘导体AB、CD放在带负电的导体Q的附近，达到静电平衡状态后，下列说法正确的是()A用导线连接A、B两端，连通瞬间有电流通过导线，方向由A到BB用导线连接A、C两端，连通瞬间没有电流通过导线C用导线连接A、D两端，连通瞬间有电流通过导线，方向由A到DD用导线连接B、C两端，连通瞬间有电流通过导线，方向由C到B3、

3、下列物理量中属于矢量的是（ ）A电势能B电势C电流D电场强度4、如图所示，一个带负电的金属圆环绕轴OO 以角速度匀速旋转，在环左侧轴线上的小磁针最后平衡时，AN极竖直向上BN极水平向左CN极水平向右DN极垂直纸面向里5、下列关于静电现象的说法中不正确的是( )A避雷针是利用尖端放电避免雷击的一种设施B为了防止外电场的影响，电学仪器应该放在封闭的绝缘体壳中C超高压带电作业的工人穿戴的工作服，要用包含金属丝的织物制成D做地毯时，在地毯中夹进一些不锈钢丝导电纤维，可以防止静电积累6、阅读下列材料，完成下面小题，解答时不计空气阻力，重力加速度取g=10m/s2, 第一次下落阶段，弹簧绳被拉伸的过程中，

4、小明下落速度大小的变化情况是A一直在增大B先增大后减小C先减小后增大D一直在减小二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，A板发出的电子经加速后，水平射入水平放置的两平行金属板间，金属板间所加的电压为U，电子最终打在荧光屏P上，关于电子的运动，下列说法中正确的是A滑动触头向右移动时，电子打在荧光屏上的位置上升B滑动触头向左移动时，电子打在荧光屏上的位置上升C电压U增大时，电子打在荧光屏上的速度大小不变D电压U增大时，电子从发出到打在荧光屏上的时间不变8、如图8所示

5、的电路，电源内阻不可忽略，电表为理想电表当滑动变阻器的滑片向下滑动时（ ）A电流表A的示数减小B电流表A的示数增大C电压表V的示数减小D电压表V的示数增大9、如图所示，带电荷量之比为的带电粒子 A、B 以相等的速度从同一点出发， 沿着跟电场强度垂直的方向射入平行板电容器中，分别打在 C、D 点，若 OC=CD，忽略粒子 重力的影响，则AA 和 B 在电场中运动的时间之比为 12BA 和 B 运动的加速度大小之比为 41CA 和 B 的质量之比为 112DA 和 B 的比荷之比为 1410、关于电源的电动势，下列说法正确的是( )A电动势在数值上等于外电路断开时电源两极间的电压B电动势是表征电源

6、把其他形式的能转化为电能的本领大小的物理量C电动势是表征电场力做功多少的物理量D外电路发生变化时，电源两端的电压随之变化，电动势也随之变化三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）如图甲为某同学描绘额定电压为3.8V的小灯泡伏安特性曲线的实验电路图.（1）根据电路图甲，用笔画线代替导线，将图乙中的实验电路连接完整；（2）开关闭合之前，图乙中滑动变阻器的滑片应该置于 端（选填“A”、“B”或“AB中间”）；（3）实验中测出8组对应的数据（见下表）：次数12345678U/V00.200.501.001.502.003.003.80I/A0

7、0.080.130.180.210.240.290.33则测得小灯泡的额定功率为 W. 请在给出的坐标中，描点作出IU图线由图象可知，随着电流的增大，小灯泡的电阻 （选填“增大”、“减小”或“不变”）.12（12分）小芳所在小组的同学们准备测量一个量程为3V、内阻约为3k的电压表V1的内阻值R1，在实验室找到了下列器材:A电源E：电动势约为9V；B电流表A：量程为0.6A，内阻约0.6；C电压表V2：量程为6V，内阻R2=6k；D滑动变阻器R，最大阻值为100；E单刀单掷开关及导线若干. 同学们先设计了甲乙两个实验电路图，两个电路滑动变阻器均选择了分压连接方式，理由是: ；经过讨论后最终选择了

8、乙电路，不选择甲电路的理由是 ；同学们连好了电路如图丙，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片滑到 （选填a或b）端；闭合开关，调节滑动变阻器，发现电压表的读数几乎不变化，可能是 （选填导线编号）断了；排除故障后，读得电压表V1、V2读数分别为U1、U2，电压表V1的内阻为： .四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图，矩形abcd区域有磁感应强度为B的匀强磁场，ab边长为3L，bc边足够长厚度不计的挡板MN长为5L，平行bc边放置在磁场中，与bc边相距L，左端与ab边也相距L质量为m、电荷量为e的电子，由静止开

9、始经电场加速后沿ab边进入磁场区域，电子与挡板碰撞后完全被吸收并导走（1）如果加速电压控制在一定范围内，能保证在这个电压范围内加速的电子进入磁场后在磁场中运动时间都相同求这个加速电压U的范围（2）调节加速电压，使电子能落在挡板上表面，求电子落在挡板上表面的最大宽度14（16分）如图所示，物体在离斜面底端5m处由静止开始下滑，然后滑到由小圆弧与斜面连接的水平面上，若物体与斜面及水平面间的动摩擦因数均为0.4，斜面倾角为37求物体在斜面底端的速度及在水平面上还能滑行的距离15（12分）如图所示，用细绳的一端系着质量为M=0.6kg的物体A（静止在水平转盘上），细绳另一端通过转盘中心的光滑小孔O吊着

10、质量为m=0.3kg的小球B，A的重心到O点的距离为0.2m若A与转盘问的最大静摩擦力为Ff=2N，为使小球B保持静止，求转盘绕中心O旋转的角速度的取值范围（取g=10m/s2）参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】试题分析：甲表是电流表，乙表是电压表，故A错误R增大时，甲表中变阻器分流减小，量程减小，故B错误R增大时，变阻器分担的电压增大，乙表量程增大，故C正确由上可知，D错误考点：本题考查电表的改装2、D【解析】根据静电感应可以判断金属导体的感应的电荷的情况，从而可以判断导体带电的情况【详解】根据静电感

11、应规律可以判断枕形导体A端带正电荷，B端带负电荷。处于静电平衡的导体是等势体，用导线连接A、B两端，连通瞬间没有电流通过导线，故A错误；根据沿着电场线的方向，电势降低可知，导体AB的电势低于CD的电势，当用导线连接A、C两端，连通瞬间有电子从AB流向CD，有电流通过导线，故B错误；处于静电平衡的导体整个导体是等势体，AB的电势低于CD的电势，当用导线连接A、D两端时，电子从A流向D，导线中电流方向由D到A；当用导线连接B、C两端时，导线中电子从B流向C，连通瞬间有电流通过导线，方向由C到B，故C错误，D正确；故选D。【点睛】感应带电，这是使物体带电的一种方法，根据异种电荷互相吸引的原理可知，靠

12、近的一端会带异种电荷同时处于静电平衡的导体，电荷只分布在外表面，自身是等势体，内部电场强度为零3、D【解析】矢量是既有大小又有方向的物理量，电场强度是矢量，而标量是只有大小没有方向的物理量，电势、电流和电势能都标量，故D正确，ABC错误。【点睛】矢量是既有大小又有方向的物理量，标量是只有大小没有方向的物理量，物理量的矢标性是其基本内涵，要掌握矢量的方向特点进行记忆。4、B【解析】带负电金属环，如图所示的旋转则金属环的电流方向与旋转方向相反再由右手螺旋定则可知金属环磁极的方向：左端N极，右端S极因此小磁针N极沿轴线向左故B正确，ACD错误；故选B点睛：本题考查右手螺旋定则及磁极间的相互作用，要求

13、能熟练准确的应用右手螺旋定则注意电流的方向与负电荷的运动方向相反5、B【解析】避雷针是利用尖端放电避免雷击的一种设施，选项A正确；只有金属体壳才能产生静电屏蔽作用，故为了防止外电场的影响，电学仪器应该放在封闭的金属体壳中；故B错误；超高压带电作业的工人穿戴的工作服，要用包含金属丝的织物制成，从而保护工人；故C正确；做地毯时，在地毯中夹进一些不锈钢丝导电纤维，可以防止静电积累，选项D正确；此题选择错误的选项，故选B.6、B【解析】第一次下落阶段，弹簧绳被拉伸的过程中，根据牛顿第二定律得：弹簧绳被拉伸的过程中，弹力变大，则加速度变小，方向向下，小明做加速度减小的加速运动，当弹力等于重力时，加速度为

14、零，速度最大，此后弹力继续增大，加速度方向向上，小明做加速度增大的减速运动，所以小明下落速度大小的变化情况是先增大后减小，故选B二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】设加速电压为U，由题意知，电子在加速电场中加速运动，根据动能定理得：eU=mv2电子获得的速度为：电子进入偏转电场后做类平抛运动，也就是平行电场方向做初速度为0的匀加速直线运动，加速度为：电子在电场方向偏转的位移为：垂直电场方向做匀速直线运动，粒子在电场中运动时间为：联立解得：又因为偏转电场方向

15、向下，所以电子在偏转电场里向上偏转。A. 滑动触头向右移动时，加速电压变大，故电子偏转位移y变小，因为电子向上偏转，故在屏上的位置下降，故A错误；B. 滑动触头向左移动时，加速电压变小，故电子偏转位移y变大，因为电子向上偏转，故在屏上的位置上升，故B正确；D. 偏转电压U增大时，电子在电场中受到电场力增大，即电子偏转的加速度a增大；因为加速电压不变，电子进入电场的速度没有变化，电子在电场中运动的时间t没有发生变化，故D正确；C. 偏转电压U增大时，电子在电场中受到的电场力增大，即电子偏转的加速度a增大；因为电子水平方向的速度v不变，电子在电场中运动的时间不变，电子打在屏上的速度为则电子打在屏上

16、的速度增大，故C错误。8、BC【解析】先判断滑动变阻器的阻值如何变化，再用“串反并同”去分析。【详解】AB.滑动变阻器的滑片向下滑动，电阻变小，电流表与滑动变阻器串联，所以示数变大，A错误，B正确；CD.滑动变阻器的阻值变小，电压表与滑动变阻器并联，所以示数变小，C正确，D错误。【点睛】和滑动变阻器串联的电阻上的电压、电流、电功率变化趋势和滑动变阻器电阻值变化趋势相反，和滑动变阻器并联的电阻上的电压、电流、电功率和滑动变阻器电阻值变化趋势相同，即串反并同。9、ABC【解析】试题分析：粒子在电场中做类平抛运动，水平方向：，则粒子的运动时间之比：，故A正确；粒子在竖直方向做初速度为零的匀加速直线运

17、动，竖直方向位移相等，则加速度之比：，故B正确；由牛顿第二定律得：qE=ma，则粒子质量之比：，故C正确；比荷之比：，故D错误考点：带电粒子在电场中的运动10、AB【解析】A项：根据电动势的定义：电动势等于电源没有接入电路中时电源两端的电压可知A正确；B项：电动势表征电源把其它形式的能转化为电能的本领大小，电动势越大的电源，将其他形式的能转化为电能的本领越大，故B正确；C项：根据电动势的定义：，可知电动势是表征非静电力做功多少的物理量，故C错误；D项：电动势由电源本身的特性决定，与外电路的结构无关，同一电源接入不同的电路电动势不会发生改变，故D错误点晴：本题考查电源电动势的决定因素，注意电动势

18、的定义：三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、（1）如图（2）A（3）1.3，增大【解析】试题分析：（1）根据实验原理图连接即可，注意电压表、电流表的量程不要选错，正负极不能连反，滑动变阻器采用分压接法（2）采用分压接法时，开始实验时为了安全和保护仪器，要使输出电压为零，即将测量电路短路（3）根据所画出的UI图象，得出小灯泡在3.8V电压下的电流，根据P=UI可以求出其额定功率图象斜率的倒数表示电阻解：（1）根据实验原理图连接实物图，如图所示：（2）采用分压接法时，开始实验时为了安全和保护仪器，要使输出电压为零，故打到A端；（3）根据描点

19、法作出UI图象如图所示，当电压为3.8V时，电流为0.33A，所以P=UI=3.80.33=1.3W图象斜率的倒数表示电阻，由图象可知，斜率随着电流的增大而减小，所以电阻随着电流的增大而增大故答案为（1）如图（2）A（3）1.3，增大【点评】本题比较简单，考查了有关电学实验的基础操作，对于电学实验一定要熟练掌握滑动变阻器的两种接法和电流表的内外接法等基础知识12、电压表内阻远大于滑动变阻器电阻，限流接法电压范围小；电流表量程太大;a ; 1; 【解析】试题分析：电压表内阻远大于滑动变阻器电阻，若用限流接法电压范围小，测量数据少，读数不方便.流过电压表V1的最大电流，而电流表A的量程为0.6A，

20、量程太大，示数几乎为零闭合开关前，应使电路的阻值最大以保护电表和用电器，滑片滑到a端时电压表V1短路，滑动变阻器的阻值全部接入电路闭合开关，调节滑动变阻器，发现电压表的读数几乎不变化，说明电路电阻变化小，但电压表所在支路还是通路，则是滑动变阻器分压式变成了限流式，导线1断了.电压表V2流过的电流，两电压表串联电流相同，则.考点：本题考查了伏安法测电阻、电路的选择和连接、电路故障判断、欧姆定律.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）（2）【解析】试题分析：（1）只要电子从ad边离开磁场，其运动的轨迹为半圆，运动时间相同，都为，当垫子与挡板下表面相切时，轨迹的半径，圆心为，如图所示，要使垫子在磁场中的运动时间相等，必须满足：根据牛顿第二定律根据动能定理：联立解得（取等号也可）若垫子恰好能绕过挡板最后段从ad边离开磁场，设其轨迹的半