2021-2022学年内蒙古通辽市科左后旗甘旗卡第二高级中学高二化学第二学期期末质量跟踪监视模拟试题含解析

1、2022年高二下化学期末模拟试卷请考生注意：1请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用05毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、选择题(共包括22个小题。每小题均只有一个符合题意的选项）1、实验是化学的基础。下列说法正确的是A过氧化钠、氯水、浓硝酸通常都要密封保存于棕色试剂瓶中B盛溴的试剂瓶里加少量水以减少溴的挥发C钾、钠、白磷都应保存在水中D做焰色反应实验时所用铂丝，每次用完后用稀硫酸洗涤后再使用2、某烷烃的结构简式是CH3CH2CH（CH2CH3）CH3，它的正确

2、命名是A2-乙基丁烷B3-乙基丁烷C3-甲基戊烷D2,2-二甲基丁烷3、如图是某学校购买的硫酸试剂标签上的部分内容。据此下列说法正确的是（）A该硫酸的物质的量浓度为182molL1B1mol Zn与足量的该硫酸反应产生2g H2C配制200mL26molL1的稀硫酸需取该硫酸50mLD该硫酸与等体积的水混合所得溶液的物质的量浓度等于32molL14、现有W、X、Y、Z均为短周期元素且原子序数依次增大，元素X和Z同族。盐YZW与浓盐酸反应，有黄绿色气体产生,此气体同冷烧碱溶液作用，可得到含YZW的溶液。下列错误的是（ ）AX与Z具有相同的最高化合价BX和Y形成的化合物的水溶液呈碱性CY的氢化物为

3、离子化合物D简单离子半径：YXW5、能正确表示下列反应的离子方程式是AAl和NaOH溶液反应：AlOH=Al3+H2BNaHCO3溶液中加入稀HCl：CO322H=CO2H2OCAlCl3溶液中加入过量稀氨水：Al34NH3H2O=AlO24NH42H2ODCa(HCO3)2溶液与少量NaOH溶液反应：HCO3 +Ca2+OH= CaCO3+H2O6、若ag CO2含b个分子，则阿伏加德罗常数的值为 （ ）Aab/28Bab/14C28/bD44b/a7、下列物质中，属于弱电解质的是AH2OBNa2CO3CHClDNaCl8、用标准的盐酸滴定未知浓度的NaOH溶液，下列操作不会引起实验误差的是

4、（ ）A用蒸馏水洗净酸式滴定管后，装入标准盐酸进行滴定B用蒸馏水洗净锥形瓶后，再用NaOH溶液润洗，后装入NaOH溶液进行滴定C用碱式滴定管取10.00 mL NaOH溶液放入用蒸馏水洗净的锥形瓶中，再加入适量蒸馏水进行滴定D用酚酞作指示剂滴至红色刚变无色时即停止加盐酸9、下列措施不能加快锌粒与1 molL-1H2SO4反应产生H2的速率的是A用锌粉代替锌粒B加少量醋酸钠固体C加少量CuSO4固体D改用2 molL-1H2SO4与锌粒反应10、明代本草纲目记载了民间酿酒的工艺：“凡酸坏之酒，皆可蒸烧”，“以烧酒复烧二次，价值数倍也”，这里用到的方法可用于分离()A丙烯酸甲酯和甲醇B对硝基甲苯和

5、含硝酸的水层C硝酸钾和氯化钠D氯化铵和碳酸铵11、下列说法中正确的是AC60气化和干冰升华克服的作用力相同B分子晶体在水溶液中都能导电C氯化钠和氯化氢溶于水时，破坏的化学键都是离子键DHF比HCl稳定，是因为HF含氢键的缘故12、下列离子方程式中正确的是AFeBr2溶液中加入等物质的量的Cl2：2Fe2+ + 2Br + 2Cl2 = 2Fe3+Br2+4ClB用氢氟酸在玻璃上“刻字”：SiO2 + 4H+ + 4F = SiF4+ 2H2OC将铜丝投入稀硝酸中：Cu + 4H+ + 2NO3 Cu2+ + 2NO2+ 2H2ODNaOH与NH4Cl溶液混合加热：NH4+ + OH NH3H2

6、O13、下列描述，不正确的是A正戊烷、异戊烷、新戊烷的沸点依次降低B相对分子质量为104的烃，分子中不可能只存在单键C光照下2，2一二甲基丙烷与Br2反应其二溴取代物有两种DFeCl3溶液可以把4种无色溶液：乙醇、苯酚、AgNO3溶液、KOH溶液一一区分14、对于处于化学平衡状态的反应CO+H2O（g）CO2+H2中，K正反应代表正反应的平衡常数，K逆反应代表逆反应的平衡常数，下列有关说法正确的是（）AK正反应=K逆反应 BK正反应K逆反应CK正反应K逆反应 DK正反应K逆反应=115、进行化学实验要注意实验安全，正确的实验操作是获得正确的实验结果和保障人身安全的前提。下图中的实验操作正确的是

7、()A熄灭酒精灯B稀释浓硫酸C检验钾离子D称量氢氧化钠固体16、下列各组物质能真实表示物质分子组成的是()ANO、C2H5OH、HNO3、I2BCaO、N2、HCl、H2OCNH3、H2S、Si、CODCO2、SiO2、CH3COOH、H2SO417、下列分子中，只有键而没有键的是（ ）AN2 BCH4 CCH2=CH2 D苯18、下列物质中属于高分子化合物的是()淀粉纤维素氨基酸油脂蔗糖酚醛树脂聚乙烯蛋白质A BC D19、下列物质中有极性共价键的是（）A单质碘B氯化镁C溴化钾D水20、下列实验现象是由于苯环受侧链影响造成的是 ( )A甲苯可使KMnO4溶液褪色，甲苯上甲基被氧化B苯酚OH键

8、易断裂，水溶液显弱酸性C甲苯可与氢气发生加成反应D甲苯可与浓硝酸反应生成三硝基甲苯21、最近罗格斯大学研究人员利用电催化技术高效率将CO2转化为X和Y（如下图）， X、Y可用作制备塑料、粘合剂和药品的前体等。下列说法正确的是 A图中能量转换方式只有2种BX、Y分子中所含的官能团相同CX、Y均是电解时的阳极产物DCO2资源化利用有利于解决大气中CO2浓度增加导致的环境问题22、将下列各种液体：苯； 四氯化碳；碘化钾溶液；乙烯；植物油，分别与溴水混合后充分振荡、静置，液体分为两层，原溴水层几乎是无色的是 （ ）A B C D二、非选择题(共84分)23、（14分）有机物F(Bisphenol A

9、dimethacrylate)是一种交联单体。合成F的一种路线如下：已知：+HCNB不能发生银镜反应。C能与FeCl3发生显色反应，核磁共振氢谱显示有4种不同化学环境的氢。E既能使溴水褪色又能使石蕊试液显红色。1 mol F最多可与4 mol NaOH反应。回答下列问题：（1）A与B反应的化学方程式为_。（2）BD的反应类型为_，E的结构简式为_。（3）F的结构简式为_。（4）C的同分异构体中含有萘环()结构，萘环上只有1个取代基且水解产物之一能与FeCl3溶液发生显色反应的同分异构体共有_种(不考虑立体异构)，其中核磁共振氢谱有8组峰的是_(写出其中一种的结构简式)。（5）A经如下步骤可合成

10、环己烯甲酸：AGHI反应条件1为_；反应条件2为_；反应条件3所选择的试剂为_；I的结构简式为_。24、（12分）白藜芦醇属二苯乙烯类多酚化合物，具有抗氧化、抗癌和预防心血管疾病的作用。某课题组提出了如下合成路线：已知：根据以上信息回答下列问题：(1)白藜芦醇的分子式是_。(2)CD的反应类型是_；EF的反应类型是_。(3)化合物A不与FeCL3溶液发生显色反应，能与NaHCO3反应放出CO2，推测其核磁共振氢谱(1H-NMR)中显示有_种不同化学环境的氢原子，其个数比为_。(4)写出AB反应的化学方程式_(5)写出化合物D、E的结构简式：D_，E_。(6)化合物有多种同分异构体，写出符合下列

11、条件的所有同分异构体的结构简式：_。能发生银镜反应；含苯环县苯环上只有两种不同化学环境的氢原子。25、（12分）（1）某课外小组设计的实验室制取乙酸乙酯的装置如下图所示。请回答：若用 18O 标记乙醇中的氧原子，则 CH3CH218OH 与乙酸反应的化学方程式是_。球形干燥管C 的作用是_。D 中选用饱和碳酸钠溶液的原因是_。反应结束后D 中的现象是_。下列描述能说明乙醇与乙酸的酯化反应已达到化学平衡状态的有_（填序号）。A单位时间里，生成 1mol 乙酸乙酯，同时生成 1mol 水B单位时间里，消耗 1mol 乙醇，同时消耗 1mol 乙酸C正反应的速率与逆反应的速率相等D混合物中各物质的浓

12、度不再变化（2）N-苯基苯甲酰胺（ ）广泛应用于药物，可由苯甲酸（）与苯胺（）反应制得，由于原料活性低，可采用硅胶催化、微波加热的方式，微波直接作用于分子，促进活性部位断裂，可降低反应温度。取得粗产品后经过洗涤重结晶等，最终得到精制的成品。已知：水乙醇乙醚苯甲酸微溶易溶易溶苯胺易溶易溶易溶N-苯基苯甲酰胺不溶易溶于热乙醇，冷却后易于结晶析出微溶下列说法不正确的是_（填字母编号）。A反应时断键位置为CO 键和 NH 键B洗涤粗产品用水比用乙醚效果更好C产物可选用乙醇作为溶剂进行重结晶提纯D硅胶吸水，能使反应进行更完全26、（10分）实验小组同学对乙醛与新制的Cu(OH)2反应的实验进行探究。实验

13、：取2mL 10%的氢氧化钠溶液于试管中，加入5滴2%的CuSO4溶液和5滴5%的乙醛溶液，加热时蓝色悬浊液变黑，静置后未发现红色沉淀。实验小组对影响实验成败的因素进行探究：(1)探究乙醛溶液浓度对该反应的影响。编号实验实验实验方案实验现象加热，蓝色悬浊液变红棕色，静置后底部有大量红色沉淀加热，蓝色悬浊液变红棕色，静置后上层为棕黄色油状液体，底部有少量红色沉淀已知：乙醛在碱性条件下发生缩合反应：CH3CHO+CH3CHOCH3CH=CHCHO+H2O ，生成亮黄色物质，加热条件下进一步缩合成棕黄色的油状物质。 能证明乙醛被新制的Cu(OH)2 氧化的实验现象是_。 乙醛与新制的Cu(OH)2

14、发生反应的化学方程式是_。 分析实验产生的红色沉淀少于实验的可能原因：_。(2)探究NaOH溶液浓度对该反应的影响。编号实验实验实验方案实验现象加热，蓝色悬浊液变黑加热，蓝色悬浊液变红棕色，静置后底部有红色沉淀依据实验，得出如下结论：. NaOH溶液浓度一定时，适当增大乙醛溶液浓度有利于生成Cu2O。. 乙醛溶液浓度一定时，_。(3)探究NaOH溶液浓度与乙醛溶液浓度对该反应影响程度的差异。编号实验实验实验方案实验现象加热，蓝色悬浊液变黑加热，静置后底部有红色沉淀由以上实验得出推论： _。27、（12分）制备乙酸乙酯，乙酸正丁酯是中学化学实验中的两个重要有机实验乙酸乙酯的制备乙酸丁酯的制备完成

15、下列填空：（1）制乙酸乙酯的化学方程式_。（2）制乙酸乙酯时，通常加入过量的乙醇，原因是_，加入数滴浓硫酸即能起催化作用，但实际用量多于此量，原因是_；浓硫酸用量又不能过多，原因是_。（3）试管中的溶液是_，其作用是_。（4）制备乙酸丁酯的过程中，直玻璃管的作用是_，试管不与石棉网直接接触的原因是_。（5）在乙酸丁酯制备中，下列方法可提高1-丁醇的利用率的是_（填序号）。A使用催化剂 B加过量乙酸 C不断移去产物 D缩短反应时间（6）两种酯的提纯过程中都需用到的关键仪器是_，在操作时要充分振荡、静置，待液体分层后先将水溶液放出，最后将所制得的酯从该仪器的_（填序号）A上口倒出 B下部流出 C都

16、可以28、（14分）（1）在一定条件下N2与H2反应生成NH3，请回答：若反应物的总能量为E1，生成物的总能量为E2，且E1E2，则该反应为_(填“吸热”或“放热”)反应。已知拆开1molHH键、1molNH键、1molNN键分别需要的能量是436kJ、391kJ、946kJ，则N2与H2反应生成NH3的热化学方程式为_。（2）实验室用50mL0.50molL1盐酸与50mL某浓度的NaOH溶液在如图所示装置中反应，通过测定反应过程中所放出的热量可计算中和热。该装置有两处明显的错误，其中一处是缺少一种玻璃仪器，该仪器的名称为_；实验室提供了0.50molL1和0.55molL1两种浓度的NaO

17、H溶液，应选择_molL1的NaOH溶液进行实验。（3）人类活动产生的CO2长期积累，威胁到生态环境，其减排问题受到全世界关注。工业上常用高浓度的K2CO3溶液吸收CO2，得溶液X，再利用电解法使K2CO3溶液再生，其装置示意图如下：在阳极区发生的反应包括_和HHCO=H2OCO2。简述CO在阴极区再生的原理：_。（4）常温下，用NaOH溶液吸收SO2得到pH9的Na2SO3溶液，试计算溶液中_。（常温下H2SO3的电离平衡常数Ka11.0102，Ka26.0108）29、（10分）氮化俚(Li3N)是一种金属化合物，常用作储氢材料，某化学兴趣小组设计制备氮化锂并测定其组成的实验如下(已知:L

18、i3N易水解)。请回答下列问题：（1）Li3N水解的化学方程式为_。（2）实验时首先点燃A处酒精灯。写出装置A中发生反应的化学方程式_。（3）)装置D的作用是_。（4）请用化学方法确定氮化锂中含有未反应的锂，写出实验操作及现象_。（5）测定氮化锂的纯度。假设锂粉只与氮气反应。称取6.0g反应后的固体，加入足量水，将生成的气体全部蒸出并通入200.00mL1.00mol/L盐酸中，充分反应后，将所得溶液稀释至500.00mL；取25.00mL稀释后的溶液注入锥形瓶中,加入几滴酚酞，用0.10mol/LNaOH标准溶液滴定过量的盐酸。判断滴定终点的现象是_。滴定起始和终点的液面位置如图，则产品的纯

19、度为_。若漓定前平视读数，滴定后仰视读数，则测定结果_(填“偏高”、“偏低”或“无影响”)。参考答案一、选择题(共包括22个小题。每小题均只有一个符合题意的选项）1、B【解析】试题分析：过氧化钠受热稳定，只要密封保存就可以了，不必放在棕色试剂瓶中，A错误；为防溴挥发，通常加少量水液封液溴，B正确；钾、钠能与水反应，很明显不能保存在水中，白磷通常保存在水中，C错误；做焰色反应实验时所用铂丝，每次用完后用稀盐酸洗涤后再使用，不用稀硫酸洗涤的原因是硫酸盐一般受热不挥发，影响下次实验，D错误。考点：考查化学试剂的保存及焰色反应的基本操作。2、C【解析】CH3CH2CH（CH2CH3）CH3，该有机物碳

20、链为：，最长碳链含有5个C原子，主链为戊烷，在3号C含有一个甲基，该有机物命名为：3-甲基戊烷。答案选C。3、C【解析】A该硫酸溶液的物质的量浓度为mol/L=18.2mol/L，故A错误；B锌和浓硫酸反应生成二氧化硫，浓硫酸足量没有氢气生成，故B错误；C设配制200mL2.6molL-1的稀硫酸需取该硫酸的体积为xL，根据溶液稀释前后溶质的物质的量不变，则0.2L2.6mol/L=x18.2nol/L，解得x=0.05L=50mL，故C正确；D浓硫酸和水的密度不同，等体积混合后体积不等于硫酸体积的2倍，混合后物质的量浓度不是3.2mol/L，故D错误，故选C。点睛：本题考查溶液浓度的计算，注

21、意硫酸的浓度越大，密度越大，注意理解掌握物质的量浓度与质量分数之间的关系。本题的易错点是B，注意浓硫酸的特殊性质。4、A【解析】现有W、X、Y、Z均为短周期元素且原子序数依次增大，元素X和Z同族。盐YZW与浓盐酸反应，有黄绿色气体产生，此气体同冷烧碱溶液作用，可得到含YZW的溶液，则YZW为次氯酸钠，Y为钠元素、Z为氯元素、W为氧元素，元素X和Z同族，则X为F元素。A、X为F元素，没有正价，而Z的最高化合价为+7价，选项A错误；B、 X和Y形成的化合物NaF为强碱弱酸盐，水解，其水溶液呈碱性，选项B正确；C、 Y的氢化物NaH为离子化合物，选项C正确； D、具有相同电子层结构的离子，核电荷数越

22、大半径越小，核电荷数YXW，则简单离子半径：YXW，选项D正确。答案选A。5、D【解析】A. Al和NaOH溶液反应生成偏铝酸钠和氢气：2Al2OH2H2O2AlO23H2，A错误；B. NaHCO3溶液中加入稀HCl生成氯化钠、水和二氧化碳：HCO3HCO2H2O，B错误；C. AlCl3溶液中加入过量稀氨水生成氢氧化铝和氯化铵：Al33NH3H2OAl(OH)33NH4，C错误；D. Ca(HCO3)2溶液与少量NaOH溶液反应生成碳酸钙、碳酸氢钠和水：HCO3+Ca2+OHCaCO3+H2O，D正确。答案选D。6、D【解析】若ag CO2含b个分子，设阿伏加德罗常数的值为NA，根据公式N

23、=nNA=mNA/M，有b=aNA/44，则NA=44b/a，故D正确，本题选D。7、A【解析】A水部分电离出氢离子和氢氧根离子，存在电离平衡，水为弱电解质，故A正确；BNa2CO3在水溶液里或在熔融状态下，能完全电离出自由移动的钠离子和碳酸根离子，所以Na2CO3是强电解质，故B错误；CHCl在水溶液中完全电离出氢离子和氯离子，所以HCl为强电解质，故C错误；DNaCl在水溶液里或在熔融状态下，能完全电离出自由移动的钠离子和氯离子，所以NaCl是强电解质，故D错误；答案选A。8、C【解析】A. 用蒸馏水洗净滴定管后，必须再用标准液盐酸润洗滴定管，避免滴定管内的水分将标准液稀释了，标准液浓度减

24、小，滴定时消耗体积增大，测定结果偏大，A项错误；B. 用蒸馏水洗后的锥形瓶，不能再用待测液润洗，避免润洗后待测液物质的量增加，测定结果偏大，B项错误；C. 锥形瓶内多些蒸馏水不影响滴定结果，因为待测液的物质的量没有变化，测定结果不会受到影响，C项正确；D. 当溶液由红色刚变无色时，不能立即读数，必须等到溶液颜色半分钟不再变化，否则会影响测定结果，D项错误；答案选C。9、B【解析】A. 用锌粉代替锌粒，接触面积变大，反应速率变快，故不符合题意；B. 加少量醋酸钠固体，醋酸根离子与氢离子结合成醋酸弱电解质，氢离子浓度减少，反应速率变慢，符合题意；C. 加少量CuSO4固体，锌与铜离子反应生成铜，构

25、成铜锌原电池，加快反应速率，故不符合题意；D. 改用2 molL-1H2SO4,氢离子浓度增大，反应速率加快,故不符合题意；故B正确。【点睛】影响反应速率的因素有温度，浓度，压强，催化剂，接触面积，原电池等因素，要逐项分析。10、A【解析】“凡酸坏之酒,皆可蒸烧以烧酒复烧二次,价值数倍也。”这里用到的方法是蒸馏，可用于分离沸点相差较大的互溶的液态混合物。4个选项中，只有丙烯酸甲酯和甲醇属于这类混合物，可以用蒸馏法分离，A正确，本题选A。11、A【解析】A分子晶体由固体变为气体，克服分子间作用力，C60、干冰均为分子晶体，则C60气化和干冰升华克服的作用力相同，故A正确；B有的分子晶体不溶于水，

26、如乙酸乙酯、单质硫等，不发生电离，不能导电，故B错误；C氯化钠为离子晶体，HCl为分子晶体，氯化钠溶于水破坏离子键，氯化氢溶于水破坏共价键，故C错误；D稳定性是化学性质，HF比HCl稳定，是因为非金属性F强于Cl，与氢键无关，故D错误；答案选A。12、A【解析】分析：AFeBr2溶液中加入等物质的量的Cl2反应生成氯化铁、溴；BHF属于弱酸；C稀硝酸被还原对应还原产物为NO；D氢氧化钠和氯化铵溶液混合加热生成氨气；据此分析判断。详解：AFeBr2溶液中加入等物质的量的Cl2反应生成氯化铁、溴，离子方程式为2Fe2+ + 2Br + 2Cl2 = 2Fe3+Br2+4Cl，故A正确；B用氢氟酸来

27、刻蚀玻璃的离子反应为SiO2+4HFSiF4+2H2O，故B错误；C将铜丝投入稀硝酸中，离子方程式为：3Cu+8H+2NO3-=3Cu2+2NO+4H2O，故C错误；D氢氧化钠和氯化铵溶液混合加热生成氨气，离子方程式为NH4+OH- NH3+H2O，故D错误；故选A。点晴：本题考查了离子方程式的正误判断。注意离子方程式正误判断常用方法：检查反应能否发生，检查反应物、生成物是否正确，检查各物质拆分是否正确，检查是否符合守恒关系等。本题的易错点为A，要注意物质的量间的关系。13、B【解析】A烷烃同分异构体中支链越多，沸点越低，则正戊烷、异戊烷、新戊烷的沸点依次降低，故A正确；B相对分子质量为104

28、的烃，=88，则分子中含有8个C和8个H，其结构简式可能为、等，分子中可能只存在单键，如立方烷，故B错误；C.2，2-二甲基丙烷只有一种甲基上的H，则二溴代物可取代同一个甲基上H，或不同甲基上H，则二溴取代物有两种，故C正确；D乙醇、苯酚、AgNO3溶液、KOH溶液分别与氯化铁混合的现象为：无明显现象、紫色溶液、白色沉淀、红褐色沉淀，现象不同可鉴别，故D正确；故选B。点睛：把握有机物官能团与性质、有机物反应及鉴别等为解答的关键。本题的易错点为B，首先根据相对分子质量为104的烃，确定该烃的分子式，写出其可能的结构简式，难点是书写C8H8的结构简式，要知道一些特殊结构的化合物。14、D【解析】分

29、析：平衡常数K=生成物平衡浓度幂次方乘积/反应物平衡浓度幂次方乘积，依据化学方程式书写反应的平衡常数，正逆反应的平衡常数互为倒数。详解：对于处于化学平衡状态的反应CO+H2O（g）CO2+H2中，K正反应代表正反应的平衡常数=c(CO2)c(H2)/c(CO)c(H2O)，K逆反应代表逆反应的平衡常数=c(CO)c(H2O)/c(CO2)c(H2)，K正反应K逆反应=1。答案选D。15、C【解析】A酒精灯的熄灭不能用嘴直接吹，应用灯帽盖灭，故A错误；B浓硫酸稀释应将浓硫酸沿器壁注入水中，玻璃棒不断搅拌，故B错误；C用焰色反应检验钾离子时要透过蓝色钴玻璃观察，故C正确；DNaOH易潮解，具有腐蚀

30、性，称量时应放在烧杯或其它玻璃器皿中，故D错误；答案为C。16、A【解析】分析：本题考查了晶体类型，掌握金刚石、晶体硅、二氧化硅是原子晶体，只有分子晶体的化学式才能表示分子的组成。详解：A、NO、C2H5OH、HNO3都是分子构成的物质，所以化学式能真实表示物质分子组成，故A正确；B、CaO是离子化合物，化学式只表示钙离子与氧离子的个数比是1:1，故B错误；C、Si是原子晶体，化学式不能真实表示物质分子组成，故C错误；D、SiO2是原子晶体，化学式只能表示晶体中硅原子与氧原子的个数比为1:2，故D错误。故答案选A。17、B【解析】分析：A项，N2的结构式为NN，N2中含键和键；B项，CH4的结

31、构式为，CH4中只有键；C项，CH2=CH2的结构式为，CH2=CH2中含键和键；D项，苯中含键和大键。详解：A项，N2的结构式为NN，1个N2分子中含1个键和2个键；B项，CH4的结构式为，CH4中只有键；C项，CH2=CH2的结构式为，1个CH2=CH2分子中含5个键和1个键；D项，苯中含键和大键；只有键而没有键的是CH4，答案选B。点睛：本题考查键和键的判断，键和键的一般规律：共价单键是键，共价双键中有1个键和1个键，共价三键中有1个键和2个键。注意苯中含大键。18、C【解析】氨基酸、油脂、蔗糖均不是高分子，C项符合题意19、D【解析】极性共价键的是一般是由不同非金属元素形成的共价键，据

32、此分析。【详解】A、单质碘的化学式为I2，只含有非极性共价键，故A不符合题意；B、氯化镁为离子化合物，只含有离子键，故B不符合题意；C、溴化碘的化学式为KBr，只含有离子键，故C不符合题意；D、水的化学式为H2O，结构式为HOH，只含有极性共价键，故D符合题意；答案选D。20、D【解析】A.甲苯可使KMnO4溶液褪色，甲苯上甲基被氧化是苯环对侧链的影响，A不符合题意；B.苯酚OH键易断裂，水溶液显弱酸性，而醇溶液显中性，是由于苯环对侧链的影响，B不符合题意；C.甲苯、苯都可与氢气发生加成反应，不能显示是否产生影响，C不符合题意；D.甲苯可与浓硝酸反应生成三硝基甲苯，而苯与浓硝酸发生取代反应生成

33、硝基苯，说明侧链使苯环活泼，更容易发生取代反应，D符合题意；故合理选项是D。21、D【解析】A.根据图示可知，能量转换方式有风能转化为电能、太阳能转化为电能、电能转化为化学能三种，A错误；B.X含有的官能团是羰基、醛基；Y中含有的官能团是碳碳双键、醚键、羟基，所含官能团种类不同，B错误；C.反应物CO2中的C元素化合价是+4价，在X中C元素化合价是0价，在Y中C元素化合价为+价，元素的化合价降低，因此是阴极产生的还原产物，C错误；D.CO2发生反应转化为X、Y后，实现了物质的资源化利用，降低了大气中CO2的含量，因此解决大气中CO2浓度增加导致的环境问题，D正确；故合理选项是D。22、B【解析

34、】本题考查有机物的溶解性。分析：苯和水不互溶且溴在苯中的溶解度大于水中的溶解度；四氯化碳和溴不反应，和水不互溶，溴在四氯化碳中的溶解度大于在水中的溶解度；溴和碘化钾发生置换反应；乙烯含有碳碳双键；植物油含有碳碳双键。详解：苯和水不互溶且溴在苯中的溶解度大于水中的溶解度，苯和溴不反应，所以苯能萃取溴，使溴水层几乎无色，故正确；四氯化碳和溴不反应，和水不互溶，二者混合分层，溴在四氯化碳中的溶解度大于在水中的溶解度，所以溴水层无色，故正确；溴和碘化钾发生置换反应，碘化钾不能做萃取剂，故错误；乙烯能和溴发生加成反应，故正确；植物油能和溴发生加成反应，故正确。故B正确。故选B。二、非选择题(共84分)2

35、3、2+H2O 加成反应 8 或 H2，Ni，加热加压 O2，Cu， HCN 【解析】根据分子式知，A为，B中不饱和度=1，B不能发生银镜反应，则B为CH3COCH3，根据信息知，C中含酚羟基、且有4种氢原子，结合F结构简式知，C结构简式为，根据信息知，D结构简式为（CH3）2C（OH）CN，根据信息知，E结构简式为CH2=C（CH3）COOH，根据信息知，1 mol F最多可与4 mol NaOH反应，则F为。（1）A为，B为CH3COCH3，A和B反应方程式为2+H2O，故答案为2+H2O；（2）通过以上分析知，B发生加成反应生成D，E结构简式为CH2=C（CH3）COOH，故答案为加成反

36、应；CH2=C（CH3）COOH；（3）F的结构简式为，故答案为；（4）C结构简式为，C的同分异构体中含有萘环（）结构，萘环上只有1个取代基且水解产物之一能与FeCl3溶液发生显色反应说明含有酯基且酯基水解生成酚羟基，萘环上氢原子种类为2种，如果取代基为-OOCCH2CH2CH2CH3，有两种同分异构体；如果取代基为-OOCCH2CH（CH3）2，有两种同分异构体，如果取代基为-OOCCH（CH3）CH2CH3，有两种同分异构体，如果取代基为-OOCC（CH3）3有两种同分异构体，所以符合条件的一共8种；其中核磁共振氢谱有8组峰的是或，故答案为8；或；（5）有苯酚经如下步骤可合成环己烯甲酸，根

37、据题干流程图中BDE的合成原理可知，要合成，可以首先合成，由水解即可得到，因此需要先合成环己酮，合成环己酮可以由苯酚和氢气在催化剂、加热、加压条件下发生加成反应生成环己醇，环己醇在Cu作催化剂、加热条件下被氧化生成环己酮，因此合成方法为：苯酚和氢气在催化剂、加热、加压条件下发生加成反应生成环己醇，所以G为环己醇，环己醇在Cu作催化剂、加热条件下被氧化生成环己酮，则H为环己酮，环己酮和HCN发生加成反应生成，所以I为，I水解生成环己烯甲酸，所以反应条件1为H2，催化剂，加热，反应条件2为氧气/Cu、加热，反应条件3为HCN，I的结构简式为，故答案为H2，催化剂，加热；O2，Cu，；HCN； 。点

38、睛：本题考查有机物推断，由物质结构简式结合题给信息进行推断。本题的难点是合成路线的规划，要注意充分利用信息和题干流程图中BDE的合成原理分析解答。24、C14H12O3取代反应消去反应46：1：2：1、【解析】根据F的分子式、白藜芦醇的结构，并结合信中第二步，可知F中苯环含有3个-OCH3，故F的结构简式为D发生信息中反应生成E，反应过程中的醛基转化为羟基，E发生消去反应生成F，可知E为，逆推可知D为，结合物质的分子式、反应条件、给予的信息，则C为，B为，A为，以此解答该题。【详解】(1)由白藜芦醇的结构简式可知其分子式为C14H12O3；(2)CD是C中羟基被溴原子替代，属于取代反应，EF是

39、E分子内脱去1分子式形成碳碳双键，属于消去反应；(3)化合物A的结构简式：，其1H核磁共振谱(H-NMR)中显示有4种不同化学环境的氢原子，个数比为6：1：2：1；(4)AB反应的化学方程式：；(5)由上述分析可知，D的结构简式为，E的结构简式为；(6)化合物的同分异构体符合下列条件：能发生银镜反应，说明含有醛基或甲酸形成的酯基；含苯环且苯环上只有两种不同化学环境的氢原子，则结构简式可能为、。25、CH3COOH+CH3CH218OHCH3CO18OC2H5+H2O 防止倒吸、冷凝 中和乙酸并吸收乙醇，降低乙酸乙酯的溶解度、有利于分层 溶液分层，上层为无色油状有香味的液体 CD B 【解析】（

40、1）羧酸与醇发生的酯化反应中，羧酸中的羧基提供-OH，醇中的-OH提供-H，相互结合生成水，其它基团相互结合生成酯，同时该反应可逆，若用 18O 标记乙醇中的氧原子，反应的化学方程式为CH3COOH+CH3CH218OHCH3CO18OC2H5+H2O；故答案为：CH3COOH+CH3CH218OHCH3CO18OC2H5+H2O；圆底烧瓶受热不均，球形干燥管的管口伸入液面下可能发生倒吸，球形干燥管体积大，可以防止倒吸，同时起冷凝作用；故答案为：防止倒吸、冷凝；用饱和碳酸钠溶液来收集酯的作用是：溶解掉乙醇，反应掉乙酸，降低乙酸乙酯的溶解度，故答案为：中和乙酸并吸收乙醇，降低乙酸乙酯的溶解度、有

41、利于分层；乙酸乙酯不溶于饱和碳酸钠溶液，密度比水小，溶液分层，上层为无色油状有香味的液体；故答案为：溶液分层，上层为无色油状有香味的液体A单位时间里，生成 1mol 乙酸乙酯，同时生成 1mol 水，均为正反应速率，不能判断反应是否达到平衡状态，故A不选；B单位时间里，消耗 1mol 乙醇，同时消耗 1mol 乙酸，均为正反应速率，不能判断反应是否达到平衡状态，故B不选；C正反应的速率与逆反应的速率相等，说明乙醇与乙酸的酯化反应已达到化学平衡状态，故C选；D混合物中各物质的浓度不再变化，说明乙醇与乙酸的酯化反应已达到化学平衡状态，故D选；故选CD。（2）A苯甲酸与苯胺 反应生成和水，由反应可知

42、反应时断键位置为C-O键和N-H键，故A正确；B苯甲酸微溶于水、苯胺易溶于水、N苯基苯甲酰胺不溶于水，而苯甲酸、苯胺易溶于乙醚，N苯基苯甲酰胺微溶于乙醚，则用乙醚洗涤粗产品比用水效果好，故B错误；C产物易溶于热乙醇，冷却后易于结晶析出，可用结晶的方法提纯，则产物可选用乙醇作为溶剂进行重结晶提纯，故C正确；D硅胶吸水，可使平衡正向移动，能使反应进行更完全，故D正确；故选B。26、蓝色悬浊液最终变为红色沉淀 CH3CHO + 2Cu(OH)2 + NaOH CH3COONa + Cu2O+ 3H2O 相同条件下，乙醛的缩合反应快于氧化反应；多个乙醛缩合，使醛基物质的量减少 适当增大NaOH浓度有利

43、于生成Cu2O 氢氧化钠溶液浓度对该反应的影响程度更大 【解析】（1）新制氢氧化铜为蓝色悬浊液，氧化乙醛后铜元素化合价从+2价降低到+1价会变成砖红色沉淀Cu2O，据此证明乙醛被氧化；乙醛在碱性条件下加热，被新制的Cu(OH)2氧化生成乙酸钠、氧化亚铜和水；对照实验，实验的现象说明乙醛发生了缩合反应，据此分析作答；（2）对照实验和实验，分析氢氧化钠浓度对反应的影响；（3）实验砖红色现象明显，根据变量法分析作答。【详解】（1）若乙醛被新制的Cu(OH)2氧化，则实验中颜色会发生明显变化，即蓝色悬浊液最终会变为红色沉淀，据此可证明乙醛被新制的Cu(OH)2氧化，故答案为蓝色悬浊液最终变为红色沉淀；

44、乙醛与新制的Cu(OH)2发生反应的化学方程式为CH3CHO + 2Cu(OH)2 + NaOHCH3COONa + Cu2O+ 3H2O，故答案为CH3CHO + 2Cu(OH)2 + NaOHCH3COONa + Cu2O+ 3H2O；实验中上层清液出现棕黄色油状液体，底部有少量红色沉淀，其可能的原因是相同条件下，乙醛的缩合反应快于氧化反应；多个乙醛缩合，使醛基物质的量减少，故答案为相同条件下，乙醛的缩合反应快于氧化反应；多个乙醛缩合，使醛基物质的量减少；（2）通过实验和实验的现象可以看出，乙醛溶液浓度一定时，适当增大NaOH浓度有利于生成Cu2O，故答案为适当增大NaOH浓度有利于生成C

45、u2O；（3）通过对比实验和实验，实验中氢氧化钠的浓度较大，乙醛的浓度较小，通过现象可以得出结论，氢氧化钠溶液浓度对该反应的影响程度更大，故答案为氢氧化钠溶液浓度对该反应的影响程度更大。27、 增大反应物的浓度，使平衡正向移动，提高乙酸的转化率； 浓硫酸能吸收反应生成的水，使平衡正向移动，提高酯的产率 浓硫酸具有强氧化性和脱水性，会使有机物碳化，降低酯的产率 饱和碳酸钠溶液 中和乙酸、吸收乙醇减少乙酸乙酯在水中的溶解 冷凝回流 防止加热温度过高，有机物碳化分解 BC 分液漏斗 A 【解析】（1）实验室用乙醇和乙酸在浓硫酸加热的条件下制乙酸乙酯，化学方程式为。答案为：；（2）酯化反应属于可逆反应

46、，加入过量的乙醇，相当于增加反应物浓度，可以让平衡生成酯的方向移动，提高酯的产率；在酯化反应中，浓硫酸的作用是催化剂和吸水剂；理论上加入数滴浓硫酸即能起催化作用，但实际用量多于此量，原因是：利用浓硫酸能吸收生成的水，使平衡向生成酯的方向移动，提高酯的产率；“浓硫酸用量又不能过多”，原因是：浓硫酸具有强氧化性和脱水性，会使有机物碳化，降低酯的产率；答案为：增大反应物的浓度，使平衡正向移动，提高乙酸的转化率；浓硫酸能吸收反应生成的水，使平衡正向移动，提高酯的产率；浓硫酸具有强氧化性和脱水性，会使有机物碳化，降低酯的产率；（3）由于乙酸和乙醇具有挥发性，所以制得的乙酸乙酯中常混有少量挥发出的乙酸和乙

47、醇，将产物通到饱和碳酸钠溶液的液面上，饱和碳酸钠溶液的作用是：中和乙酸、溶解乙醇、减少乙酸乙酯在水中的溶解；答案为：饱和碳酸钠溶液；中和乙酸、吸收乙醇减少乙酸乙酯在水中的溶解；（4）乙酸、丁醇加热易挥发，为减少原料的损失，直玻璃管对蒸汽进行冷凝，重新流回反应器内。试管与石棉网直接接触受热温度高，容易使有机物分解碳化。故答案为：冷凝、回流；防止加热温度过高，有机物碳化分解。（5）提高1丁醇的利用率，可使平衡向生成酯的方向移动。A. 使用催化剂，缩短反应时间，平衡不移动，故A错误；B. 加过量乙酸，平衡向生成酯的方向移动，1丁醇的利用率增大，故B正确；C. 不断移去产物，平衡向生成酯的方向移动，1

48、丁醇的利用率增大，故C正确；D. 缩短反应时间，反应未达平衡，1丁醇的利用率降低，故D错误。答案选BC。（6）分离互不相溶的液体通常分液的方法，分液利用的仪器主要是分液漏斗，使用时注意下层液从分液漏斗管放出，上层液从分液漏斗上口倒出，酯的密度比水小，应从分液漏斗上口倒出。故答案为：分液漏斗；A。28、 放热 N2(g)3H2(g)2NH3(g)H92kJmol1 环形玻璃搅拌棒 0.55 4OH4e=2H2OO2 HCO存在电离平衡：HCOHCO，阴极H放电浓度减小平衡右移，CO再生(或阴极H放电OH浓度增大，OH与HCO反应生成CO，CO再生) 60【解析】分析： (1)反应物总能量大于生成

49、物总能量，为放热反应；化学反应中，化学键断裂吸收能量，形成新化学键放出能量，根据方程式计算分别吸收和放出的能量，以此计算反应热并判断吸热还是放热；(2)根据量热计的构造来判断该装置的缺少仪器；为了使反应充分,NaOH应过量；（3）阳极上氢氧根离子放电生成氧气；碳酸氢根离子程度电离平衡、氢氧根离子和碳酸氢根离子反应生成碳酸根离子；（4）依据Ka2=cH+c(SO32-)c(HSO3-)，得溶液中c(SO32-)c(HSO3-)=Ka2c(H+)，以此解答。详解:(1)反应物的总能量为E1，生成物的总能量为E2，若E1E2，则该反应为放热反应，因此，本题正确答案是：放热；在反应N2+3H22NH3

50、中，断裂3molHH键，1molNN共吸收的能量为:3436 kJ+946 kJ=2254 kJ，生成2mol NH3，共形成6mol1molNH键，放出的能量为:6391kJ=2346kJ，吸收的热量少,放出的热量多,该反应为放热反应,放出的热量为：2346kJ -2254 kJ =92kJ；因此，本题正确答案是：N2(g)3H2(g)2NH3(g)H92kJmol1 ；(2)根据量热计的构造可以知道该装置的缺少仪器是环形玻璃搅拌棒；实验室提供了0.50molL1和0.55molL1两种浓度的NaOH溶液，为了使反应充分,NaOH应过量,所以选择0.55molL1的溶液进行实验，因此，本题正确答案是：环形玻璃搅拌棒；0.55；(3)